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  • 2021-06-15 发布

2019-2020学年辽宁省葫芦岛市高二上学期期末数学试题(解析版)

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‎2019-2020学年辽宁省葫芦岛市高二上学期期末数学试题 一、单选题 ‎1.过点,斜率是的直线方程是( )‎ A. B. C. D.‎ ‎【答案】C ‎【解析】直接由直线方程的点斜式写出直线方程,化为一般式得答案.‎ ‎【详解】‎ 解:∵直线过点且斜率为, 由直线方程的点斜式得:, 整理得:. 故选:C.‎ ‎【点睛】‎ 本题考查了直线的点斜式方程,考查了点斜式和一般式的互化,是基础题.‎ ‎2.下列可作为数列1,2,1,2,1,2,…的通项公式的是( )‎ A. B.‎ C. D.‎ ‎【答案】B ‎【解析】将代入排除可得结果.‎ ‎【详解】‎ 解:当时,A,;B,;C,;D,,故排除AD;‎ 当时, B,;C,,故排除C;‎ 故选:B.‎ ‎【点睛】‎ 本题考查观察法求数列的通项公式,利用排除法可准确得到答案,是基础题.‎ ‎3.已知直线与直线垂直,则实数的值为( )‎ A.-4或5 B.-4 C.5 D.4或-5‎ ‎【答案】A ‎【解析】由两条直线互相垂直的条件,建立关于的方程,解之即可得到实数的值.‎ ‎【详解】‎ 解:因为直线与直线垂直,‎ ‎,‎ 解得:或,‎ 故选:A.‎ ‎【点睛】‎ 本题给出含有字母参数的直线方程,在它们相互垂直的情况下求参数的值.着重考查了两条直线相互垂直的充要条件,属于基础题.‎ ‎4.设是棱长为的正方体,与相交于点,则有( )‎ A. B. C. D.‎ ‎【答案】B ‎【解析】将向量看成基底,然后用基底计算即可,注意它们的模长、夹角.‎ ‎【详解】‎ 解:在正方体中.‎ ‎ 对于A.,故A错误; 对于B.,故B正确; 对于C.,故C错误; 对于D.‎ ‎,所以D错误. 故选:B.‎ ‎【点睛】‎ 本题考查了空间向量的计算问题,突出基底意识,即利用基底将涉及到的向量表示出来,然后进行计算.‎ ‎5.已知等差数列的公差为,且,若,则的值为( )‎ A.2 B.4 C.6 D.8‎ ‎【答案】D ‎【解析】根据中各项下标的特点,发现有,优先考虑等差数列的性质去解.‎ ‎【详解】‎ 解:,即, 根据等差数列的性质得 ,,‎ ‎∴ 故选:D.‎ ‎【点睛】‎ 本题考查了等差数列的性质.掌握等差数列的有关性质,在计算时能够减少运算量,是基础题.‎ ‎6.双曲线(,)与抛物线有一个公共焦点,双曲线上过点且垂直实轴的弦长为,则双曲线的离心率等于( )‎ A. B. C. D.‎ ‎【答案】C ‎【解析】先求出抛物线的焦点,可得双曲线的一个焦点坐标,再利用过点且垂直于实轴的弦长为,求出,即可求得双曲线的离心率.‎ ‎【详解】‎ 解:抛物线的焦点坐标为,∴双曲线的一个焦点为. 令,代入双曲线,可得,∴‎ ‎. ∵过点且垂直于实轴的弦长为, , , . 故选:C.‎ ‎【点睛】‎ 本题考查抛物线的几何性质,考查双曲线的离心率,考查学生的计算能力,正确求弦长是关键.‎ ‎7.直线:与圆交于,两点,且,过点,分别作的垂线与轴交于点,,则等于( )‎ A.4 B. C.8 D.‎ ‎【答案】D ‎【解析】根据直线与圆相交,圆可知:,弦长为,说明直线过圆心,求解的值.得到直线的倾斜角,根据三角形和三角形是两个全等的直角三角形,,即可求出.即可得到的长度.‎ ‎【详解】‎ 解:由圆的方程可知:圆心为,半径, ∵弦长为,说明,直线过圆心, 则有:,解得, 直线的方程为:, ‎ ‎  ‎ 则直线的倾斜角为,三角形和三角形是两个全等的直角三角形 中:, 那么:,‎ 故选:D.‎ ‎【点睛】‎ 本题考查了直线与圆的位置关系的运用,弦长的问题,是中档题.‎ ‎8.点M(5,3)到抛物线y=ax2(a≠0)的准线的距离为6,那么抛物线的方程是( )‎ A.y=12x2 B.y=12x2或y=-36x2‎ C.y=-36x2 D.y=x2或y=-x2‎ ‎【答案】D ‎【解析】化简得到x2=y(a≠0),讨论a>0和a<0两种情况,利用点到准线的距离计算得到答案.‎ ‎【详解】‎ 抛物线标准方程为x2=y(a≠0)‎ 当a>0时,开口向上,准线方程为y=-‎ 则点M到准线的距离为3+=6,解得a=,则抛物线方程为y=x2;‎ 当a<0时,开口向下,准线方程为y=-,‎ 则点M到准线的距离为--3=6,解得a=-,则抛物线方程为y=-x2.‎ 综上所述:y=x2或y=-x2‎ 故选:‎ ‎【点睛】‎ 本题考查了抛物线的标准方程,漏解是容易发生的错误.‎ 二、多选题 ‎9.若,,与的夹角为,则的值为( )‎ A.17 B.-17 C.-1 D.1‎ ‎【答案】AC ‎【解析】求出,以及,代入夹角公式即可求出.‎ ‎【详解】‎ 解:由已知,,‎ ‎,解得或,‎ 故选:AC.‎ ‎【点睛】‎ 本题考查向量夹角公式的应用,是基础题.‎ ‎10.若是圆:上任一点,则点到直线距离的值可以为( )‎ A.4 B.6 C. D.8‎ ‎【答案】ABC ‎【解析】由题意画出图形,求出圆心到直线距离的最大值,加半径可得点到直线距离的最大值,观察选项大小得答案.‎ ‎【详解】‎ 解:如图,‎ 圆:的圆心坐标为,半径为, 直线过定点,由图可知,‎ 圆心到直线距离的最大值为, 则点到直线距离的最大值为.‎ ABC中的值均不大于,只有D不符合. 故选:ABC.‎ ‎【点睛】‎ 本题考查直线与圆位置关系的应用,考查数形结合的解题思想方法,是中档题.‎ ‎11.椭圆上的一点到椭圆焦点的距离的乘积为,当取最大值时,点的坐标不可能为( )‎ A. B. C. D.‎ ‎【答案】BD ‎【解析】根据,当时最大,进而求出点的坐标.‎ ‎【详解】‎ 解:记椭圆的两个焦点分别为, 有, 则知 ‎, 当且仅当,即点位于椭圆的短轴的顶点处时,取得最大值, ∴点的坐标为或, 故选:BD.‎ ‎【点睛】‎ 本题主要考查了椭圆的标准方程的性质,灵活运用椭圆的定义是解这道题的关键.‎ ‎12.已知数列中,,,.若对于任意的,不等式恒成立,则实数可能为( )‎ A.-4 B.-2 C.0 D.2‎ ‎【答案】AB ‎【解析】变形条件可得,利用累加法可求得,将原不等式恒成立转化为对于任意的恒成立,将ABCD选项中的数值代入验证即可得结果.‎ ‎【详解】‎ 解:,,‎ 则,,,,‎ 上述式子累加可得:,,‎ 对于任意的恒成立,‎ 整理得对于任意的恒成立,‎ 对A,当时,不等式,解集,包含,故A正确;‎ 对B,当时,不等式,解集,包含,故B正确;‎ 对C,当时,不等式,解集,不包含,故C错误;‎ 对D,当时,不等式,解集,不包含,故D错误,‎ 故选:AB.‎ ‎【点睛】‎ 本题考查累加法求数列通项公式以及不等式恒成立问题,将选项逐一代入验证可得准确得到答案,避免分类讨论,是中档题.‎ 三、填空题 ‎13.过点作圆:的切线有且只有一条,则圆的半径为______.‎ ‎【答案】3‎ ‎【解析】根据题意说明点在圆上,代入点的坐标列方程求解即可.‎ ‎【详解】‎ 解:由已知得点在圆:上,‎ 得,,‎ 故答案为:.‎ ‎【点睛】‎ 本题考查直线和圆的位置关系,推出点在圆上是关键,是基础题.‎ ‎14.已知直三棱柱中,,,,则异面直线与所成角的正弦值为______.‎ ‎【答案】‎ ‎【解析】先求出、的长度以及,再利用公式求得夹角的余弦值,进而可得正弦值.‎ ‎【详解】‎ 如图,‎ 由已知得,‎ ‎,‎ ‎,,‎ 故答案为:.‎ ‎【点睛】‎ 本题考查异面直线的夹角问题,利用向量法可方便求出,关键是要将目标向量用知道夹角和模的向量来表示出来,是中档题.‎ ‎15.在平面直角坐标系中,为双曲线右支上的一个动点.若点到直线的距离大于恒成立,则实数的最大值为______.‎ ‎【答案】‎ ‎【解析】双曲线的渐近线方程为,的最大值为直线与直线的距离.‎ ‎【详解】‎ 解:由题意,双曲线的渐近线方程为, 由点到直线的距离大于 恒成立, ∴的最大值为直线与渐近线的距离. 故答案为:.‎ ‎【点睛】‎ 本题考查双曲线的性质,考查两平行线之间的距离公式,考查学生的计算能力,属于中等题.‎ ‎16.“垛积术”(隙积术)是由北宋科学家沈括在《梦溪笔谈》中首创,南宋数学家杨辉、元代数学家朱世杰丰富和发展的一类数列求和方法,有茭草垛、方垛、刍童垛、三角垛等等.某仓库中部分货物堆放成如图所示的“茭草垛”:自上而下,第一层1件,以后每一层比上一层多1件,最后一层是件.已知第一层货物单价1万元,从第二层起,货物的单价是上一层单价的,第层的货物的价格为______,若这堆货物总价是万元,则的值为______.‎ ‎【答案】 6 ‎ ‎【解析】由题意可得第层的货物的价格为,根据错位相减法求和即可求出.‎ ‎【详解】‎ 解:由题意可得第n层的货物的价格为, 设这堆货物总价是,①, 则,②, 由①−②可得 ‎, , ∵这堆货物总价是万元, , 故答案为:;.‎ ‎【点睛】‎ 本题考查了错位相减法求和,考查了运算能力,以及分析问题和解决问题的能力,属于中档题.‎ 四、解答题 ‎17.知数列是公差不为0的等差数列,首项,且成等比数列.‎ ‎(1)求数列的通项公式;‎ ‎(2)设数列满足,求数列的前项和.‎ ‎【答案】(1)(2)‎ ‎【解析】(1)利用等差数列的通项公式列方程求出公差,进而可得通项公式. (2)利用分组法求出数列的和.‎ ‎【详解】‎ ‎(1),且成等比数列得,‎ ‎∴‎ ‎;‎ ‎(2)根据题意:,‎ ‎,‎ ‎.‎ ‎【点睛】‎ 本题考查的知识要点:数列的通项公式的求法及应用,利用分组法求出数列的和,是基础题.‎ ‎18.已知圆:,直线:.‎ ‎(1)直线恒过点,求点的坐标;‎ ‎(2)当为何值时,直线与圆相切;‎ ‎(3)当直线与圆相交于,两点,且时,求直线的方程.‎ ‎【答案】(1)(2)(3)或 ‎【解析】(1)直:的方程可化为,可得直线过定点; (2)利用圆心到直线的距离等于半径,列方程求解; (3)根据弦长和半径求出弦心距,然后利用点到直线的距离公式构建关于的方程.‎ ‎【详解】‎ ‎(1)直线:,可化为:,‎ 所以直线恒过点;‎ ‎(2)将圆的方程化成标准方程为,‎ 则此圆的圆心为,半径为2.‎ 若直线与圆相切,则有,解得;‎ ‎(3)直线与圆相交于,两点,且,‎ 圆的圆心到直线的距离,‎ ‎,‎ 解得,‎ 故所求直线方程为或.‎ ‎【点睛】‎ 本题考查直线和圆的位置关系,第一问的关键是要的系数为零;第二三问关键都是利用圆心到直线的距离来解决问题,是基础题.‎ ‎19.已知椭圆:与双曲线:有相同左右焦点,,且椭圆上一点的坐标为.‎ ‎(1)求椭圆的方程;‎ ‎(2)若直线过且与椭圆交于,两点,若,求直线的斜率取值范围.‎ ‎【答案】(1)(2)‎ ‎【解析】(1)由已知可得焦点坐标,可得方程,在利用点在曲线上可得,解方程组即可;‎ ‎(2)设、,:,与联立,利用判别式和韦达定理,计算,列不等式求解的取值范围.‎ ‎【详解】‎ ‎(1)因为椭圆:与双曲线:有相同左、右焦点,,且椭圆上一点的坐标为,‎ 所以,故,‎ ‎,解得,,‎ 所以椭圆方程为;‎ ‎(2)由题意得直线的斜率存在且不为0,设:代入整理,‎ 得,‎ ‎①‎ 设,,‎ ‎∴,,‎ ‎,‎ 又,‎ ‎∴‎ ‎,‎ ‎∴②,‎ 由①、②得,∴的取值范围是.‎ ‎【点睛】‎ 本题考查直线和椭圆的位置关系,关键是韦达定理的应用,注意不要忽略判别式,是中档题.‎ ‎20.如图,在四棱锥中,底面是梯形,且,,点是线段的中点,过的平面交平面于,且,,且,,.‎ ‎(1)求证:;‎ ‎(2)求直线与平面所成角的余弦值.‎ ‎【答案】(1)证明见解析(2)‎ ‎【解析】(1)先证明四边形是平行四边形,可得,则可证明 平面,再利用线面平行的性质定理证明;‎ ‎(2)先证明,,两两垂直,则可建立如图所示的空间直角坐标系,求出,再求出平面的一个法向量,可得直线与平面所成角的正弦值,进一步求解余弦值.‎ ‎【详解】‎ ‎(1)证明:因为且,所以四边形是平行四边形,所以,‎ 平面,平面,所以平面,平面,‎ 平面平面,‎ 所以;‎ ‎(2)在中,因为,,‎ 所以由正弦定理,即,‎ 所以,∴,∴在中 所以,‎ 因为是等腰三角形,且,点是线段的中点,‎ 得,,,‎ 在中,,为中点,所以,‎ 又由已知且,故平面,‎ 又平面,所以;‎ 在中,由,,可知,‎ 易知四边形为平行四边形,所以,‎ 故,,两两垂直;‎ 所以建立如图所示的空间直角坐标系,‎ 则,,,,‎ 设平面的一个法向量为,‎ 又,,所以,‎ 即,令,解得,,‎ 所以为平面的一个法向量,‎ 因为,设直线与平面所成的角为,‎ 则,‎ ‎∴,‎ 故直线与平面所成角的余弦值为.‎ ‎【点睛】‎ 本题考查直线与直线平行的判定,空间直线与平面所成的角的计算,考查空间想象能力与思维能力,训练了利用空间向量求解线面角,是中档题.‎ ‎21.已知数列为等差数列,且满足,,数列的前项和为,且,.‎ ‎(1)求数列的通项公式;‎ ‎(2)证明:是等比数列,并求的通项公式;‎ ‎(3)若对任意的,不等式恒成立,求实数的取值范围.‎ ‎【答案】(1)(2)证明见解析 ,,(3)‎ ‎【解析】(1)列方程求出数列的公差,进而可直接求出其通项公式.‎ ‎(2)利用,可得是等比数列,进而可求其通项公式;‎ ‎(3)代入和,将恒成立,转化为对恒成立,求出的最大值,即可得实数的取值范围.‎ ‎【详解】‎ ‎(1)设等差数列的公差为,∵,∴,‎ ‎∴,即;‎ ‎(2)∵,∴,‎ ‎∴,∴,(常数)‎ 又,也成立,‎ ‎∴是以1为首项,3为公比的等比数列,∴;‎ ‎(3),∴对恒成立,‎ 即对恒成立,‎ 令,,‎ 当时,,当时,,‎ ‎∴,故,‎ 即的取值范围为.‎ ‎【点睛】‎ 本题考查数列的通项公式的求法及应用,等比数列的前 项和公式的应用,恒成立问题的求解,主要考查学生的运算能力和转换能力及思维能力,属于中档题.‎ ‎22.已知点,,动点满足直线与的斜率之积为,记的轨迹曲线为.‎ ‎(1)求的方程,并说明是什么曲线;‎ ‎(2)设过定点的直线与曲线相交于,两点,若,当时,求面积的取值范围.‎ ‎【答案】(1),为中心在坐标原点,焦点在轴上的椭圆,不含左右顶点;(2)‎ ‎【解析】(1)根据斜率之积为,设点坐标,表示出斜率,列式整理可得结果;‎ ‎(2)设:,联立,利用韦达定理和,可求出的取值范围,利用求出面积表达式,利用单调性求其范围.‎ ‎【详解】‎ ‎(1)由题设得,‎ 化简得,‎ 所以为中心在坐标原点,焦点在轴上的椭圆,不含左右顶点;‎ ‎(2)依题意,可设:,联立得,设,,由,解得,‎ 且,,且易知,由可得,‎ ‎∴,则,‎ ‎∵,∴,‎ ‎∴,∴,满足,‎ ‎∴,‎ 设,则,‎ ‎∴,∴,‎ ‎∵在递减,故关于递增,‎ ‎∴.‎ ‎【点睛】‎ 本题考查轨迹方程的求解以及直线和椭圆的位置关系,考查了椭圆中三角形面积范围的问题,关键是要将面积用变量表示出来,是一道中档题.‎

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