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- 2021-06-16 发布
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数学试卷(理)
一、选择题(本大题共12小题,共60.0分)
1. 已知集合,则
A. B. C. D.
2. 已知双曲线C:的一条渐近线为,则C的离心率为
A. B. 3 C. 2 D. 10
3. 已知实数a,b,c满足,且,那么下列各式中一定成立的是
A. B. C. D.
4. 已知非零向量,的夹角为,且,,则
A. B. 1 C. D. 2
5. 算法统宗里有一段叙述:“九百九十六斤棉,赠分八子做盘缠,次第每人多十七,要将第八数来言,务要分明依次第,孝和休惹外人传”,意思是将996斤棉花,分别赠送给8个子女做旅费,从第一个开始,以后每人依次多17斤,直到第八个孩子为止分配时一定要等级分明,使孝顺子女的美德外传,则第二和第七个孩子分得棉的斤数之和为
A. 167 B. 176 C. 249 D. 255
6. 对于任意,函数满足,且当时,,若,,,则a,b,c之间的大小关系是
A. B. C. D.
7. 已知函数,若函数有两个不同的零点,则实数m的取值范围是
A. B. C. D.
8. 如图,网格纸上小正方形的边长为1,粗实线画出的是某几何体的三视图,则该几何体的体积为
A. B. C. D.
9. 已知圆C:与直线1:,P为直线1上一动点,若圆上存在点A,使得,则的最大值为
A. B. 4 C. 2 D.
10. 关于函數有下述四个结论:函数的最小正周期为:函数在区间上单调递减;函数在上有四个零点;函数的最大值为其中所有正确的结论序号为
A. B. C. D.
1. 已知抛物线的焦点为F,A是抛物线上异于坐标原点的任意一点,以F为圆心,为半径的圆交y轴负半轴于点B,平行于AB的直线1与抛物线相切于点D,则直线AD必过定点
A. B. C. D.
2. 已知函数,若时,不等式恒成立,则实数a的取值范围为
A. B. C. D.
二、填空题(本大题共4小题,共20.0分)
3. 若实数x,y满足约束条件,则的最小值为______.
4. 在中,已知,,,角A的平分线交边BC于D,则______.
5. 设的图象在点处的切线为l,则曲线,直线1及y轴所围成的图形的面积为______.
6. 在四棱锥中,底面ABCD为矩形,平面ABCD,,以BD为直径的球与PB交于点异于点,则四面体MPCD外接球半径______.
三、解答题(本大题共6小题,共72.0分)
7. 记为等比数列的前n项的和,且为递增数列,已知,.
求数列的通项公式;
设,求数列的前2n项之和.
8. 在中,角A,B,C的对边分别为a,b,c,设.
求cosB的值;
若,,求的值.
9. 在第六个国家扶贫日到来之际,中共中央总书记、国家主席、中央军委主席习近平对脱贫攻坚工作作出重要指示强调,新中国成立70
年来,中国共产党坚持全心全意为人民服务的根本宗旨,坚持以人民为中心的发展思想,带领全国各族人民持续向贫困宜战某县政府响应习总书记的号召,实施整治环境吸引外地游客的脱贫战略,效果显著,某旅行社组织了两个旅游团于近期来到了该县的某风景区,数据显示,近期风景区中每天空气质量指数近似满足函数,其中t为每天的时刻,若在凌晨4点时刻,测得空气质量指数为.Ⅰ求实数a的值;Ⅱ求近期每天在时段空气质量指数最高的时刻参考数值:
1. 已知点,直线1:,平面上有一动点E,记点E到l的距离为d,若动点E满足:
求点E的轨迹方程;
过F的动直线m与点E的轨迹交于A,B两点,试问:在x轴上,是否存在定点Q,使得为常数?若存在,求出点Q的坐标;若不存在,说明理由.
2. 如图1,四边形PBCD是等腰梯形,,,,A为PD的中点,将沿AB折起,如图2,点M是棱PD上的点.
若M为PD的中点,证明:平面平面ABM;
若,试确定M的位置,使二面角的余弦值等于.
1.
已知函数.
讨论函数的单调性;
若有两个极值点,,且恒成立,求实数m的取值范围.
答案和解析
1.【答案】B
【解析】解:,
.
故选:B.
可以求出集合A,B,然后进行交集的运算即可.
本题考查了描述法、区间的定义,一元二次不等式的解法,对数函数的定义域和单调性,交集的运算,考查了计算能力,属于基础题.
2.【答案】A
【解析】解:双曲线C:
可知,双曲线的一条渐近线为,所以双曲线的焦点坐标在x轴上,
可得,即,所以,所以,,
双曲线的离心率.
故选:A.
直接利用双曲线的渐近线方程,得到a、b关系,然后求解离心率即可.
本题考查双曲线的简单性质的应用,是基本知识的考查,属于基础题.
3.【答案】B
【解析】解:,且,
,,b与0的大小关系不确定.,,.
只有B正确,
故选:B.
,且,可得:,,b与0的大小关系不确定.利用不等式的基本性质即可判断出结论.
本题考查了不等式的基本性质,考查了推理能力与计算能力,属于基础题.
4.【答案】A
【解析】解:因为非零向量,的夹角为,且,,
所以,
即 舍.
故选:A.
直接把模长平方,再把已知条件代入即可求解.
本题考查了平面向量模长的应用问题,也考查了计算能力,是基础题目.
5.【答案】C
【解析】解:设此等差数列为,由题意可得:,.
则,解得.
则.
故选:C.
设此等差数列为,由题意可得:,利用求和公式与通项公式即可得出.
本题考查了等差数列的通项公式与求和公式,考查了推理能力与计算能力,属于基础题.
6.【答案】C
【解析】解:,
关于直线对称,
,,且,
又当时,,
故函数在单调递增,
,即.
故选:C.
首先根据,得出函数关于对称,再将对应的自变量转化到区间内,利用函数的单调性作出判断.
本题主要考查利用函数单调性比较函数值的大小,同时也涉及了函数对称性的判断,属于基础题.
7.【答案】B
【解析】解:依题意,函数与直线的图象有两个不同的交点,
由得,,
当时,,在上单调递减,当时,,在上单调递增,
且时,,时,,,作函数的图象如下图所示,
由图象可知,满足条件的实数m应满足,即.
故选:B.
依题意,函数与直线的图象有两个不同的交点,利用导数作出函数
的图象,由图象观察即可得出实数m满足的约束条件,进而得解.
本题考查函数零点与方程根的关系,涉及了导数在解决函数问题中的运用,考查转化思想及数形结合思想,属于基础题.
8.【答案】D
【解析】解:由三视图还原原几何体如图,
该几何体为组合体,左边为直三棱柱,右边为半圆锥,
直三棱柱的底面为等腰三角形,底边长为2,高为2,侧棱长为4;
半圆锥的底面半径为1,高为2.
则该几何体的体积为.
故选:D.
由三视图还原原几何体,该几何体为组合体,左边为直三棱柱,右边为半圆锥,直三棱柱的底面为等腰三角形,底边长为2,高为2,侧棱长为4;半圆锥的底面半径为1,高为2,再由棱柱与圆锥的体积公式求解.
本题考查由三视图求面积、体积,关键是由三视图还原原几何体,是中档题.
9.【答案】C
【解析】解:圆C:的圆心坐标为,半径为1,
圆心到直线l的距离,可知直线与圆相离,
由正弦定理可得三角形PAC的外接圆的直径,
P为直线1上一动点,当直线PA与圆相切时,此时为外接圆的直径,取得最大值为2.
故选:C.
由已知可得直线与圆相离,P为直线1上一动点,当直线PA与圆相切时,此时为外接圆的直径,取得最大值.
本题考查直线与圆位置关系的应用以及正弦定理的应用,考查数形结合的解题思想方法,考查推理能力与计算能力,是中档题.
10.【答案】B
【解析】解:函数,
函数的图象如图:所以:函数的最小正周期为:不正确;函数在区间上单调递减;正确;
函数在上有四个零点;不正确;
函数的最大值为正确;
故选:B.
化简函数的解析式,然后判断命题的真假即可.
本题考查命题的真假的判断与应用,三角函数化简求解三角函数的简单性质的应用,是中档题.
11.【答案】A
【解析】解:抛物线的焦点为,准线方程为,
设,,即圆的半径,
圆F的方程为,
令,可得,或,则,
,
由的导数为,可得D处的切线的斜率为,
平行于AB的直线1与抛物线相切于点D,可得,
解得,则,
则直线AD的方程为,
整理可得,
令,可得,则AD恒过定点,
故选:A.
求得抛物线的焦点和准线方程,设,由抛物线的定义可得圆F的方程,求得B的坐标,直线AB的斜率,由的导数可得切线的斜率,进而得到D的坐标,求得直线AD的方程,再令,可得直线AD恒过的定点.
本题考查抛物线的定义、方程和性质,考查直线和抛物线的位置关系,考查直线方程和直线恒过定点的求法,以及化简运算能力、推理能力,属于中档题.
12.【答案】D
【解析】解:由,且恒成立,
得恒成立,即在上恒成立.
令,则.
令,则,
则在上单调递减,
,,
存在,使得,即,
,
当时,,即,单调递增;
当时,,即,单调递减.
,
又,,
则,即.
.
,即实数a的取值范围为.
故选:D.
由,且恒成立,得在上恒成立.令,利用导数求其最大值即可求得实数a的取值范围.
本题考查恒成立问题的求解方法,考查数学转化思想方法,训练了利用导数求最值,属难题.
13.【答案】0
【解析】解:由约束条件得到可行域如图:则,
则z的几何意义是区域内的点到定点的斜率的最小值与1的和,
由解得
由图象可知区域边界点A连接的直线斜率最小为:.
所以z的最小值为0
;
故答案为:0.
利用分式函数的性质,转化为直线的斜率,利用数形结合即可得到结论.
本题考查简单的线性规划,考查了数形结合的解题思想方法,关键是把目标函数变形,是中档题.
14.【答案】
【解析】解:在中,已知,,,
利用余弦定理,整理得,
所以:,解得.
在中,利用余弦定理,
在中,利用余弦定理,
设,
整理得:,
解得.
故答案为:
直接利用余弦定理的应用和方程组的解法的应用求出结果.
本题考查的知识要点:余弦定理的应用,方程的解法和应用,主要考查学生的运算能力和转换能力及思维能力,属于基础题型.
15.【答案】
【解析】解:由的导数为,
则切线l的斜率,
切线l的方程为,即,
曲线,直线1及y轴所围成的图形的面积为:
.
故答案为:
.
根据导数的几何意义即可求出切线方程;根据定积分的几何意义即可求出所围成的图形的面积.
本题考查利用导数求切线的方程,考查定积分的运用,考查运算能力,属于中档题.
16.【答案】
【解析】解:由题意平面ABCD,底面ABCD是矩形,,,
解得,,
,
过点D作PB的垂线,垂足为M,
,,,
,,,平面PCD,,
,,
平面PMC,平面PCD,平面平面PCD,
分别取PB,PC的中点E,G,则,平面PCD,
是直角三角形,直线EG上任意一点到三个顶点的距离相等,
作线段PM的垂直平分线,垂足为F,交EG于点O,
则O到的三个顶点的距离都相等,
即四面体MPCD外接球的球心为O,且的外接圆的圆心为O,
中,,
四面体MPCD外接球半径.
故答案为:.
过点D作PB的垂线,垂足为M,可求出PM,推导出平面PCD,从而得到平面平面PCD,分别取PB,PC的中点E,G,可得,平面PCD,由是直角三角形,可知直线EG上任意一点到PCD三个顶点的距离相等,作线段PM的垂直平分线,垂直为F,交EG于O,则O为的外接球球心,由正弦定理可求得的外接圆半径,即为所求外接球半径.
本题考查四面体MPCD外接球半径的求法,考查空间中线线、线面、面面间的位置关系等基础知识,考查运算求解能力,是中档题.
17.【答案】解:由题意,可知,即.
,
根据韦达定理,可得
,是方程的两根,
解得,.
数列为递增数列,
,.
设等比数列的公比为q,则.
,.
由知,
则
.
【解析】本题第题根据题设可得,再根据等比中项的性质可得,可根据韦达定理列出一元二次方程,解出一元二次方程的根,即可得到,的值,然后计算出公比q,进一步计算即可得到数列的通项公式;第题先根据第题的结果计算出数列的通项公式,然后运用裂项相消法计算前n项和.
本题主要考查等比数列的基础知识,以及应用裂项相消法求前n项和.考查了数列与方程的综合,转化与化归思想,逻辑思维能力和数学运算能力.本题属中档题.
18.【答案】解:因为.
由正弦定理可得,
因为,
所以;
由可得,
由正弦定理可得,,
所以,
因为,所以,
所以,
所以
【解析】由已知结合正弦定理及和差角公式即可求解;
由已知结合正弦定理可求sinA,进而可求cosA,然后结合两角和的正弦公式即可求解.
本题主要考查了正弦定理,和差角公式在三角化简求值中的应用,属于中档试题.
19.【答案】解:Ⅰ由题,代入得
,
解得;Ⅱ由函数,;
求导得:,
令,解得,
列表如下;
t
12
0
单调递增
极大值
单调递减
所以函数在时取极大值也是最大值,即每天空气质量指数最高的时刻为12时.
答:Ⅰ实数a的值为12;Ⅱ近期每天在时段空气质量指数最高的时刻为12时.
【解析】Ⅰ将代入,可求得a的值;Ⅱ根据导数和函数最值的关系,即可求出结果.
本题考查了函数在实际生活中的应用问题,也考查了导数和函数的最值关系应用问题,是中档题.
20.【答案】解:设点E的坐标为,
因为,所以,整理得,
所以点E的轨迹方程为.
设点Q的坐标为,
当直线m的斜率存在时,设其方程为,,,
联立,得,
由韦达定理得,,
所以,
不妨设,则,
化简得,,
令,解得,
故为常数,此时点Q的坐标为.
当直线m的斜率不存在时,其方程为,设点A在点B的上方,则,
所以,代入,有,符合题意.
综上所述,存在点,使得为常数.
【解析】设点E的坐标为,然后利用两点间距离公式表示出,通过,建立联系,化简整理后即可得解;
若直线m的斜率存在,可设其方程为,与椭圆方程联立,可得到关于x的一元二次方程及根与系数的关系,设,,,利用平面向量数量积的坐标运算可得到的表达式,将根与系数的关系代入上式,整理并化简可求得定点坐标及定值;若直线m
的斜率不存在,验证可知满足题意.
本题考查轨迹方程的求法、直线与椭圆的位置关系,涉及直接法求轨迹方程、曲直联立、平面向量数量积的坐标运算等知识,考查学生分析问题的能力和运算能力,属于中档题.
21.【答案】解:证明:由题意,,且,故四边形ABCD是平行四边形,
又,,
是正三角形,四边形ABCD是菱形,
取AB的中点E,连接PE,CE,易知是正三角形,则,,
又,
平面PEC,
,
取PC的中点N,连接MN,BN,则,即A,B,N,M四点共面,
又,则,
又,
平面ABM,
又PC在平面PCD内,
平面平面ABM;
,
,
又且,则可以EB,EC,AB所在直线为x轴,y轴,z轴建立空间直角坐标系,
则,设,则,
易知平面ABD的一个法向量为,
设平面MAB的一个法向量为,又,
,则可取,
由题意,,解得,故D.
【解析】取AB的中点E,连结PE,推导出,连结AC,CE,则,从而平面PCE,,取PC中点N,连结MN,BN,则,从而A,B,N,M四点共面,,由此能证明平面ABM.
先证明PE,EC,AB互相垂直,进而分别以EB,EC,AB所在直线为x轴,y轴,z轴建立空间直角坐标系,设,进而表示出M的坐标,再求出平面MAB及平面ABD的法向量,由此根据题意建立方程,求出的值.
本题考查面面垂直的证明,考查利用空间向量解决二面角问题,考查空间想象能力及计算求解能力,属于中档题.
22.【答案】解:,
若,则,显然此时,所以在单调递减;
若,由得,此时,
由得,得,
即在区间单调递增,在和单调递减,
若,则,
则在区间单调递增,在区间单调递减;
由知时,有两个极值点,,是方程的两个根,
则,,
所以
,
则原不等式等价于,
又因为,所以,
即,
令,则上式可化为当时,恒成立,
设,
则,
令,则,
当时,,即在上单调递增,
所以时,,
当即时,,即在上单调递增,,符合题意;
当时,因为在上单调递增,记,
则时,时,
即时单调递减,所以存在,使,不合题意,
综上所述:.
【解析】对函数求导,分,和三种情况,讨论导函数的正负,进而可得到函数单调性;
由值时,有两个极值点,则有,,则条件可整理为,
则不等式等价于,构造函数,求导并讨论单调性,使其最小值大于0即可求出答案.
本题考查函数的单调性,考查不等式恒成立问题,考查分类讨论思想的应用,推理论证能力,属于难题.