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- 2021-06-16 发布
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高三数学试卷(文科)
第Ⅰ卷
一、选择题:在每小题给出的四个选项中,只有一项是符合题目要求的.
1.函数 的定义域是
A. B. C. D.
【答案】C
【解析】
【分析】
根据分母不等于0,及对数函数和根号有意义的条件列得不等式组,进行求解.
【详解】由题意可得 解得 ,即 的定义域是 .
故选C.
【点睛】此题主要考查函数的定义域及其求法,注意二次根号有意义的条件及分母不能为0;
2.已知向量,满足,则( )
A. B. C. D.
【答案】C
【解析】
【分析】
由题意两式作差即可求出的坐标。
【详解】①
②
②—①得,所以.
故选:
【点睛】本题考查向量的线性运算的坐标表示,属于基础题。
3.已知等差数列的前项和为,且,则( )
A. 96 B. 100 C. 104 D. 108
【答案】D
【解析】
【分析】
由等差数列的下标和公式得,再利用求和公式即可得出答案。
【详解】解:等差数列的下标和公式得
再由等差数列的前项和公式,得.
故选:
【点睛】等差数列下标和公式为:若,则,属于基础题。
4.已知,则( )
A. B. C. D.
【答案】A
【解析】
【分析】
根据正切的二倍角公式求解即可。
【详解】解:且
故选:
【点睛】本题主要考查二倍角正切公式的应用,属于基础题。
5.在中,角,,所对的边分别为,,,若,,则( )
A. B. C. D.
【答案】D
【解析】
【分析】
由正弦公式把边化角,再由即可求解。
【详解】解:由正弦定理
得,,
因为,所以
,.
故选:
【点睛】本题考查利用正弦定理解决问题,正弦定理:
边化角:,,,属于基础题。
6.若各项均为正数的等比数列的前n项和为,,则()
A. 12l B. 122 C. 123 D. 124
【答案】A
【解析】
【分析】
根据题意已知,可用等比数列性质算出,又由进而算出可算得首项和公比,再利用公式求解即可。
【详解】因为,所以.又,所以,,
【点睛】若是等比数列,且,则,
前项和公式。
7.已知平面向量,满足,且,则与的夹角为( )
A. B. C. D.
【答案】C
【解析】
【分析】
由向量的数量积的定义式可得,已知,故只需求出即可。
【详解】因为,所以,即,因为,所以,记与的夹角为,则,解得,即与的夹角为.
故选:
【点睛】本题考查向量的夹角的计算,关键理解向量的数量积的定义式,属于基础题。
8.已知为第二象限角,则( )
A. 1 B. -1 C. 0 D. 2
【答案】B
【解析】
【分析】
把第一个根式分母有理化,第二个根式切化弦,开方后整理得答案。
【详解】因为为第二象限角,所以,,所以.
故选:
【点睛】本题考查三角函数的化简求值及同角三角函数基本关系的应用,属于基础题,、。
9.在中,角,,所对的边分别为,,,若,,则为( )
A. 直角三角形 B. 锐角非等边三角形
C. 钝角三角形 D. 等边三角形
【答案】D
【解析】
【分析】
由余弦定理可得,又,故为等边三角形。
【详解】在中,,,由余弦定理得,
,又,故为等边三角形.
故选:
【点睛】本题考查余弦定理在判断三角形形状的应用,属于基础题。
10.已知函数,则的最小正周期和最大值分别为( )
A , B. , C. , D. ,
【答案】B
【解析】
【分析】
利用辅助角公式将函数化简,即可求函数的最值,根据求最小正周期。
【详解】
故
又
即最小正周期为。
故选:
【点睛】本题考查函数的性质,关键是利用辅助角公式将函数化简为的形式,属于基础题。
11.函数在上的图象大致为()
A. B.
C. D.
【答案】A
【解析】
【分析】
根据奇偶性排除C,根据取值,排除B,D,故选A
【详解】易知为偶函数,排除C
因,,所以排除B,D
故答案选A.
【点睛】本题考查函数图象的识别,应用特殊值法排除选项可以简化运算,是解题的关键,考查推理论证能力
12.定义在 上的函数 满足 ,且当 时,,则函数 在 上的零点个数为
A. 5 B. 6 C. 7 D. 8
【答案】C
【解析】
【分析】
由f(x+2)=3f(x),得到函数在其他区间的解析式,作出函数的图象,将问题转化为直线与函数在上的图象的交点的个数,即可求出零点个数.
【详解】设,则.因为时, ,所以.因为,所以当时,
同理可得当时,;
当时,,此时最大值为x=-3时,f(x)=,
因为函数 在 上的零点个数等价于直线与函数 在上的图象的交点的个数,
结合的图象(如图),
直线与函数在上的图象有7个交点,即函数在上有7个零点.
故选C.
【点睛】本题主要考查函数零点的个数及函数解析式的求解方法,考查了数形结合思想,利用f(x+2)=3f(x)求解解析式是解决本题的关键.
第Ⅱ卷
二、填空题:
13.已知等比数列满足,,则公比______.
【答案】2
【解析】
【分析】
根据等比数列的性质得到,代入已知条件,得到答案.
【详解】因为为等比数列,
所以,
所以.
故答案为:.
【点睛】本题考查等比数列的基本量计算,属于简单题.
14.已知向量,,,若,则______.
【答案】
【解析】
【详解】,,
,由,可知,即.
故答案为:
【点睛】本题考查向量垂直的坐标运算,若,且则,属于基础题。
15.已知等差数列的前项和为,若,某三角形的三边之比为,则该三角形的最小角的余弦值为______.
【答案】
【解析】
【分析】
已知数列为等差数列,则其前项和为,即可求出的值,随即可求数列的通项公式,根据大边对大角,小边对小角,由余弦定理即可求出最小角的余弦值。
【详解】解:因为等差数列的前项和,由题意故,所以,从而,由此得,所以,,.设该三角形三边分别,,,最小角为,则.
故答案为:
【点睛】本题考查等差数列的前项和的性质以及余弦定理,属于基础题。
16.设的内角,,的对边分别为,,,若,且,则的最小值为______.
【答案】
【解析】
【分析】
由正弦定理将角化边,结合,用含的式子表示出边,即可求出的最小值。
【详解】解:因为,
所以由正弦定理有,
即.
由,
得,故当时取最小值为.
故答案为:
【点睛】本题考查正弦定理在解三角形中的应用,主要体现在将角化边,属于基础题。
三、解答题:
17.已知函数的图象经过点,函数的部分图象如图所示.
(1)求,;
(2)若,求.
【答案】(1), (2)
【解析】
【分析】
(1)由得图象可得其最小正周期,即可求出,再根据过点代入可求。
(2)由(1)可得、的解析式,由已知条件求出,根据同角三角函数的基本关系计算出、,再由二倍角正切公式求解。
【详解】解:(1)由图可知,的最小正周期,
则,即
将代入,得.
又,所以.
(2)由(1)得,因为,所以,
根据
所以,
,
故.
即
【点睛】本题考查三角函数图象的应用,同角三角函数的基本关系及二倍角正切公式,属于中档题。
18.已知向量,函数.
(1)求函数的单调递增区间;
(2)若,求的值.
【答案】(1);(2)或0
【解析】
【分析】
(1)由平面向量数量积的运算可得: ,再结合三角函数的单调区间的求法可得解;
(2)先由已知求出或(),
再代入运算即可得解.
【详解】(1)解:因为,
所以= ,
令 ,解得: ,
故函数的单调递增区间为 ();
(2)因为,所以,
即
即,或();
所以=或=
故的值为.
【点睛】本题考查了平面向量数量积的运算、三角函数的单调性及三角求值问题,属中档题.
19.记等差数列的前项和,已知.
(1)若,求的通项公式;
(2)若,求使得的的取值范围.
【答案】(1) (2)
【解析】
【分析】
(1)由已知可得,再根据可得的方程组,解得。
(2)由(1)可知,故可用含的式子表示和,列出不等式求解即可。
【详解】解:(1)设等差数列的首项为公差为;
因为等差数列的前项和且, ,又,
,解得
所以.
(2)因为,所以,
所以,
.
因为,所以.
因为,所以,
整理得,解得.
所以的取值范围是.
【点睛】本题考查等差数列通项公式及前项和公式,熟练记忆公式是解答本题的关系,属于基础题。
20.的内角A,B,C的对边分别为a,b,c,已知,,.
(1)求;
(2)若不是直角三角形,求的面积。
【答案】(1)(2)
【解析】
【分析】
(1)由正弦定理可得:,求出,再求即可.
(2)由(1)得,,,由三角形面积公式运算可得解.
详解】解:(1)由,得,
则或,
故.
(2)由(1)知,当,,时,此时是直角三角形;
当,,时,此时不是直角三角形,
故.
【点睛】本题考查了正弦定理及解斜三角形,属基础题.
21.已知二次函数的图象经过点,方程的解集是.
(1)求的解析式;
(2)若,求在上的最值.
【答案】(1) (2)见解析
【解析】
【分析】
(1)由题意二次函数过、、,则设函数,代入即可求出。
(2)由(1)可求
的解析式,计算出对称轴,根据对称轴与给定区间的位置关系分讨论即可。
【详解】解:(1)因为是二次函数,且方程的解集是,即函数过、,
所以可设.
又因为的图象经过点,所以,即.
故.
(2)因为,所以,则的图象的对称轴为.
当时,在上单调递增,故,;
当时,在上单调递减,在上单调递增,且对称轴靠近,故,;
当时,在上单调递减,在上单调递增,且对称轴靠近,故,;
当时,在上单调递减,,.
【点睛】本题考查求二次函数的解析式,以及二次函数在给定区间上的最值问题,属于中档题。
22.已知数列的前项和,,,且满足.
(1)证明是等比数列,并求数列的通项公式;
(2)已知,,记数列的前项和为.若对任意的,,存在实数,使得,求实数的最大值.
【答案】(1)证明见解析, (2)
【解析】
【分析】
(1)利用题目所给的递推关系式可推导出,再分别讨论奇数项和偶数项的情况即可得出通项公式。
(2)利用裂项相消法得出,从而得出恒成立,再求出不等式右边式子最小值即可得出的最大值。
【详解】(1)证明:由题意,当时,,①
当时,,②
两式相减得.
①式中令,则,,,,
,,
是以为首项,4为公比的等比数列,是以为首项,4为公比的等比数列,
,,,
,.
(2)解:对任意的,,,
,
对恒成立.
,
.
,
,的最大值是.
【点睛】本题主要考查等比数列、数列综合、数列求和以及数列的递推与通项,属于难题。