【数学】2018届一轮复习人教A版专题2-3破解6类解答题-备战高三数学考试万能工具包学案 18页

第2篇 考前必看解题技巧 专题03 破解6类解答题 一、三角函数问题重在“变”——变角、变式与变名 ‎　　三角函数类解答题是高考的热点,其起点低、位置前,但由于其公式多,性质繁,使不少同学对其有种畏惧感.突破此类问题的关键在于“变”——变角、变式与变名.学/* +- ‎ ‎(1)变角:已知角与特殊角的变换、已知角与目标角的变换、角与其倍角的变换、两角与其和差角的变换以及三角形内角和定理的变换运用.如 α=(α+β)-β=(α-β)+β,2α=(α+β)+(α-β),2α=(β+α)-(β-α).‎ ‎(2)变式:根据式子的结构特征进行变形,使其更贴近某个公式,方法通常有:“常值代换”“逆用、变形用公式”“通分约分”“分解与组合”“配方与平方”等.‎ ‎(3)变名:通过变换函数名称达到减少函数种类的目的,方法通常有“切化弦”“升次与降次”等.‎ 例1　在△ABC中,内角A,B,C所对的边分别为a,b,c.已知a>b,a=5,c=6,sin B=.‎ ‎(1)求b和sin A的值;‎ ‎(2)求sin的值.‎ 所以sin 2A=2sin Acos A=,cos 2A=1-2sin2A=-.(变名)‎ 故sin=sin 2Acos+cos 2Asin=.(变角)‎ 变式:利用恒等变换变为sin A=.‎ 变名:利用二倍角公式实现三角函数名称的变化.‎ 变角:把2A+的三角函数表示为2A和的三角函数.‎ ‎▲破解策略　求解此类题目的策略:‎ 既要注重三角知识的基础性,又要注重三角知识的应用性,突出与代数、几何、向量等知识的综合联系.“明确思维起点,把握变换方向,抓住内在联系,合理选择公式”是三角变换的基本要决.在解题时,要紧紧抓住“变”这一核心,灵活运用公式与性质,仔细审题,快速运算.‎ ‎　【变式训练】【2018四川省广元市一模】设函数 .‎ ‎（1）求的最大值，并写出使取最大值时的集合；‎ ‎（2）已知中，角的对边分别为，若， ，求的最小值.‎ 二、数列问题重在“归”——化归、归纳 ‎　　等差数列与等比数列是两个基本数列,是一切数列问题的出发点与归宿.首项与公差(比)称为等差数列(等比数列)的基本量.只要涉及这两个数列的数学问题,我们总希望把条件化归为等差或等比数列的基本量间的关系,从而达到解决问题的目的.这种化归为基本量处理的方法是等差或等比数列特有的方法,对于不是等差或等比的数列,可从简单的个别的情形出发,从中归纳出一般的规律、性质,这种归纳思想便形成了解决一般性数列问题的重要方法:观察、归纳、猜想、证明.由于数列是一种特殊的函数,也可根据题目的特点,将数列问题化归为函数问题 解决.‎ ‎　例2　(2017课标全国Ⅲ,17,12分)设数列{an}满足a1+3a2+…+(2n-1)an=2n.‎ ‎(1)求{an}的通项公式;‎ ‎(2)求数列的前n项和.‎ 从而{an}的通项公式为an=(n∈N*).‎ ‎(2)记的前n项和为Sn.‎ 由(1)知==-.(化归)‎ 则Sn=-+-+…+-=.‎ 归纳:通过条件归纳出a1+3a2+…+(2n-3)an-1=2(n-1)(n≥2),进而得出{an}的通项公式.‎ 化归:把数列的通项分拆,利用裂项相消法求和.‎ ‎▲破解策略　“算一算、猜一猜、证一证”是数列中特有的归纳思想,利用这种思想可探索一些一般数列的简单性质.等差数列与等比数列是数列中的两个特殊的基本数列,高考中通常考查的是非等差、等比数列问题,应对的策略就是通过化归思想,将其转化为这两种数列.‎ ‎　【变式训练】【2018江西省师范大学附属中学、九江第一中学联考】已知正项数列满足:  ‎ ‎(1)求数列的通项公式;‎ ‎(2)求的值.‎ 三、立体几何问题重在“建”——建模、建系 ‎　　立体几何解答题的基本模式是论证推理与计算相结合,以某个几何体为依托,分步设问,逐层加深,解决这类题目的原则是建模、建系.建模——将问题转化为平行模型、垂直模型、平面化模型及角度、距离等的计算模型;建系——依托于题中的垂直条件,建立空间直角坐标系,利用空间向量求解.‎ 例3　(2017课标全国Ⅲ,19,12分)如图,四面体ABCD中,△ABC是正三角形,△ACD是直角三角形,∠ABD=∠CBD,AB=BD.‎ ‎(1)证明:平面ACD⊥平面ABC;‎ ‎(2)过AC的平面交BD于点E,若平面AEC把四面体ABCD分成体积相等的两部分,求二面角D-AE-C的余弦值.‎ ‎　　‎ 所以平面ACD⊥平面ABC.‎ ‎(2)由题设及(1)知,OA,OB,OD两两垂直.以O为坐标原点,的方向为x轴正方向,||为单位长,建立如图所示的空间直角坐标系O-xyz.(建系)‎ 则A(1,0,0),B(0,,0),C(-1,0,0),D(0,0,1).‎ 由题设知,四面体ABCE的体积为四面体ABCD的体积的,从而E到平面ABC的距离为D到平面ABC的距 同理可取m=(0,-1,),则cos==.‎ 易知二面角D-AE-C为锐二面角,学/* +-* ‎ 所以二面角D-AE-C的余弦值为.‎ 建模:构建二面角的平面角模型.‎ 建系:以两两垂直的直线为坐标轴.‎ ‎▲破解策略　立体几何的内容在高考中的考查情况总体上比较稳定,因此,复习备考时往往有“纲”可循,有“题”可依.在平时的学习中,要加强“一题两法(几何法与向量法)”的训练,切勿顾此失彼;要重视识图训练,能正确确定关键点或线的位置,将局部空间问题转化为平面问题;能依托于题中的垂直条件,建立适当的空间直角坐标系,将几何问题化归为代数问题.‎ ‎　【变式训练】【湖南省株洲市2018届高三教学质量统一检测】如图,在几何体中，四边形为矩形，四边形为梯形, ,平面与平面垂直，且.‎ ‎（1）求证： 平面；‎ ‎（2）若,且平面与平面所成锐二面角的余弦值为,求的长.‎ 四、概率问题重在“辨”——辨析、辨型 ‎　　概率与统计问题的求解关键是辨别它的概率模型,只要模型一找到,问题便迎刃而解.而概率与统计模型的提取往往需要经过观察、分析、归纳、判断等复杂的辨析思维过程,同时,还需清楚概率模型中等可能事件、互斥事件、对立事件等事件间的关系,注意放回和不放回试验的区别,合理划分复杂事件.‎ 例4　(2016课标Ⅱ,18,12分)某险种的基本保费为a(单位:元),继续购买该险种的投保人称为续保人,续保人本年度的保费与其上年度出险次数的关联如下:‎ 上年度出险次数 ‎0‎ ‎1‎ ‎2‎ ‎3‎ ‎4‎ ‎≥5‎ 保　费 ‎0.85a a ‎1.25a ‎1.5a ‎1.75a ‎2a 设该险种一续保人一年内出险次数与相应概率如下:‎ 一年内出险次数 ‎0‎ ‎1‎ ‎2‎ ‎3‎ ‎4‎ ‎≥5‎ 概　率 ‎0.30‎ ‎0.15‎ ‎0.20‎ ‎0.20‎ ‎0.10‎ ‎0.05‎ ‎　　(1)求一续保人本年度的保费高于基本保费的概率;‎ ‎(2)若一续保人本年度的保费高于基本保费,求其保费比基本保费高出60 的概率;‎ ‎(3)求续保人本年度的平均保费与基本保费的比值.‎ 解析　(1)设A表示事件:“一续保人本年度的保费高于基本保费”,则事件A发生当且仅当一年内出险次数大于1,(辨析1)‎ 故P(A)=0.2+0.2+0.1+0.05=0.55.(辨型1)‎ ‎(2)设B表示事件:“一续保人本年度的保费比基本保费高出60 ”,则事件B发生当且仅当一年内出险次数大于3,(辨析2)‎ 故P(B)=0.1+0.05=0.15.‎ 又P(AB)=P(B),‎ 故P(B|A)====.(辨型2)‎ 辨型1:该问题为求随机事件的概率,利用互斥事件的概率加法公式求解.‎ 辨析2:判断事件B发生,在一年内出险次数为4或≥5.‎ 辨型2:该问题为条件概率,可利用公式求解.‎ ‎▲破解策略　概率与统计知识的复习应抓住基本概念、基本公式,不需要做难题、偏题、怪题.在审题时,一般按以下程序操作:(1)准确弄清问题所涉及的事件有什么特点,事件之间有什么关系,如互斥、对立、独立等;(2)理清事件以什么形式发生,如同时发生、至少有几个发生、至多有几个发生、恰有几个发生等;(3)明确抽取方式,如放回还是不放回、抽取有无顺序等;(4)准确选择排列组合的方法 计算基本事件发生数和事件总数,或根据概率计算公式和性质 计算事件的概率.‎ ‎　【变式训练】【2018湖南省长沙市第一中学模拟】2017年4月1日，新华通讯社发布：国务院决定设立河北雄安新区.消息一出，河北省雄县、容城、安新3县及周边部分区域迅速成为海内外高度关注的焦点.‎ ‎（1）为了响应国家号召，北京市某高校立即在所属的8个学院的教职员工中作了“是否愿意将学校整体搬迁至雄安新区”的问卷调查，8个学院的调查人数及统计数据如下：‎ 调查人数()‎ ‎10‎ ‎20‎ ‎30‎ ‎40‎ ‎50‎ ‎60‎ ‎70‎ ‎80‎ 愿意整体搬迁人数()‎ ‎8‎ ‎17‎ ‎25‎ ‎31‎ ‎39‎ ‎47‎ ‎55‎ ‎66‎ 请根据上表提供的数据，用最小二乘法求出变量关于变量的线性回归方程 ‎（保留小数点后两位有效数字）；若该校共有教职员工2500人，请预测该校愿意将学校整体搬迁至雄安新区的人数；‎ ‎（2）若该校的8位院长中有5位院长愿意将学校整体搬迁至雄安新区，现该校拟在这8位院长中随机选取4位院长组成考察团赴雄安新区进行实地考察，记为考察团中愿意将学校整体搬迁至雄安新区的院长人数，求的分布列及数学期望.‎ 参考公式及数据： .‎ 五、解析几何问题重在“设”——设点、设线 ‎　　解析几何试题知识点多,运算量大,能力要求高,综合性强,在高考试题中大都是以压轴题的面貌出现,是考生“未考先怕”的题型,不是怕解题无思路,而是怕解题过程中繁杂的运算.因此,在遵循“设——列——解”程序化解题的基础上,应突出解析几何“设”的重要性,以克服平时重思路方法、轻运算技巧的顽疾,突破如何避繁就简这一瓶颈.‎ 例5　(2017课标全国Ⅰ,20,12分)设A,B为曲线C:y=上两点,A与B的横坐标之和为4.‎ ‎(1)求直线AB的斜率;‎ ‎(2)设M为曲线C上一点,C在M处的切线与直线AB平行,且AM⊥BM,求直线AB的方程.‎ 解析　(1)设A(x1,y1),B(x2,y2),‎ 则x1≠x2,y1=,y2=,x1+x2=4,(设点)‎ 于是直线AB的斜率k===1.‎ ‎(2)由y=,得y'=,‎ 设M(x3,y3),由题设知=1,‎ 即4=2(m+1),解得m=7.‎ 所以直线AB的方程为y=x+7.‎ 设点:设出A,B两点坐标,并得出x1≠x2,x1+x2=4.‎ 设线:由(1)知直线斜率,再设直线方程为y=x+m,利用条件可求出m的值.‎ ‎▲破解策略　解析几何的试题常要根据题目特征,恰当地设点、设线,以简化运算.常见的设点方法有减元设点、参数设点、直接设点等,常见的设线方法有圆方程的标准式与一般式、直线方程有y=kx+b、x=my+n及两点式、点斜式等形式、还有曲线系方程、参数方程等.‎ ‎　【变式训练】【2018黑龙江省大庆市一模】已知椭圆 ，其焦距为2，离心率为 ‎（1）求椭圆的方程；‎ ‎（2）设椭圆的右焦点为， 为轴上一点，满足，过点作斜率不为0的直线交椭圆于两点，求面积的最大值.‎ 六、函数与导数问题重在“分”——分离、分解 ‎　　以函数为载体,以导数为工具的综合问题是高考常考的压轴大题,多涉及含参数的函数的单调性、极值或最值的探索与讨论,复杂函数的零点的讨论,不等式中参数范围的讨论,恒成立和能成立问题的讨论等,是近几年高考试题的命题热点.对于此类综合试题,一般先求导,再变形或分解出基本函数,再根据题意处理.‎ 例6　(2017课标全国Ⅱ,21,12分)已知函数f(x)=ax2-ax-xln x,且f(x)≥0.‎ ‎(1)求a; - /* ‎ ‎(2)证明: f(x)存在唯一的极大值点x0,且e-2< f(x0)<2-2.‎ 当01时,g'(x)>0,g(x)单调递增.‎ 所以x=1是g(x)的极小值点,故g(x)≥g(1)=0.‎ 综上,a=1.‎ ‎(2)由(1)知f(x)=x2-x-xln x, f '(x)=2x-2-ln x.‎ 设h(x)=2x-2-ln x,(分解)‎ 则h'(x)=2-.‎ 当x∈时,h'(x)<0;‎ 当x∈时,h'(x)>0,‎ 所以h(x)在单调递减,在单调递增.‎ 分离:把函数f(x)分离为x与g(x)的积.‎ 分解:构造h(x)=2x-2-ln x.‎ ‎　　▲破解策略　函数与导数压轴题计算复杂、综合性强、难度大.可以参变量分离,把复杂函数分离为基本函数;可把题目分解成几个小题;也可把解题步骤分解为几个小步,注重分步解答,这样,即使解答不完整,也要做到尽可能多拿步骤分.‎ ‎【变式训练】　已知函数 ‎（1）若不等式恒成立，则实数的取值范围；‎ ‎（2）在（1）中， 取最小值时，设函数.若函数在区间上恰有两个零点，求实数的取值范围；‎ ‎（3）证明不等式： （且）.‎ 答案精解精析 一、三角函数问题重在“变”——变角、变式与变名 ‎　【变式训练】【解析】（1）由题意得 ‎ ，‎ ‎∵，‎ ‎∴，‎ ‎∴的最大值为2．此时，即，‎ ‎∴，‎ ‎∴‎ 在中， ， ，‎ 由余弦定理得 又，‎ ‎∴，当且仅当时取等号，‎ ‎∴的最小值为.‎ 二、数列问题重在“归”——化归、归纳 ‎　【变式训练】【解析】 ‎ ‎(1) =,‎ ‎⇒=,‎ ‎,所以,‎ 又===‎ ‎.‎ ‎(2) ====,‎ 所以原式=‎ ‎== .‎ 三、立体几何问题重在“建”——建模、建系 ‎　【变式训练】【解析】（1)证明：因为平面与平面垂直 故平面 x/*kw ‎（2）由（1）知， 垂直， 垂直，又垂直， 平行，所以垂直，如图，以为坐标原点， 分别为轴建立空间坐标系 ‎ ‎ 又，所以，‎ 设 ‎ 则 ‎ ‎ ‎ 因为平面与平面所成锐二面角的余弦值为，则，‎ 即，解得，即 ‎ 四、概率问题重在“辨”——辨析、辨型 ‎　【变式训练】【解析】‎ ‎（1）由已知有 ，‎ ‎,故变量 关于变量 的线性回归方程为，所以当 时， .‎ ‎（2）由题意可知的可能取值有1，2,3,4.‎ ‎，‎ ‎.‎ 所以 的分布列为 ‎1‎ ‎2‎ ‎3‎ ‎4‎ 五、解析几何问题重在“设”——设点、设线 ‎　【变式训练】【解析】 ‎ ‎(1)因为椭圆焦距为2，即，所以,，所以，从而，所以椭圆的方程为.‎ ‎ ， 令， ，则，当时， 取得最大值，此时， ， 取得最大值.‎ 六、函数与导数问题重在“分”——分离、分解 ‎　　【变式训练】　【解析】 ‎ ‎(2)由(1)可知， ，当时， ，‎ ‎ ， ‎ 在区间上恰有两个零点，即关于的方程在区间上恰有两个实数根. 整理方程得， ，令， ， 令， ，‎ 则， ，于是， 在上单调递增.‎ 因为，当时， ，从而， 单调递减，‎ 当时， ，从而， 单调递增， ‎ ‎， ， ，‎ 因为，所以实数的取值范围是. ‎ ‎(3)由(1)可知，当时，有，‎ 当且仅当时取等号.‎