2020届二轮复习“平面向量、三角函数与解三角形”专题提能课课时作业（全国通用） 6页

课时跟踪检测（五）“平面向量、三角函数与解三角形”专题提能课 A组——易错清零练 ‎1．设x，y∈R，向量a＝(x,1)，b＝(1，y)，c＝(2，－4)，且a⊥c, b∥c，则|a＋b|＝(　　)‎ A.　　　　　　　　　　 B. C．2 D．10‎ 解析：选B　由题意可知解得 故a＋b＝(3，－1)，|a＋b|＝.‎ ‎2．(2019届高三·河南中原名校质量考评)将函数y＝sin(2x＋φ)的图象沿x轴向左平移个单位长度后，得到一个偶函数的图象，则φ的一个可能取值为(　　)‎ A. B. C．0 D. 解析：选B　将函数y＝sin(2x＋φ)的图象沿x轴向左平移个单位长度后，得到的图象对应的函数解析式为y＝sin＝sin.‎ 因为所得函数为偶函数，所以＋φ＝kπ＋(k∈Z)，‎ 即φ＝kπ＋(k∈Z)，则φ的一个可能取值为，故选B.‎ ‎3．(2018·全国卷Ⅲ)△ABC的内角A，B，C的对边分别为a，b，c.已知C＝60°，b＝，c＝3，则A＝________.‎ 解析：由正弦定理，得sin B＝＝＝，‎ 因为0°＜B＜180°，‎ 所以B＝45°或135°.‎ 因为b＜c，所以B＜C，故B＝45°，‎ 所以A＝180°－60°－45°＝75°.‎ 答案：75°‎ B组——方法技巧练 ‎1．已知向量a，b，且|a|＝，a与b的夹角为，a⊥(‎2a－b)，则|b|＝(　　)‎ A．2 B．4‎ C. D．3‎ 解析：选B　如图，作＝a，＝b，〈a，b〉＝，作＝‎2a，则＝‎2a－b.由a⊥(‎2a－b)可知，OC⊥BC.在Rt△OCB中，OC＝2|a|＝2，cos〈a，b〉＝＝＝，解得|b|＝4.故选B.‎ ‎2．在△ABC中，A＝120°，若三边长构成公差为4的等差数列，则最长的边长为(　　)‎ A．15 B．14‎ C．10 D．8‎ 解析：选B　在△ABC中，A＝120°，则角A所对的边a最长，三边长构成公差为4的等差数列，不妨设b＝a－4，c＝a－8(a>8)．由余弦定理得a2＝(a－4)2＋(a－8)2－2(a－4)(a－8)cos 120°，即a2－‎18a＋56＝0，所以a＝4(舍去)或a＝14.‎ ‎3．(2018·广州模拟)已知 △ABC的三个顶点A，B，C的坐标分别为(0,1)，(，0)，(0，－2)，O为坐标原点，动点P满足||＝1，则|＋＋|的最小值是(　　)‎ A.－1 B.－1‎ C.＋1 D.＋1‎ 解析：选A　已知点C坐标为(0，－2)，且||＝1，所以设P(cos θ，－2＋sin θ)，则|＋＋|＝＝＝≥ ＝－1.‎ ‎4．已知AB为圆O：(x－1)2＋y2＝1的直径，点P为直线x－y＋1＝0上任意一点，则·的最小值为(　　)‎ A．1 B． C．2 D．2 解析：选A　由题意，设A(1＋cos θ，sin θ)，P(x，x＋1)，则B(1－cos θ，－sin θ)，∴＝(1＋cos θ－x，sin θ－x－1)，＝(1－cos θ－x，－sin θ－x－1)，∴·＝(1＋cos θ－x)(1－cos θ－x)＋(sin θ－x－1)(－sin θ－x－1)＝(1－x)2－cos2θ＋(－x－1)2－sin2θ＝2x2＋1≥1，当且仅当x＝0时，等号成立，故选A.‎ ‎5．在△ABC中，角A，B，C的对边分别为a，b，c，若b＝5，a＝3，cos(B－A)＝，则△ABC的面积为(　　)‎ A. B． C．5 D．2 解析：选C　如图所示，在边AC上取点D使∠A＝∠ABD，则 cos∠DBC＝cos(∠ABC－∠A)＝，设AD＝DB＝x，在△BCD中，由余弦定理得，(5－x)2＝9＋x2－2×3x×，解得x＝3.故BD＝BC，在等腰三角形BCD中，DC边上的高为2，所以S△ABC＝×5×2＝5，故选C.‎ ‎6．已知在△ABC中，内角A，B，C所对的边分别为a，b，c，且c＝1，cos Bsin C＋(a－sin B)cos(A＋B)＝0.‎ ‎(1)求角C的大小；‎ ‎(2)求△ABC面积的最大值．‎ 解：(1)由cos Bsin C＋(a－sin B)cos(A＋B)＝0，‎ 可得cos Bsin C－(a－sin B)cos C＝0，‎ 即sin(B＋C)＝acos C，sin A＝acos C，即＝cos C.‎ 因为＝＝sin C，‎ 所以cos C＝sin C，‎ 即tan C＝1，C＝.‎ ‎(2)由余弦定理得12＝a2＋b2－2abcos＝a2＋b2－ab，‎ 所以a2＋b2＝1＋ab≥2ab，ab≤＝，当且仅当a＝b时取等号，所以 S△ABC＝absin C≤××＝.所以△ABC面积的最大值为.‎ C组——创新应用练 ‎1．已知△ABC的三个内角为A，B，C，重心为G，若2sin A·＋sin B·＋‎ ‎3sin C·＝0，则cos B＝________.‎ 解析：设a，b，c分别为角A，B，C所对的边，由正弦定理得‎2a·＋b·＋‎3c·＝0，则‎2a·＋b·＝－‎3c·＝－‎3c(－－)，即(‎2a－‎3c)＋(b－‎3c)‎ eq o(GB,sup7(―→))＝0.又，不共线，所以由此得‎2a＝b＝‎3c，所以a＝b，c＝b，于是由余弦定理得cos B＝＝.‎ 答案： ‎2．对任意两个非零的平面向量α和β，定义α∘β＝.若平面向量a，b满足|a|≥‎ ‎|b|>0，a与b的夹角θ∈，且a∘b和b∘a都在集合中，则a∘b＝________.‎ 解析：a∘b＝＝＝， ①‎ b∘a＝＝＝. ②‎ ‎∵θ∈，∴0，∴0<≤1.‎ ‎∴00)的图象向左平移个单位长度，所得图象对应的函数为偶函数，则ω的最小值是________．‎ 解析：由题意，得f(x)＝＝cos ωx－sin ωx＝2cos(ω>0)，将函数f(x)＝2cos(ω>0)的图象向左平移个单位长度，所得图象对应的函数为y＝2cos ‎＝2cos.因为y＝2cos为偶函数，所以＋＝kπ(k∈Z)．即ω＝(k∈Z)．又ω>0，所以ω的最小值是.‎ 答案： ‎4．在平面直角坐标系xOy中，Ω是一个平面点集，如果存在非零平面向量a，对于任意P∈Ω，均有Q∈Ω，使得＝＋a，则称a为平面点集Ω的一个向量周期．现有以下四个命题：‎ ‎①若平面点集Ω存在向量周期a，则ka(k∈Z，k≠0)也是Ω的向量周期；‎ ‎②若平面点集Ω形成的平面图形的面积是一个非零常数，则Ω不存在向量周期；‎ ‎③若平面点集Ω＝{(x，y)|x＞0，y＞0}，则b＝(1,2)为Ω的一个向量周期；‎ ‎④若平面点集Ω＝{(x，y)|[y]－[x]＝0}([m]表示不大于m的最大整数)，则c＝(1,1)为Ω的一个向量周期．‎ 其中真命题是________(填序号)．‎ 解析：对于①，取Ω＝{(x，y)|x＞0，y＞0}，a＝(1,0)，则a为Ω的向量周期，但－a＝(－1,0)不是Ω的向量周期，故①是假命题；‎ 易知②是真命题；‎ 对于③，任取点P(xP，yP)∈Ω，则存在点Q(xP＋1，yP＋2)∈Ω，所以b是Ω的一个向量周期，故③是真命题；‎ 对于④，任取点P(xP，yP)∈Ω，则[yP]－[xP]＝0，存在点Q(xP＋1，yP＋1)，所以 ‎[yP＋1]－[xP＋1]＝[yP]＋1－([xP]＋1)＝0，所以Q∈Ω，所以c是Ω的一个向量周期，‎ 故④是真命题．‎ 综上，真命题为②③④.‎ 答案：②③④‎ ‎5．已知函数f(x)＝2sincos，过A(t，f(t))，B(t＋1，f(t＋1))两点的直线的斜率记为g(t)．‎ ‎(1)求函数g(t)的解析式及单调递增区间；‎ ‎(2)若g(t0)＝，且t0∈，求g(t0＋1)的值．‎ 解：(1)易知f(x)＝2sincos＝sin，所以g(t)＝＝f(t＋1)－f(t ‎)＝sin－sin＝cos－sin＝cos.‎ 令2kπ－π≤t＋≤2kπ，k∈Z，得6k－≤t≤6k－，k∈Z，所以函数g(t)＝cos的单调递增区间为，k∈Z.‎ ‎(2)由题意得g(t0)＝cos＝，t0∈，‎ 所以t0＋∈，‎ 所以sin＝，‎ 所以g(t0＋1)＝cos＝cos＝cos－sin＝×－×＝.‎