大学物理_上_答疑 13页

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  • 2022-08-16 发布

大学物理_上_答疑

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大学物理_上_答疑1-4、解:小车速度和加速度的大小就是绳子的速度和加速度的大小。设人离台脚O的距离为,从滑轮到人手的绳子长度为,依题意有,(1)小车速度的大小为:(2)小车加速度的大小为:(3)小车运动的距离为:2、课本p18极坐标答疑:—为径向的单位矢量,—为垂直于径向的单位矢量,它们的大小为:;解:将AB两点的径向矢量平移到一起,如图在此矢量图中,当时,,方向:当时,与方向一致,所以同理可得:1-1、解:后一种方法正确。因为速度和加速度是矢量,满足如下关系:;所以,,1-23、解:在惯性系中求解。取坐标如图,设m相对于M的加速度为,m、M相对于地面的加速度为和,则矢量式及分量式分别为:对m:(1)对M:(2)共13页第13页\n大学物理_上_答疑伽利略加速度变换:(3)(4)对m:(5)(6)对M:(7)(8)由图分析可知:m相对于斜面的加速度的两分量、间有关系:(9)由(5)-(9)式联立解得:1-3、解:(1)因为,分离变量后积分:,,(2)因为,则,当时,轿车行进的最大距离为:2-4、解:以小球为研究对象,小球在水平面内的受力分析如图,选择自然坐标系,为圆环对小球的正压力,它是产生圆周运动的向心力,此力只改变速度的方向,对小球不作功。小球还受到圆环对它的摩擦力,它在各点处与速度相反,只改变大小。由微过程中的动能定理可知(1)其中:(2)(3)共13页第13页\n大学物理_上_答疑由(1)、(2)和(3)式可得上式积分后有因此小球运动一周后回到原位时的速率为:2-7、解:本题中不计物体受到的摩擦力。(1)、经过弹簧原长位置以前,在水平方向两物体加速,之后由于弹簧伸长,受拉力作用而减速,不受外力而保持匀速运动。所以当弹簧由压缩而到恢复原长时,、开始分离,此时速度最大。由于在恢复到原长过程中只有弹性力做功,与间相互作用力的总功为零,桌面支持力不做功,因此机械能守恒,有则(2)分开后,作以速度的匀速直线运动,作简谐振动,振幅可由机械能守恒定律求得2-12、解:设物体质量为,由于系统内只有万有引力,因此体系的角动量和机械能都守恒,在,处,有解之得:在,处,有解之得共13页第13页\n大学物理_上_答疑2-13、解:力函数:×由此可得时,2-14、解:选氢原子中心为坐标原点,建立如图坐标系,则各个原子的坐标如下:N点坐标(0,0,h),点坐标(-a,-b,0),点坐标(c,0,0),点坐标(-a,b,0),计算质心得,,距氮原子距离:(答案错了)2-15、解:(1)建立坐标系如书本图,取小体元,距坐标原点z处,取一厚度为dz的小体元,边长为,,则小体元体积为(2)2-21、解:由自由下落及竖直上抛运动知识可得,,,…,,其中,为自由下落到水平面处的末速率的大小,分别为第1,2,…,n-1,n次碰撞后回升的初速率或第2,3,…,n,n+1次碰撞前的速率;分别为回升的高度。恢复系数e决定于小球的质料,在各次碰撞中应是常数,根据牛顿碰撞定律有共13页第13页\n大学物理_上_答疑而,,…,所以,2-23、解:解:绳对物体m的拉力为,其力矩为零。故角动量守恒,有(1)又有(2)由(1)(2)可得1-24、解:如图,物体受弹力,重力和支持力的作用,在锥面上作半径为r的圆周运动,其牛顿运动方程为:分量式为:(1)(2)由于向心加速度,则式(1)、(2)可简化为(3)(4)考虑到弹力,物体恰要离开锥面的条件是,则由(3)、(4)式可得:(5)(6)求解方程(5)、(6)式可得:;共13页第13页\n大学物理_上_答疑2-11、解:(1)取质量微元dM,则两点之间的万有引力为由对称性,则其在y方向的分量相互抵消,只剩x方向,于是则合力为(2),积分得,整理得3-1、求一质量为m,半径为R的均匀实心球对其一条直径为轴的转动惯量。dZZYXORr解:球绕Z轴旋转,离球心Z高处切一厚为dz的薄圆盘。其半径为:,其体积:其质量:其转动惯量:(二)也可以取球壳,则其体积微元,质量微元,微元的转动惯量3-4、解:;;系统共13页第13页\n大学物理_上_答疑3-7、解:质量为m,半径为R匀质薄圆盘,水平放在水泥地面上。开始时以角速度绕中心竖直轴转动,设盘面与地面的滑动摩擦系数为,问经过多长时间,其转速减为原来一半?Rrdr解:由圆盘上取一半径为,宽度为的圆环,圆环的质量,而,则圆环所受摩擦力矩为;(1)(一)由转动定律可得:(2)由匀角加速度转动公式有:,(3)由(1)、(2)和(3)得:(二)用动量矩定理:,3-8、解:受力分析和选取坐标系如图,则有对:(1)对:(2)对:(3)关联:(4)关联:(5)(6)(7)关系:(8)关系:(9)共13页第13页\n大学物理_上_答疑联立解之得:,,代入(1)有,,3-10、解:(1),,,(2)3-11、解:隔离轮子,摩擦力的冲量矩为,角动量改变为,由角动量定理有:(1)对轮子同样有:(2)以上两式得:(3)稳定后,两轮轮边的线速度相等,即:(4)解式(3)、(4)可得:3-12、解:如图示,劲度系数为k的轻弹簧一端固定,另一端通过一定滑轮系一质量为m的物体,定滑轮半径为R,转动惯量为I,绳与滑轮间无相对滑动,求物体从弹簧原长时由静止开始下落h距离时的速度。解:(一)用机械能守恒定律:共13页第13页\n大学物理_上_答疑(1)(2)由(1)、(2)可得:(二)用转动定律:设向下为正对m:(1)对I:(2)对弹簧:(3)联系:(4)由(1)、(2)、(3)、(4)可得:则,由此可得3-13、解:(1)利用转动定律,即可得:,(2)质心的切向加速度:由刚体质心运动定律可得,即3-16、解:(1)小物块滑落过程:,所以(2)小物块与杆碰撞并粘在一起的过程角动量守恒:,所以(3)杆和物块一起上升的过程机械能守恒:(选杆的末端为重力势能零点)解之得:共13页第13页\n大学物理_上_答疑3-17、解:打击过程时间极短,故地面摩擦力比打击力小得多,即。在水平方向对质心应用动量定理,对球体滚动应用角动量定理,即(1)(2)式中为球心平动速度,为打击点到球心的距离,为球体绕质心轴的转动惯量。考虑到纯滚动条件:(3)由(1)(2)(3)式解得:4-8、解:设在平衡位置O时,弹簧伸长,弹簧伸长,则取轴方向向右,当物体向右位移为时,它受到的合力为所以可见,物体受到的合力与它离开平衡位置的位移成正比,而方向相反,故物体作简谐振动,其频率为;4-9、解:(1)在平衡位置O,两弹簧和处于自然伸长状态,设物体从平衡位置向右位移为,如图,此时物体受到弹性力为,则式中为等效劲度系数,又因为两弹簧和为串联。所以而;注意到所以;由可知,物体作简谐振动,其频率为(2)子弹打入木块的碰撞过程,满足动量守恒:共13页第13页\n大学物理_上_答疑此时,系统速度最大:此时弹簧振子系统的的初始条件为:,,且向左运动,设弹簧振子系统的简谐振动方程:,代入初始条件得:;;解之得:;m2图4-12、如图所示劲度系数为k的轻弹簧,系一质量为m1的物体在水平面上作振幅为A的简谐运动。有一质量为m2的粘土,从高度为h处自由下落,正好在(a)物体通过平衡位置时(此时振动周期为,振幅为);(b)物体在最大位移时(此时振动周期为,振幅为);落在物体之上,分别比较:(1)两个位置振动的周期(24);(2)两个位置振动的振幅(25)(填>,<或=)。(24);(25)解:(1)粘土未落至M上时,系统的振动周期为粘土落至M上时,系统的振动周期为,可见(2)若振子处于平衡位置,粘土未落至M上,物体M速度为粘土落下与M相碰后的速度为所以共13页第13页\n大学物理_上_答疑此时,,设粘土与M一起振动的振幅为,则;可见,若振子处于最大位移处时,,,粘土落至M上相碰后方向速度不变,即,此时,,所以,振幅不变。4-20、解:平衡时,细线中的张力为式中m为杆的质量。设横杆的长度L,当杆扭转小角时,细线与铅垂线夹角设为,则有式中l为细杆长。细线中张力的水平及竖直分力分别为力矩为根据转动定律,有比较上两式,得;令式中I为杆的转动惯量,,代入上式得所以,杆的摆动周期为4-21、解:设圆柱体的半径为R,与水平面间的摩擦系数为。当圆柱体偏离平衡位置为x时,对质心而言,受到向左的弹力及向右的摩擦力。于是对质心:(1)根据牛顿定律有:(2)共13页第13页\n大学物理_上_答疑对比式(1)、式(2)得:(3)对质心轴(4)式中;(5)(6)将式(5)、(6)代入式(4),得(7)将式(7)代入式(3)消去项,得(8)经整理得(9)令(10)所以,振动周期为:共13页第13页

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