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- 2021-06-16 发布
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2018-2019 学年广西贵港市覃塘高级中学高一 3 月月考数学
试题
试卷说明:本试卷分Ⅰ卷和Ⅱ卷,Ⅰ卷为试题(选择题和客观题),学生自已保存,Ⅱ卷一
般为答题卷,考试结束只交Ⅱ卷。
一、选择题(本大题共 12 小题,每小题 5 分,共 60 分,每小题四个选项中有且只有一个正确.)
1、下列结论正确的是( )
A.棱柱的底面一定是平行四边形 B.棱锥的底面一定是三角形
C.棱台的底面是两个相似的正方形 D.棱台的侧棱延长后必交于一点
2、已知点 A,直线 a,平面α,以下叙述中正确的个数是( )
①若 A∈a,a⊄α,则 A∉α; ②A∈a,a∈α,则 A∈α;
③若 A∉a,a
⊂
α,则 A∉α; ④若 A∈a,a
⊂
α,则 A
⊂
α.
A.0 B.1 C.2 D.3
3、垂直于同一条直线的两条直线一定( )
A.平行 B.相交 C.异面 D.以上都有可能
4、已知平面α与平面β的交线为 l,直线 a 在平面α内,直线 b 在平面β内,且 a,b
与 l 均不垂直,则( )
A.a 与 b 可能垂直,但不可能平行 B.a 与 b 可能垂直,也可能平行
C.a 与 b 不可能垂直,但可能平行 D.a 与 b 不可能垂直,也不可能平行
5、一个几何体的三视图如图所示,则这个几何体可能是一个( )
A.棱台 B.棱锥 C.棱柱 D.正八面体
6、以长为 8 cm,宽为 6 cm 的矩形的一边为旋转轴旋转而成的圆柱的底面面积为( )
A.64π cm2 B.36π cm2 C.64π cm2 或 36π cm2 D.48π cm2
7、若轴截面为正方形的圆柱的侧面积是 4π,则该圆柱的体积为( )
A.π B.2π C.4π D.8π
8、已知正方体的内切球(球与正方体的六个面都相切)的体积是32
3
π,则该球的表面积
为( )
A.4π B.8π C.12π D.16π
9、如图所示,三棱锥 A BCD 的棱长都相等,E,F 分别是棱 AB,CD 的中点,则
EF 与 BC 所成的角是( )
A.30° B.45° C.60° D.90°
10、如图所示,一个空间几何体的正视图和侧视图都是边长为 1 的正方形,俯视图是
一个直径为 1 的圆,那么这个几何体的全面积为( )
A.3
2
π B.2π C.3π D.4π
11、 如图所示,在长方体 ABCDA1B1C1D1 中,AB=BC=2,AA1=1,则 BC1 与平面 BB1D1D 所
成角的正弦值为( )
A. 6
3
B.2 5
5
C. 15
5
D. 10
5
12、在四面体 ABCD 中,已知棱 AC 的长为 2,其余各棱长都为 1,则二面角 ACDB 的平
面角的余弦值为( )
A.1
2
B.1
3
C. 3
3
D. 2
3
二、填空题:(本大题共 4 个小题,每小题 5 分,共 20 分.)
13、如图所示,在空间四边形 ABCD 中,E,F,G,H 分别是 AB,BC,CD,DA 上
的点,EH∥FG,则 EH 与 BD 的位置关系是________.
14、正方体各面所在的平面将空间分成________个部分.
15、若一个几何体的三视图如图所示,则该几何体的体积为________.
16、已知 a,b 为互相不垂直的两条异面直线,α是一个平面,则 a,b 在α上的射影可
能是:①两条平行直线;②两条互相垂直的直线;③同一条直线;④一条直线及其外一点.
则在上面的结论中,正确结论的序号是________.
三、解答题:(本大题共 6 小题,共 70 分.解答应写出文字说明、证明过程或演算步骤.)
17、(10 分)一个球与正三棱柱的三个侧面和两个底面都相切,已知这个球的体积为 36
π,求该三棱柱的体积.
18、(12 分) 如图①所示为一个长方体截去一个角所得多面体的直观图,它的正视图和
侧视图如图②所示.
(1)画出该多面体的俯视图;
(2)求该多面体的体积.
19、(12 分)如图所示是一个圆台形的纸篓(有底无盖),它的母线长为 50 cm,两底面直
径分别为 40 cm 和 30 cm.现有制作这种纸篓的塑料制品 50 m2,问最多可以做多少个这种纸
篓?
20、(12 分)如图所示,在四面体 ABCD 中,CB=CD,AD⊥BD,点 E,F 分别是 AB,BD 的
中点.
求证:(1)直线 EF∥平面 ACD;
(2)平面 EFC⊥平面 BCD.
21、(12 分) 已知正三棱柱 ABCA1B1C1 的底面边长为 2,侧棱长为 3 2,点 E 在侧棱 AA1
上,点 F 在侧棱 BB1 上,且 AE=2 2,BF= 2.
(1)求证:CF⊥C1E;
(2)求二面角 ECFC1 的大小.
22、(12 分)如图所示,已知四棱锥 PABCD 中,底面 ABCD 为菱形,PA⊥平面 ABCD,∠ABC
=60°,E,F 分别是 BC,PC 的中点.
(1)证明:AE⊥平面 PAD.
(2)若 AB=2,在线段 PD 上是否存在点 H,使得 EH 与平面 PAD 所成最大角的正切值为 6
2
?
若存在,请求出 H 点的位置;若不存在,请说明理由.
高一 3 月月考数学答案
一、选择题:
1、D [解析] 由棱台的定义知 D 选项正确.
2、A [解析] ①不正确,如 a∩α=A;②不正确,“a∈α”表述错误;③不正确,如
图所示,A∉a,a
⊂
α,但 A∈α;④不正确,“A
⊂
α”表述错误.
3、D [解析] 两条直线同时垂直于同一条直线,这两条直线可能平行、相交、异面.
4、B [解析] 由题易知 a 与 b 可能垂直,也可能平行,故选 B.
5、A [解析] 由三视图知,该几何体从正面和侧面看都是梯形,从上面看为正方形,从
下面看是正方形,并且可以想象到连接相应顶点的四条线段就是几何体的四条侧棱,故这个
几何体是一个四棱台.
6、C [解析] 分别以长为 8 cm, 宽为 6 cm 的边所在的直线为旋转轴,即可得到两种不
同大小的圆柱,显然 C 选项正确.
7、B [解析] 设圆柱的底面半径为 r,则 2πr×2r=4π,解得 r=1,所以该圆柱的体
积为π×12×2=2π.
8、D [解析] 设球的半径为 R.由
4
3πR3=
32
3 π得 R=2,∴S 球=4πR2=16π.
9、B [解析] 设 G 是 AC 的中点,连接 EG,GF,则 EG∥BC,GF∥AD,∴∠GEF 的大小就
等于 EF 与 BC 所成的角的大小.又∵三棱锥 A BCD 是棱长都相等的正三棱锥,∴BC⊥AD.
∵EG∥BC,GF∥AD,∴∠EGF=90°,又 EG=
1
2BC,GF=
1
2AD,BC=AD,∴EG=GF,∴△EGF
是等腰直角三角形,∴∠GEF=45°,∴EF 与 BC 所成的角为 45°.
10、A [解析] 由三视图知几何体是一个圆柱,圆柱的底面是一个直径为 1 的圆,圆柱
的高是 1,∴圆柱的全面积是 2×π×(
1
2)2+2π×
1
2×1=
3π
2 ,故选 A.
11、
D [解析] 如图所示,在平面 A1B1C1D1 内过点 C1 作 B1D1 的垂线,垂足为 E.连接 BE.
C1E⊥BB1
B1D1∩BB1=B1
⇒
C1E⊥平面 BDD1B1,∴∠C1BE 的正弦值即为所求.
∵BC1==,C1E=
2×2
2 =,∴sin∠C1BE=
C1E
BC1=
2
5=
10
5 .
12、C [解析] 取 AC 的中点 E,CD 的中点 F,连接 EF,BF,BE.∵AC=,其余各棱长都
为 1,
∴AD⊥CD.又易知 EF∥AD,∴EF⊥CD.
又易知 BF⊥CD,∴∠BFE 是二面角 ACDB 的平面角.易求得,EF=
1
2,BE=
2
2,
BF=
3
2,
此时 EF2+BE2=BF2.∴∠BEF=90°,
∴cos∠BFE=
EF
BF=
3
3.
二、填空题:
13、平行 [解析] ∵EH∥FG,EH⊄平面 BCD,FG
⊂
平面 BCD,∴EH∥平面 BCD.又∵EH
⊂
平
面 ABD,平面 ABD∩平面 BCD=BD,∴EH∥BD,即 EH 与 BD 的位置关系是平行.
14、27 [解析] 易知将空间分成 27 个部分.
15、14.
π
3 [解析] 该组合体为在一个圆柱内去掉一个半球,其体积 V=π×12×1-
4
3π
×13×
1
2=
π
3 .
16、①②④ [解析] ①②④对应的情况如下图所示:
三、解答题:
17、解:设球的半径为 r,则
4πr3
3 =36π,解得 r=3.
∵球与正三棱柱的三个侧面相切,
∴球的直径等于正三棱柱底面等边三角形的内切圆的直径,
∴正三棱柱底面正三角形的边长为 2r=6.
∵球与正三棱柱的两底面相切,∴正三棱柱的高为 2r=6,
∴该三棱柱的体积 V=
3
4×(6)2×6=162.
18、解:(1)该多面体的俯视图如图所示.
(2) 所求多面体的体积 V=V 长方体-V 正三棱锥=4×4×6-
1
3×(
1
2×2×2)×2=
284
3 .
19、解:根据题意可知,纸篓底面圆的半径 r′=15 cm,上口的半径 r=20 cm,设母
线长为 l,则纸篓的表面积 S=πr′2+
(2πr′+2πr)l
2 =π(r′2+r′l+rl)=π(152+
15×50+20×50)=1975π(m2)。 50 m2=500 000 cm2,故最多可以制作这种纸篓的个数 n
=
500 000
S ≈80.
20、证明:(1)∵E,F 分别是 AB,BD 的中点,∴EF 是△ABD 的中位线,∴EF∥AD.∵EF
⊄平面 ACD,AD
⊂
平面 ACD,∴直线 EF∥平面 ACD.
(2)∵AD⊥BD,EF∥AD,∴EF⊥BD.∵CB=CD,F 是 BD 的中点,
∴CF⊥BD.又∵EF∩CF=F,∴BD⊥平面 EFC.
∵BD
⊂
平面 BCD,∴平面 EFC⊥平面 BCD.
21、15.解:(1)证明:由已知可得 CC1=3,CE=C1F==2,C1E=,EF2=AB2+(AE-BF)2
=6,于是有 EF2+C1E2=C1F2,CE2+C1E2=CC
2
1,所以 C1E⊥EF,C1E⊥CE.又 CE∩EF=E,所以
C1E⊥平面 CEF.又 CF
⊂
平面 CEF,所以 CF⊥C1E.
(2)在△CEF 中,CF=EF=,CE=2,于是 EF2+CF2=CE2,所以 CF⊥EF.又由(1)知 CF⊥
C1E,且 C1E∩EF=E,所以 CF⊥平面 C1EF,所以 CF⊥C1F,于是∠EFC1 即为所求二面角的平面
角.又△EFC1 是等腰直角三角形,所以∠EFC1=45°,
即所求二面角 ECFC1 的大小为 45°.
22、解:(1)证明:由四边形 ABCD 为菱形,∠ABC=60°,可得△ABC 为正三角形,因
为 E 为 BC 的中点,所以 AE⊥BC.
又 BC∥AD,因此 AE⊥AD.
因为 PA⊥平面 ABCD,AE
⊂
平面 ABCD,
所以 PA⊥AE.而 PA
⊂
平面 PAD,AD
⊂
平面 PAD,
PA∩AD=A,
所以 AE⊥平面 PAD.
(2)设线段 PD 上存在一点 H,连接 AH,EH.
由(1)知,AE⊥平面 PAD,则∠EHA 为 EH 与平面 PAD 所成的角.
在 Rt△EAH 中,AE=,
所以当 AH 最短,即 AH⊥PD 时,∠EHA 最大,
此时 tan∠EHA=
AE
AH=
3
AH=
6
2,因此 AH=.
所以,线段 PD 上存在点 H,当 DH=时,使得 EH 与平面 PAD 所成最大角的正切值为
6
2.