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- 2021-06-16 发布
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数学试题(文)
第Ⅰ卷
一、选择题(本大题共12小题,每小题5分,共60分,在每小题给出的四个选项中,有且只有一项是符合题目要求的 )
1.已知集合 ,,则( )
A. B. C. D.
2.设复数z满足,则=( )
A. B. C. D.
3.极坐标系中,圆到直线的距离最大值为 ( )
A. B. C. D.
4.某程序框图如图所示,若输出的,则判断框内为( )
A. B. C. D.
5.某产品的广告费用与销售额的统计数据如下表:
广告费用(万元)
4
2
3
5
销售额 (万元)
49
26
39
54
根据上表可得回归方程中的为9.4,据此模型预报广告费用为6万元时销售额为( )
A. 63.6万元 B.65.5万元 C.67.7万元 D.72.0万元
6.用反证法证明结论为“自然数中恰有一个偶数”的某命题时,应假设( )
A.都是奇数 B.都是偶数
C.中至少有两个偶数 D.中至少有两个偶数或都是奇数
7.在平面几何中,可以得出正确结论:“正三角形的内切圆半径等于这个正三角形的高的.”拓展到空间中,类比平面几何的上述结论,则正四面体的内切球半径等于这个正四面体的高的( )
A. B. C. D.
8.化极坐标方程为直角坐标方程为( )
A. B. C. D.
A.[2,+∞) B.(1,2) C.(1,2] D.(2,+∞)
10.已知函数满足,且的导函数,则的解集为( )
A. B. C. D.
11、已知定点(2,3),为抛物线的焦点,为抛物线上的动点,则 的最小值为 ( )
A.5 B.4.5 C.3.5 D.不能确定
12、函数在点处的切线率2,则 的最小值是( )
A.10 B.9 C.8 D.
二、 填空题(本大题共4小题,每小题5分,共20分)
13.若复数是纯虚数,则实数a的值为 .
14.函数f(x)=x-lnx的单调减区间为 .
16.已知函数的定义域为,部分对应值如下表,的导函数
的图象如图所示.下列关于的命题:
0
4
5
1
2
2
1
①函数的极大值点为,;②函数在上是减函数;
③如果当时,的最大值是2,那么的最大值为4;
④当时,函数有个零点。
其中正确命题的个数有 个.
三、解答题(本大题共6小题,共70分.解答应写出文字说明,证明过程或演算步骤)
17.(10分)在直角坐标系中,圆的方程为,以为极点,轴的非负半轴为极轴建立极坐标系.
(1)求圆的极坐标方程;
(2)直线与圆交于点,求线段的长.
18.(12分)在直角坐标系中,直线,圆,以坐标原点为极点,轴正半轴为极轴建立极坐标系.
(1)求,的极坐标方程;
(2)若直线的极坐标方程为,设的交点为,求的面积.
19.(12分)为考察某种药物预防疾病的效果,进行动物试验,调查了105个样本,统计结果为:服药的共有55个样本,服药但患病的仍有10个样本,没有服药且未患病的有30个样本.
(1)根据所给样本数据完成2×2列联表中的数据;
(2)请问能有多大把握认为药物有效?
21.(12分)已知顶点为O的抛物线y2=2x与直线y=k(x﹣2)相交于不同的A,B两点.
(1)求证:OA⊥OB;
(2)当k=时,求△OAB的面积.
22(12分)已知函数.
(1) 求函数的的单调区间;
(2)若恒成立,试确定实数的取值范围.
文科数学答案
一. 选择题DCBCB DBCAD CB
二. 填空题13. 1 14. 15. 16. 2
三.解答题
17.【答案】(1);(2).
试题分析:(1)由,得到圆的极坐标方程;(2)将直线的极坐标方程代入,得到,所以.
试题解析:(1)可化为,
故其极坐标方程为.
(2)将代入,得,
∴,,∴.
18.【答案】(1),;(2).
试题分析:(1)利用把普通方程化为极坐标方程;(2)利用直线参数方程的几何意义,求出,再算出的面积.
试题解析:(1)因为的极坐标方程为,的极坐标方程为.
(2)将代入,得,解得,因为的半径为,则的面积.
19.解:(1)解依据题意得,服药但没有病的45人,没有服药且患病的20可列下列22联表
患病
不患病
合计
服药
10
45
55
没服药
20
30
50
合计
30
75
105
(2)假设服药和患病没有关系,则Χ2的观测值应该很小,而Χ2==6.109.6.109>5.024,由独立性检验临界值表可以得出,有97.5%的把握药物有效.
20.解 (1)因为椭圆C:x2a2+y2b2=1(a>b>0)过点(1,32),所以1a2+94b2=1.①又因为离心率为12,所以ca=12,所以b2a2=34.②解①②得,a2=4,b2=3.所以椭圆C的方程为x24+y23=1.
(2)当直线的倾斜角为时,A(-1,32),B(-1,-32),=12|AB|×|F1F2|=12×3×2=3≠1227.
当直线的倾斜角不为时,设直线方程为y=k(x+1),代入x24+y23=1,得(4k2+3)x2+8k2x+4k2-12=0.设A(x1,y1),B(x2,y2),则x1+x2=-8k24k2+3,x1x2=4k2-124k2+3,所以=12|y1-y2|×|F1F2|
=|k|x1+x22-4x1x2=|k|-8k24k2+32-4路4k2-124k2+3=12kk2+14k2+3=1227,所以17k4+k2-18=0,
解得k2=1(k2=-1817舍去),所以k=±1,所以所求直线的方程为x-y+1=0或x+y+1=0.
21.解:(1)证明:将直线y=k(x﹣2)代入抛物线的方程y2=2x,
消去y可得,k2x2﹣(4k2+2)x+4k2=0,设A(x1,y1),B(x2,y2),可得x1+x2=4+,x1x2=4,y1y2=k2(x1﹣2)(x2﹣2)=k2[x1x2+4﹣2(x1+x2)]=k2(4+4﹣8﹣)=﹣4
即有x1x2+y1y2=0,则=0,即有OA⊥OB;
(2)因为k=,由(1)可得x1=1,x2=4,代入直线方程可得y1=﹣,y2=2,
∴A(1,﹣),B(4,2),∴|OA|==,|OB|==2,
∴S△OAB=|OA||OB|=××2=3.
22.【答案】(1)当时,在上是增函数,当时,在
上是增函数,在上是减函数;(2).
试题解析:(1)函数的定义域为,
当时,在上是增函数,
当时,若时,有,
若时,有,则在上是增函数,在上是减函数.
(2)由(1)知时,在上是增函数,而不成立,故,又由(1)知的最大值为,要使恒成立,则即可,
即,得.