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- 2021-06-15 发布
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2019-2020学年辽宁省葫芦岛市高二上学期期末数学试题
一、单选题
1.过点,斜率是的直线方程是( )
A. B. C. D.
【答案】C
【解析】直接由直线方程的点斜式写出直线方程,化为一般式得答案.
【详解】
解:∵直线过点且斜率为,
由直线方程的点斜式得:,
整理得:.
故选:C.
【点睛】
本题考查了直线的点斜式方程,考查了点斜式和一般式的互化,是基础题.
2.下列可作为数列1,2,1,2,1,2,…的通项公式的是( )
A. B.
C. D.
【答案】B
【解析】将代入排除可得结果.
【详解】
解:当时,A,;B,;C,;D,,故排除AD;
当时, B,;C,,故排除C;
故选:B.
【点睛】
本题考查观察法求数列的通项公式,利用排除法可准确得到答案,是基础题.
3.已知直线与直线垂直,则实数的值为( )
A.-4或5 B.-4 C.5 D.4或-5
【答案】A
【解析】由两条直线互相垂直的条件,建立关于的方程,解之即可得到实数的值.
【详解】
解:因为直线与直线垂直,
,
解得:或,
故选:A.
【点睛】
本题给出含有字母参数的直线方程,在它们相互垂直的情况下求参数的值.着重考查了两条直线相互垂直的充要条件,属于基础题.
4.设是棱长为的正方体,与相交于点,则有( )
A. B. C. D.
【答案】B
【解析】将向量看成基底,然后用基底计算即可,注意它们的模长、夹角.
【详解】
解:在正方体中.
对于A.,故A错误;
对于B.,故B正确;
对于C.,故C错误;
对于D.
,所以D错误.
故选:B.
【点睛】
本题考查了空间向量的计算问题,突出基底意识,即利用基底将涉及到的向量表示出来,然后进行计算.
5.已知等差数列的公差为,且,若,则的值为( )
A.2 B.4 C.6 D.8
【答案】D
【解析】根据中各项下标的特点,发现有,优先考虑等差数列的性质去解.
【详解】
解:,即,
根据等差数列的性质得 ,,
∴
故选:D.
【点睛】
本题考查了等差数列的性质.掌握等差数列的有关性质,在计算时能够减少运算量,是基础题.
6.双曲线(,)与抛物线有一个公共焦点,双曲线上过点且垂直实轴的弦长为,则双曲线的离心率等于( )
A. B. C. D.
【答案】C
【解析】先求出抛物线的焦点,可得双曲线的一个焦点坐标,再利用过点且垂直于实轴的弦长为,求出,即可求得双曲线的离心率.
【详解】
解:抛物线的焦点坐标为,∴双曲线的一个焦点为.
令,代入双曲线,可得,∴
.
∵过点且垂直于实轴的弦长为,
,
,
.
故选:C.
【点睛】
本题考查抛物线的几何性质,考查双曲线的离心率,考查学生的计算能力,正确求弦长是关键.
7.直线:与圆交于,两点,且,过点,分别作的垂线与轴交于点,,则等于( )
A.4 B. C.8 D.
【答案】D
【解析】根据直线与圆相交,圆可知:,弦长为,说明直线过圆心,求解的值.得到直线的倾斜角,根据三角形和三角形是两个全等的直角三角形,,即可求出.即可得到的长度.
【详解】
解:由圆的方程可知:圆心为,半径,
∵弦长为,说明,直线过圆心,
则有:,解得,
直线的方程为:,
则直线的倾斜角为,三角形和三角形是两个全等的直角三角形
中:,
那么:,
故选:D.
【点睛】
本题考查了直线与圆的位置关系的运用,弦长的问题,是中档题.
8.点M(5,3)到抛物线y=ax2(a≠0)的准线的距离为6,那么抛物线的方程是( )
A.y=12x2 B.y=12x2或y=-36x2
C.y=-36x2 D.y=x2或y=-x2
【答案】D
【解析】化简得到x2=y(a≠0),讨论a>0和a<0两种情况,利用点到准线的距离计算得到答案.
【详解】
抛物线标准方程为x2=y(a≠0)
当a>0时,开口向上,准线方程为y=-
则点M到准线的距离为3+=6,解得a=,则抛物线方程为y=x2;
当a<0时,开口向下,准线方程为y=-,
则点M到准线的距离为--3=6,解得a=-,则抛物线方程为y=-x2.
综上所述:y=x2或y=-x2
故选:
【点睛】
本题考查了抛物线的标准方程,漏解是容易发生的错误.
二、多选题
9.若,,与的夹角为,则的值为( )
A.17 B.-17 C.-1 D.1
【答案】AC
【解析】求出,以及,代入夹角公式即可求出.
【详解】
解:由已知,,
,解得或,
故选:AC.
【点睛】
本题考查向量夹角公式的应用,是基础题.
10.若是圆:上任一点,则点到直线距离的值可以为( )
A.4 B.6 C. D.8
【答案】ABC
【解析】由题意画出图形,求出圆心到直线距离的最大值,加半径可得点到直线距离的最大值,观察选项大小得答案.
【详解】
解:如图,
圆:的圆心坐标为,半径为,
直线过定点,由图可知,
圆心到直线距离的最大值为,
则点到直线距离的最大值为.
ABC中的值均不大于,只有D不符合.
故选:ABC.
【点睛】
本题考查直线与圆位置关系的应用,考查数形结合的解题思想方法,是中档题.
11.椭圆上的一点到椭圆焦点的距离的乘积为,当取最大值时,点的坐标不可能为( )
A. B. C. D.
【答案】BD
【解析】根据,当时最大,进而求出点的坐标.
【详解】
解:记椭圆的两个焦点分别为,
有,
则知
,
当且仅当,即点位于椭圆的短轴的顶点处时,取得最大值,
∴点的坐标为或,
故选:BD.
【点睛】
本题主要考查了椭圆的标准方程的性质,灵活运用椭圆的定义是解这道题的关键.
12.已知数列中,,,.若对于任意的,不等式恒成立,则实数可能为( )
A.-4 B.-2 C.0 D.2
【答案】AB
【解析】变形条件可得,利用累加法可求得,将原不等式恒成立转化为对于任意的恒成立,将ABCD选项中的数值代入验证即可得结果.
【详解】
解:,,
则,,,,
上述式子累加可得:,,
对于任意的恒成立,
整理得对于任意的恒成立,
对A,当时,不等式,解集,包含,故A正确;
对B,当时,不等式,解集,包含,故B正确;
对C,当时,不等式,解集,不包含,故C错误;
对D,当时,不等式,解集,不包含,故D错误,
故选:AB.
【点睛】
本题考查累加法求数列通项公式以及不等式恒成立问题,将选项逐一代入验证可得准确得到答案,避免分类讨论,是中档题.
三、填空题
13.过点作圆:的切线有且只有一条,则圆的半径为______.
【答案】3
【解析】根据题意说明点在圆上,代入点的坐标列方程求解即可.
【详解】
解:由已知得点在圆:上,
得,,
故答案为:.
【点睛】
本题考查直线和圆的位置关系,推出点在圆上是关键,是基础题.
14.已知直三棱柱中,,,,则异面直线与所成角的正弦值为______.
【答案】
【解析】先求出、的长度以及,再利用公式求得夹角的余弦值,进而可得正弦值.
【详解】
如图,
由已知得,
,
,,
故答案为:.
【点睛】
本题考查异面直线的夹角问题,利用向量法可方便求出,关键是要将目标向量用知道夹角和模的向量来表示出来,是中档题.
15.在平面直角坐标系中,为双曲线右支上的一个动点.若点到直线的距离大于恒成立,则实数的最大值为______.
【答案】
【解析】双曲线的渐近线方程为,的最大值为直线与直线的距离.
【详解】
解:由题意,双曲线的渐近线方程为,
由点到直线的距离大于
恒成立,
∴的最大值为直线与渐近线的距离.
故答案为:.
【点睛】
本题考查双曲线的性质,考查两平行线之间的距离公式,考查学生的计算能力,属于中等题.
16.“垛积术”(隙积术)是由北宋科学家沈括在《梦溪笔谈》中首创,南宋数学家杨辉、元代数学家朱世杰丰富和发展的一类数列求和方法,有茭草垛、方垛、刍童垛、三角垛等等.某仓库中部分货物堆放成如图所示的“茭草垛”:自上而下,第一层1件,以后每一层比上一层多1件,最后一层是件.已知第一层货物单价1万元,从第二层起,货物的单价是上一层单价的,第层的货物的价格为______,若这堆货物总价是万元,则的值为______.
【答案】 6
【解析】由题意可得第层的货物的价格为,根据错位相减法求和即可求出.
【详解】
解:由题意可得第n层的货物的价格为,
设这堆货物总价是,①,
则,②,
由①−②可得
,
,
∵这堆货物总价是万元,
,
故答案为:;.
【点睛】
本题考查了错位相减法求和,考查了运算能力,以及分析问题和解决问题的能力,属于中档题.
四、解答题
17.知数列是公差不为0的等差数列,首项,且成等比数列.
(1)求数列的通项公式;
(2)设数列满足,求数列的前项和.
【答案】(1)(2)
【解析】(1)利用等差数列的通项公式列方程求出公差,进而可得通项公式.
(2)利用分组法求出数列的和.
【详解】
(1),且成等比数列得,
∴
;
(2)根据题意:,
,
.
【点睛】
本题考查的知识要点:数列的通项公式的求法及应用,利用分组法求出数列的和,是基础题.
18.已知圆:,直线:.
(1)直线恒过点,求点的坐标;
(2)当为何值时,直线与圆相切;
(3)当直线与圆相交于,两点,且时,求直线的方程.
【答案】(1)(2)(3)或
【解析】(1)直:的方程可化为,可得直线过定点;
(2)利用圆心到直线的距离等于半径,列方程求解;
(3)根据弦长和半径求出弦心距,然后利用点到直线的距离公式构建关于的方程.
【详解】
(1)直线:,可化为:,
所以直线恒过点;
(2)将圆的方程化成标准方程为,
则此圆的圆心为,半径为2.
若直线与圆相切,则有,解得;
(3)直线与圆相交于,两点,且,
圆的圆心到直线的距离,
,
解得,
故所求直线方程为或.
【点睛】
本题考查直线和圆的位置关系,第一问的关键是要的系数为零;第二三问关键都是利用圆心到直线的距离来解决问题,是基础题.
19.已知椭圆:与双曲线:有相同左右焦点,,且椭圆上一点的坐标为.
(1)求椭圆的方程;
(2)若直线过且与椭圆交于,两点,若,求直线的斜率取值范围.
【答案】(1)(2)
【解析】(1)由已知可得焦点坐标,可得方程,在利用点在曲线上可得,解方程组即可;
(2)设、,:,与联立,利用判别式和韦达定理,计算,列不等式求解的取值范围.
【详解】
(1)因为椭圆:与双曲线:有相同左、右焦点,,且椭圆上一点的坐标为,
所以,故,
,解得,,
所以椭圆方程为;
(2)由题意得直线的斜率存在且不为0,设:代入整理,
得,
①
设,,
∴,,
,
又,
∴
,
∴②,
由①、②得,∴的取值范围是.
【点睛】
本题考查直线和椭圆的位置关系,关键是韦达定理的应用,注意不要忽略判别式,是中档题.
20.如图,在四棱锥中,底面是梯形,且,,点是线段的中点,过的平面交平面于,且,,且,,.
(1)求证:;
(2)求直线与平面所成角的余弦值.
【答案】(1)证明见解析(2)
【解析】(1)先证明四边形是平行四边形,可得,则可证明
平面,再利用线面平行的性质定理证明;
(2)先证明,,两两垂直,则可建立如图所示的空间直角坐标系,求出,再求出平面的一个法向量,可得直线与平面所成角的正弦值,进一步求解余弦值.
【详解】
(1)证明:因为且,所以四边形是平行四边形,所以,
平面,平面,所以平面,平面,
平面平面,
所以;
(2)在中,因为,,
所以由正弦定理,即,
所以,∴,∴在中
所以,
因为是等腰三角形,且,点是线段的中点,
得,,,
在中,,为中点,所以,
又由已知且,故平面,
又平面,所以;
在中,由,,可知,
易知四边形为平行四边形,所以,
故,,两两垂直;
所以建立如图所示的空间直角坐标系,
则,,,,
设平面的一个法向量为,
又,,所以,
即,令,解得,,
所以为平面的一个法向量,
因为,设直线与平面所成的角为,
则,
∴,
故直线与平面所成角的余弦值为.
【点睛】
本题考查直线与直线平行的判定,空间直线与平面所成的角的计算,考查空间想象能力与思维能力,训练了利用空间向量求解线面角,是中档题.
21.已知数列为等差数列,且满足,,数列的前项和为,且,.
(1)求数列的通项公式;
(2)证明:是等比数列,并求的通项公式;
(3)若对任意的,不等式恒成立,求实数的取值范围.
【答案】(1)(2)证明见解析 ,,(3)
【解析】(1)列方程求出数列的公差,进而可直接求出其通项公式.
(2)利用,可得是等比数列,进而可求其通项公式;
(3)代入和,将恒成立,转化为对恒成立,求出的最大值,即可得实数的取值范围.
【详解】
(1)设等差数列的公差为,∵,∴,
∴,即;
(2)∵,∴,
∴,∴,(常数)
又,也成立,
∴是以1为首项,3为公比的等比数列,∴;
(3),∴对恒成立,
即对恒成立,
令,,
当时,,当时,,
∴,故,
即的取值范围为.
【点睛】
本题考查数列的通项公式的求法及应用,等比数列的前
项和公式的应用,恒成立问题的求解,主要考查学生的运算能力和转换能力及思维能力,属于中档题.
22.已知点,,动点满足直线与的斜率之积为,记的轨迹曲线为.
(1)求的方程,并说明是什么曲线;
(2)设过定点的直线与曲线相交于,两点,若,当时,求面积的取值范围.
【答案】(1),为中心在坐标原点,焦点在轴上的椭圆,不含左右顶点;(2)
【解析】(1)根据斜率之积为,设点坐标,表示出斜率,列式整理可得结果;
(2)设:,联立,利用韦达定理和,可求出的取值范围,利用求出面积表达式,利用单调性求其范围.
【详解】
(1)由题设得,
化简得,
所以为中心在坐标原点,焦点在轴上的椭圆,不含左右顶点;
(2)依题意,可设:,联立得,设,,由,解得,
且,,且易知,由可得,
∴,则,
∵,∴,
∴,∴,满足,
∴,
设,则,
∴,∴,
∵在递减,故关于递增,
∴.
【点睛】
本题考查轨迹方程的求解以及直线和椭圆的位置关系,考查了椭圆中三角形面积范围的问题,关键是要将面积用变量表示出来,是一道中档题.