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- 2021-06-16 发布
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第
1
讲
等差数列
与等比数列
专题四
数列、推理与证明
高考真题体验
热点分类突破
高考押题精练
栏目索引
高考真题体验
1
2
3
4
1.
(2015·
课标全国
Ⅰ
改编
)
已知
{
a
n
}
是公差为
1
的等差数列,
S
n
为
{
a
n
}
的前
n
项和,若
S
8
=
4
S
4
,则
a
10
=
________.
解析
∵
公差为
1
,
1
2
3
4
2.
(2015·
安徽
)
已知数列
{
a
n
}
是递增的等比数列,
a
1
+
a
4
=
9
,
a
2
a
3
=
8
,则数列
{
a
n
}
的前
n
项和等于
________.
解析
由等比数列性质知
a
2
a
3
=
a
1
a
4
,又
a
2
a
3
=
8
,
a
1
+
a
4
=
9
,
又数列
{
a
n
}
为递增数列,
∴
a
1
=
1
,
a
4
=
8
,从而
a
1
q
3
=
8
,
∴
q
=
2.
2
n
-
1
1
2
3
4
3.
(2014·
广东
)
若等比数列
{
a
n
}
的各项均为正数,且
a
10
a
11
+
a
9
a
12
=
2e
5
,则
ln
a
1
+
ln
a
2
+
…
+
ln
a
20
=
______.
解析
因为
a
10
a
11
+
a
9
a
12
=
2
a
10
a
11
=
2e
5
,
所以
a
10
a
11
=
e
5
.
所以
ln
a
1
+
ln
a
2
+
…
+
ln
a
20
=
ln(
a
1
a
2
…
a
20
)
=
ln
[
(
a
1
a
20
)·(
a
2
a
19
)·
…
·(
a
10
a
11
)
]
=
ln(
a
10
a
11
)
10
=
10ln(
a
10
a
11
)
=
10ln e
5
=
50ln e
=
50.
50
1
2
3
4
4.
(2013·
江西
)
某住宅小区计划植树不少于
100
棵,若第一天植
2
棵,以后每天植树的棵数是前一天的
2
倍,则需要的最少天数
n
(
n
∈
N
*
)
等于
________.
解析
每天植树棵数构成等比数列
{
a
n
}
,
即
2
n
+
1
≥
102.
∴
n
≥
6
,
∴
最少天数
n
=
6.
6
考情考向分析
1.
等差、等比数列基本量和性质的考查是高考热点,经常以小题形式出现
.
2.
数列求和及数列与函数、不等式的综合问题是高考考查的重点,考查分析问题、解决问题的综合能力
.
热点一 等差数列、等比数列的运算
热点分类突破
1.
通项公式
等差数列:
a
n
=
a
1
+
(
n
-
1)
d
;
等比数列:
a
n
=
a
1
·
q
n
-
1
.
2.
求和公式
3.
性质
若
m
+
n
=
p
+
q
,
在等差数列中
a
m
+
a
n
=
a
p
+
a
q
;
在等比数列中
a
m
·
a
n
=
a
p
·
a
q
.
例
1
(1)
设等差数列
{
a
n
}
的前
n
项和为
S
n
.
若
a
1
=-
11
,
a
4
+
a
6
=-
6
,则当
S
n
取最小值时,
n
=
________.
解析
设该数列的公差为
d
,
则
a
4
+
a
6
=
2
a
1
+
8
d
=
2
×
(
-
11)
+
8
d
=-
6
,解得
d
=
2
,
所以当
S
n
取最小值时,
n
=
6
.
6
(2)
已知等比数列
{
a
n
}
公比为
q
,其前
n
项和为
S
n
,若
S
3
,
S
9
,
S
6
成等差数列,则
q
3
=
________.
解析
若
q
=
1
,则
3
a
1
+
6
a
1
=
2
×
9
a
1
,
得
a
1
=
0
,矛盾,故
q
≠
1.
思维升华
在进行等差
(
比
)
数列项与和的运算时,若条件和结论间的联系不明显,则均可化成关于
a
1
和
d
(
q
)
的方程组求解,但要注意消元法及整体计算,以减少计算量
.
跟踪演练
1
(1)
(2015·
浙江
)
已知
{
a
n
}
是等差数列,公差
d
不为零
.
若
a
2
,
a
3
,
a
7
成等比数列,且
2
a
1
+
a
2
=
1
,则
a
1
=
________
,
d
=
________.
∵
2
a
1
+
a
2
=
1
,
∴
2
a
1
+
a
1
+
d
=
1
,即
3
a
1
+
d
=
1
,
-
1
解析
在等比数列中,
(
a
1
+
a
2
)
q
2
=
a
3
+
a
4
,
即
q
2
=
2
,所以
a
2 011
+
a
2 012
+
a
2 013
+
a
2 014
=
(
a
1
+
a
2
+
a
3
+
a
4
)
q
2 010
=
3
×
2
1 005
,
1 005
热点二 等差数列、等比数列的判定与证明
数列
{
a
n
}
是等差数列或等比数列的证明方法
(1)
证明数列
{
a
n
}
是等差数列的两种基本方法:
①
利用定义,证明
a
n
+
1
-
a
n
(
n
∈
N
*
)
为一常数;
②
利用中项性质,即证明
2
a
n
=
a
n
-
1
+
a
n
+
1
(
n
≥
2).
(2)
证明
{
a
n
}
是等比数列的两种基本方法:
例
2
(2014·
大纲全国
)
数列
{
a
n
}
满足
a
1
=
1
,
a
2
=
2
,
a
n
+
2
=
2
a
n
+
1
-
a
n
+
2.
(1)
设
b
n
=
a
n
+
1
-
a
n
,证明:
{
b
n
}
是等差数列;
证明
由
a
n
+
2
=
2
a
n
+
1
-
a
n
+
2
得
a
n
+
2
-
a
n
+
1
=
a
n
+
1
-
a
n
+
2
,
即
b
n
+
1
=
b
n
+
2.
又
b
1
=
a
2
-
a
1
=
1
,
所以
{
b
n
}
是首项为
1
,公差为
2
的等差数列
.
(2)
求
{
a
n
}
的通项公式
.
解
由
(1)
得
b
n
=
1
+
2(
n
-
1)
=
2
n
-
1
,
即
a
n
+
1
-
a
n
=
2
n
-
1.
∴
a
n
-
a
n
-
1
=
2
n
-
3
,
a
n
-
1
-
a
n
-
2
=
2
n
-
5
,
……
a
2
-
a
1
=
1
,
累加得
a
n
+
1
-
a
1
=
n
2
,即
a
n
+
1
=
n
2
+
a
1
.
又
a
1
=
1
,所以
{
a
n
}
的通项公式为
a
n
=
n
2
-
2
n
+
2.
思维升华
(1)
判断一个数列是等差
(
比
)
数列,也可以利用通项公式及前
n
项和公式,但不能作为证明方法
.
(2)
已知数列
{
a
n
}
中,
a
1
=
1
,
a
n
+
1
=
2
a
n
+
3
,则
a
n
=
________.
解析
由已知可得
a
n
+
1
+
3
=
2(
a
n
+
3)
,
又
a
1
+
3
=
4
,
故
{
a
n
+
3}
是以
4
为首项,
2
为公比的等比数列
.
∴
a
n
+
3
=
4
×
2
n
-
1
,
∴
a
n
=
2
n
+
1
-
3.
2
n
+
1
-
3
热点三 等差数列、等比数列的综合问题
解决等差数列、等比数列的综合问题,要从两个数列的特征入手,理清它们的关系;数列与不等式、函数、方程的交汇问题,可以结合数列的单调性、最值求解
.
例
3
已知等差数列
{
a
n
}
的公差为-
1
,且
a
2
+
a
7
+
a
12
=-
6.
(1)
求数列
{
a
n
}
的通项公式
a
n
与前
n
项和
S
n
;
解
由
a
2
+
a
7
+
a
12
=-
6
得
a
7
=-
2
,
∴
a
1
=
4
,
(2)
将数列
{
a
n
}
的前
4
项抽去其中一项后,剩下三项按原来顺序恰为等比数列
{
b
n
}
的前
3
项,记
{
b
n
}
的前
n
项和为
T
n
,若存在
m
∈
N
*
,使对任意
n
∈
N
*
,总有
S
n
<
T
m
+
λ
恒成立,求实数
λ
的取值范围
.
解
由题意知
b
1
=
4
,
b
2
=
2
,
b
3
=
1
,
∴
{
T
m
}
为递增数列,得
4
≤
T
m
<8.
故
(
S
n
)
max
=
S
4
=
S
5
=
10
,
若存在
m
∈
N
*
,使对任意
n
∈
N
*
总有
S
n
<
T
m
+
λ
,
则
10<4
+
λ
,得
λ
>6
.
即
实数
λ
的取值范围为
(6
,+
∞
).
思维升华
(1)
等差数列与等比数列交汇的问题,常用
“
基本量法
”
求解,但有时灵活地运用性质,可使运算简便
.
(2)
数列的项或前
n
项和可以看作关于
n
的函数,然后利用函数的性质求解数列问题
.
(3)
数列中的恒成立问题可以通过分离参数,通过求数列的值域求解
.
(1)
求数列
{
a
n
}
的通项公式
;
解
设等比数列
{
a
n
}
的公比为
q
,
因为
S
3
+
a
3
,
S
5
+
a
5
,
S
4
+
a
4
成等差数列,
所以
S
5
+
a
5
-
S
3
-
a
3
=
S
4
+
a
4
-
S
5
-
a
5
,即
4
a
5
=
a
3
,
故等比数列
{
a
n
}
的通项公式
为
当
n
为奇数时,
S
n
随
n
的增大而减小,
当
n
为偶数时,
S
n
随
n
的增大而增大,
高考押题精练
1
2
3
4
1.
设等差数列
{
a
n
}
的前
n
项和为
S
n
,且
a
1
>0
,
a
3
+
a
10
>0
,
a
6
a
7
<0
,则满足
S
n
>0
的最大自然数
n
的值为
________.
押题依据
等差数列的性质和前
n
项和是数列最基本的知识点,也是高考的热点,可以考查学生灵活变换的能力
.
1
2
3
4
解析
∵
a
1
>0
,
a
6
a
7
<0
,
∴
a
6
>0
,
a
7
<0
,等差数列的公差小于零
,
又
a
3
+
a
10
=
a
1
+
a
12
>0
,
a
1
+
a
13
=
2
a
7
<0
,
∴
S
12
>0
,
S
13
<0
,
∴
满足
S
n
>0
的最大自然数
n
的值为
12.
答案
12
1
2
3
4
2.
已知等比数列
{
a
n
}
中,
a
4
+
a
6
=
10
,则
a
1
a
7
+
2
a
3
a
7
+
a
3
a
9
=
________.
押题依据
等比数列基本量的计算和等比数列的性质是近几年高考的热点,反映了解题中的整体化思想
.
1
2
3
4
所以
a
1
a
7
+
2
a
3
a
7
+
a
3
a
9
=
(
a
4
+
a
6
)
2
=
10
2
=
100.
答案
100
1
2
3
4
押题依据
等差数列、等比数列的综合问题可反映知识运用的综合性和灵活性,是高考出题的重点
.
1
2
3
4
解析
设等差数列
{
a
n
}
的公差为
d
,
所以
b
7
=
a
7
=
2.
答案
4
1
2
3
4
押题依据
本题在数列、方程、不等式的交汇处命题,综合考查学生应用数学的能力,是高考命题的方向
.
解析
由
a
7
=
a
6
+
2
a
5
,得
a
1
q
6
=
a
1
q
5
+
2
a
1
q
4
,整理有
q
2
-
q
-
2
=
0
,
1
2
3
4
解得
q
=
2
或
q
=-
1(
与条件中等比数列的各项都为正数矛盾,舍去
)
,
1
2
3
4