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  • 2021-06-15 发布

湖南省江西省2020届高三普通高中名校联考信息卷(压轴卷一)文科数学试题 答案

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书书书 2020届·普通高中名校联考信息卷(压轴卷一)·文科数学 参考答案                                题号 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 答案 D C B D D D B B B C A D 13.1 14.7 12 15. 槡3 3 16.①甲省比乙省新增人数的平均数低 ②甲省比乙省的方差要大 17.解:(1)证明:因为犪3=7,犪3=3犪2-2,所以犪2=3, (1分)…………………………………… 所以犪狀=2犪狀-1+1, (2分)…………………………………………………………………… 所以犪1=1, (3分)……………………………………………………………………………… 犪狀+1 犪狀-1+1=2犪狀-1+2 犪狀-1+1=2(狀≥2), (5分)………………………………………………………… 所以数列 犪狀{ }+1 是首项为犪1+1=2,公比为2的等比数列. (6分)……………………… (2)由(1)知,犪狀+1=2狀, (7分)……………………………………………………………… 所以犪狀=2狀-1. (8分)………………………………………………………………………… 所以犛狀=2(1-2狀) 1-2 -狀=2狀+1-狀-2, (9分)………………………………………………… 所以狀+犛狀-2犪狀=狀+(2狀+1-狀-2)-2(2狀-1)=0, (10分)……………………………… 所以狀+犛狀=2犪狀. (11分)……………………………………………………………………… 即狀,犪狀,犛狀 成等差数列. (12分)……………………………………………………………… 18.解:(1)依题意有(0.00015+0.0002+犪+0.00003×2)×2000=1, 解得犪=0.00009. (4分)……………………………………………………………………… (2)由图可知,犃 地区200家实体店该品牌高压锅的月经济损失的众数为3000, 第一块小矩形的面积犛1=0.3,第二块小矩形的面积犛2=0.4, 故所求中位数在[2000,4000)之间,故所求中位数为2000+0.5-0.3 0.0002 =3000. (9分)…… (3)由频率分布直方图得珚狓<6000. (12分)………………………………………………… 12020届·普通高中名校联考信息卷(压轴卷一)·文科数学参考答案 19.(1)证明:因为底面犃犅犆犇 是正方形,所以犃犅⊥犃犇, 因为梯形犃犇犈犉⊥底面犃犅犆犇,所以犃犅⊥平面犃犇犈犉, 因为犇犉平面犃犇犈犉,所以犃犅⊥犇犉. 因为梯形 犃犇犈犉 中,犃犉=犈犉=犇犈=1 2犃犇,取 犃犇 的中点 犌,连接犉犌, 所以犉犌=1 2犃犇,所以犇犉⊥犃犉. 因为犃犉∩犃犅=犃,所以犇犉⊥平面犃犅犉, 因为犇犉平面犆犇犉,所以平面犃犅犉⊥平面犆犇犉. (5分)………………………………… (2)如图2,过犉 作犉犕⊥犃犇 于犕,过犈 作犈犖⊥犃犇 于犖,作 犕犌∥犃犅 交犅犆 于犌,犖犎∥犆犇 交犅犆 于犎. 因为梯形犃犇犈犉⊥底面犃犅犆犇,且犃犉=犈犉=犇犈=1 2犃犇. 所以犉犕⊥平面犃犅犆犇,犈犖⊥平面犃犅犆犇. 在 Rt△犃犉犇 中,由犃犇=2犃犉 可得∠犉犃犇=60°. 令犃犉=犈犉=犇犈=1 2犃犇=2, 则犉犕=犈犖 槡= 3,犃犕=犖犇=1, 多面体犃犅犆犇犈犉 的体积犞=犞犉犃犅犌犕 +犞犈犆犇犖犎 +犞犉犕犌犈犖犎 =1 3 槡×1×4× 3×2+1 2 槡× 3× 4×2= 槡20 3 3 . 由(1)及对称性可得犃犈⊥平面犆犇犈, 因为犃犇=2犈犉,犈犉∥犃犇, 所以犉 到平面犆犇犈 的距离等于犃 到平面犆犇犈 的距离的一半, 即犉 到平面犆犇犈 的距离等于犱=1 2犃犈 槡= 3, 故犞犉犆犇犈 =1 3犛△犆犇犈 ·犱=1 3×1 2 槡×4×2× 3= 槡4 3 3 . 所以平面犆犇犉 将多面体犃犅犆犇犈犉 分成两部分,两部分的体积比为4∶1. (12分)……… 20.解:(1)由题意可得2犫 槡=2 2,所以犫 槡= 2, (1分)…………………………………………… 犲=犮 犪 = 1-犫2 犪槡 2 =槡3 2,解得犪 槡=2 2, (3分)………………………………………………… 所以椭圆犆的标准方程为狓2 8+狔2 2=1. (5分)………………………………………………… (2)由于直线犾平行于直线狔=犫 犪狓,即狔=1 2狓,设直线犾在狔 轴上的截距为狀, 2 2020届·普通高中名校联考信息卷(压轴卷一)·文科数学参考答案 所以犾的方程为狔=1 2狓+狀(狀≠0). (6分)………………………………………………… 由 狔=1 2狓+狀, 狓2 8+狔2 2=1 烅 烄 烆 , 得狓2+2狀狓+2狀2-4=0, 因为直线犾与椭圆犆 交于犃,犅 两个不同的点, 所以Δ=(2狀)2-4(2狀2-4)>0,解得-2<狀<2. (8分)…………………………………… 设犃(狓1,狔1),犅(狓2,狔2),则狓1+狓2=-2狀,狓1狓2=2狀2-4. ∠犃犗犅 为钝角等价于 →犗犃· →犗犅<0,且狀≠0, (9分)………………………………………… 由 →犗犃· →犗犅=狓1狓2+狔1狔2=狓1狓2+(1 2狓1+狀)(1 2狓2+狀) =5 4狓1狓2+狀 2(狓1+狓2)+狀2=5 4(2狀2-4)+狀 2(-2狀)+狀2<0, 即狀2<2,且狀≠0, 直线犾在狔 轴上的截距狀 的取值范围是( 槡- 2,0)∪(0,槡2). 所以直线犾在狓 轴上的截距犿 的取值范围是( 槡-2 2,0)∪(0,槡2 2). (12分)………………………………………………………………………………………… 21.解:(1)此函数的定义域为(0,+∞), 犳′(狓)=1 狓-犪 狓2=狓-犪 狓2 , 当犪≤0时,犳′(狓)>0,所以犳(狓)在(0,+∞)上单调递增; (2分)………………………… 当犪>0时,狓∈(0,犪),犳′(狓)<0,犳(狓)单调递减, 狓∈(犪,+∞),犳′(狓)>0,犳(狓)单调递增. 综上所述,当犪≤0时,犳(狓)在(0,+∞)上单调递增; 当犪>0时,犳(狓)在(0,犪)上单调递减,在(犪,+∞)上单调递增. (4分)…………………… (2)由(1)知,犳(狓)min=犳(犪)=ln犪+1, 所以犳(狓)≥犵(犪)恒成立,则只需ln犪+1≥犵(犪)恒成立, (5分)…………………………… 则ln犪+1≥犪(犽-5)-2 犪 =犽-5-2 犪, 即ln犪+2 犪≥犽-6. (6分)…………………………………………………………………… 令犺(犪)=ln犪+2 犪,则只需犺(犪)min≥犽-6, 因为犺′(犪)=1 犪-2 犪2=犪-2 犪2 , (8分)…………………………………………………………… 所以犪∈(0,2)时,犺′(犪)<0,犺(犪)单调递减, 犪∈(2,+∞)时,犺′(犪)>0,犺(犪)单调递增, 32020届·普通高中名校联考信息卷(压轴卷一)·文科数学参考答案 所以犺(犪)min=犺(2)=ln2+1, (10分)……………………………………………………… 即ln2+1≥犽-6,所以犽≤ln2+7, 所以实数犽的最大整数为7. (12分)………………………………………………………… 22.(1)曲线犆1:狓=1+cosα, 狔=sin烅 烄 烆 α (α为参数)可化为普通方程为(狓-1)2+狔2=1. (2分)……… 由 狓=ρcosθ, 狔=ρsin烅 烄 烆 θ 可得曲线犆1 的极坐标方程为ρ=2cosθ,曲线犆2 的极坐标方程为ρ2(1+ sin2θ)=2. (5分)……………………………………………………………………………… (2)射线θ=π 6(ρ≥0)与曲线犆1 的交点犃 的极径为ρ1=2cosπ 6 槡= 3, 射线θ=π 6(ρ≥0)与曲线犆2 的交点犅 的极径满足ρ2 2(1+sin2 π 6)=2,解得ρ2= 槡2 10 5 , 所以|犃犅|=|ρ1-ρ2| 槡= 3- 槡2 10 5 . (10分)………………………………………………… 23.解:(1)当犪=2时,原不等式可化为|3狓-1|+|狓-2|≥3. (1分)………………………… ①当狓≤1 3时,1-3狓+2-狓≥3,解得狓≤0,所以狓≤0; (2分)…………………………… ②当1 3<狓<2时,3狓-1+2-狓≥3,解得狓≥1,所以1≤狓<2; (3分)…………………… ③当狓≥2时,3狓-1+狓-2≥3,解得狓≥3 2,所以狓≥2. (4分)…………………………… 综上所述,当犪=2时,不等式的解集为 狓|狓≤0或狓≥{ }1 . (5分)………………………… (2)不等式|狓-1 3|+犳(狓)≤狓可化为|3狓-1|+|狓-犪|≤3狓, 依题意不等式|3狓-1|+|狓-犪|≤3狓在狓∈[1 3,1 2]上恒成立, (6分)…………………… 所以3狓-1+|狓-犪|≤3狓,即|狓-犪|≤1,即犪-1≤狓≤犪+1, (8分)……………………… 所以 犪-1≤1 3, 犪+1≥1 2 烅 烄 烆 , 解得-1 2≤犪≤4 3, 故所求实数犪的取值范围是[-1 2,4 3]. (10分)…………………………………………… 4 2020届·普通高中名校联考信息卷(压轴卷一)·文科数学参考答案