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  • 2021-06-16 发布

江苏省“丹靖沭”优秀学生培育联谊校2020届高三上学期10月份联考数学试题

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‎2019~2020学年度丹靖沭10月份联考 数学试题 一、填空题:本大题共14个小题,每小题5分,共70分.‎ ‎1.已知集合,,则_________.‎ ‎【答案】‎ ‎【解析】‎ ‎【分析】‎ 根据交集的定义即可写出答案。‎ ‎【详解】,,‎ 故填 ‎【点睛】本题考查集合的交集,需熟练掌握集合交集的定义,属于基础题。‎ ‎2.复数(是虚数单位)的实部为____.‎ ‎【答案】2‎ ‎【解析】‎ 复数,所以实部为2.‎ 点晴:本题重点考查复数的基本运算和复数的概念,属于基本题,首先对于复数的四则运算,要切实掌握其运算技巧和常规思路,如,,其次要熟悉复数的相关基本概念,如复数的实部为,虚部为,模为,对应点为,共轭复数为.‎ ‎3.函数的定义域为____.‎ ‎【答案】‎ ‎【解析】‎ 由,解得,所以定义域为.‎ ‎4.某校高三年级500名学生中,血型为O型的有200人,A型的有125人,B型的有125人,AB型的有50人.为研究血型与色弱之间的关系,现用分层抽样的方法从这500名学生中抽取一个容量为60的样本,则应抽取____名血型为AB的学生.‎ ‎【答案】6‎ ‎【解析】‎ 由题意,‎ 故 AB 型血抽:人.‎ ‎5.下图是一个算法流程图,则输出的的值为____.‎ ‎【答案】3‎ ‎【解析】‎ 第一次循环后S=400,i=1;‎ 第二次循环后S=800,i=2;‎ 第三次循环后S=1200,i=3;‎ 第四次循环后S=1600>1200,输出i=3.‎ 点睛:本题考查的是算法与流程图.对算法与流程图的考查,侧重于对流程图循环结构的考查.先明晰算法及流程图的相关概念,包括选择结构、循环结构、伪代码,其次要重视循环起点条件、循环次数、循环终止条件,更要通过循环规律,明确流程图研究的数学问题,是求和还是求项.‎ ‎6.抛一枚硬币3次,恰好2次正面向上的概率为____.‎ ‎【答案】‎ ‎【解析】‎ 每枚硬币正面向上的概率都等于,故恰好有两枚正面向上的概率为.‎ ‎7.设命题;命题,那么是的______条件.(选填“充分不必要”、“充要”、“既不充分也不必要”)‎ ‎【答案】充分不必要 ‎【解析】‎ ‎【分析】‎ 解不等式得到命题中的范围,根据集合的包含关系可得结果.‎ ‎【详解】由得:或,可知是或的真子集 是的充分不必要条件 本题正确结果:充分不必要 ‎【点睛】本题考查充分条件和必要条件的判定,关键是能够明确充分必要条件与集合包含关系之间的关系.‎ ‎8.用半径为cm,面积为cm2的扇形铁皮制作一个无盖的圆锥形容器(衔接部分忽略不计), 则该容器盛满水时的体积是 .‎ ‎【答案】‎ ‎【解析】‎ ‎【分析】‎ 由圆锥的几何特征,我们可得用半径为cm,面积为 cm2的扇形铁皮制作一个无盖的圆锥形容器,则圆锥的底面周长等于扇形的弧长,圆锥的母线长等于扇形的半径,由此计算出圆锥的高,代入圆锥体积公式,即可示出答案.‎ ‎【详解】设铁皮扇形的半径和弧长分别为,圆锥形容器的高和底面半径分别为,‎ 则由题意得R=,由 得;‎ 由得;‎ 由得;‎ 圆锥的体积 所以该容器最多盛水 故答案为 ‎【点睛】本题主要考查了扇形的面积公式、弧长公式以及圆锥的体积公式,属于基础题.‎ ‎9.在平面直角坐标系中,双曲线的离心率为2,则实数的值是__________.‎ ‎【答案】‎ ‎【解析】‎ ‎【分析】‎ 根据题意,得双曲线焦点在x轴上,由双曲线的离心率公式可得e2==4,解得m的值即可.‎ ‎【详解】双曲线的方程为,分析可得双曲线的焦点在x轴上,其离心率为2,则有e2==4,解得m=;‎ 故答案为:.‎ ‎【点睛】本题考查由双曲线的离心率求双曲线的方程,注意先确定双曲线焦点的位置,属于基础题.‎ ‎10.已知列和,其中,,项是互不相等的正整数,若对于任意,的第项等于的第项,则___________.‎ ‎【答案】‎ ‎【解析】‎ ‎【分析】‎ 根据的第项等于的第项与可知道,再依次令,化简即可得出答案。‎ ‎【详解】的第项等于的第项即说明 ‎ 当时,;‎ 当时,;‎ 当时,;‎ 当时,;‎ 所以 即 故填2‎ ‎【点睛】本题综合考查数列的概念与对数的运算,根据题意写出关系式,是解本题的关键,属于基础题 ‎11.已知,则______________.‎ ‎【答案】‎ ‎【解析】‎ 由,得,‎ 即 整理得:,即,‎ 而,故,故答案为.‎ ‎12.若,的最小值为,则实数的取值范围是___________.‎ ‎【答案】‎ ‎【解析】‎ ‎【分析】‎ 分段讨论,当时,函数最小值为,可知道;当时,求出在上单调递减,在单调递增,根据题意有,解出不等式,再取交集,即可得出答案。‎ ‎【详解】当时,若,根据函数,在上单调递减,在单调递增,与的最小值为矛盾,‎ 所以 ,‎ 当时,,,在上单调递减,在单调递增,,解得,‎ 综上所述: ‎ 故填 ‎【点睛】本题考查分段函数的最值问题,根据分段函数的最小值点,求参数的取值范围,解决关于分段函数的问题,分段讨论即可。属于中档题。‎ ‎13.在平面直角坐标系中,已知点,,直线,其中实数,,成等差数列,若点在直线上的射影为,则线段的取值范围是__________.‎ ‎【答案】‎ ‎【解析】‎ ‎【分析】‎ 根据,,成等差数列,可知道直线过定点,又,故点在以为直径的圆上,即可写出圆的标准方程,而线段的取值范围即为圆上动点到的取值范围,即可求出答案。‎ ‎【详解】因为直线,实数,,成等差数列,‎ 所以,化简得 令,即直线过定点,‎ 又因为 ,‎ 所以点在以为直径的圆上,其圆心为中点 ,半径 ‎ 圆的方程为 ,由 ‎ 所以,‎ 所以线段的取值范围是 ‎【点睛】本题考查等差中项的应用,直线过定点,点与圆的位置关系,解本题的关键在于求出动点的轨迹方程,属于中档题。‎ ‎14.设,若不等式对于所有满足题设的,,均成立,则实数的最大值是__________.‎ ‎【答案】‎ ‎【解析】‎ ‎【分析】‎ 利用换底公式可化简为,观察分母的结构,前两者的倒数和为后者的分母,即可用算数平均数 调和平均数,即可得出的最大值。‎ ‎【详解】因为 所以 ‎ 即 又因为算数平均数 调和平均数,即 ‎ 即,‎ 当且仅当即,即,,成等比数列时取等号,‎ 故的最大值为4‎ 故填4‎ ‎【点睛】本题考查对数的换底公式,对数的基本运算,基本不等式的应用,属于中档题。‎ 三、解答题(本大题共6小题,共70分.解答应写出文字说明、证明过程或演算步骤.‎ ‎15.设的内角,,所对边分别为,,,向量,,且 ‎(1)求的大小;‎ ‎(2)若,求的值.‎ ‎【答案】(1)(2)‎ ‎【解析】‎ ‎【分析】‎ ‎(1)由题意知,再利用正弦定理将边的关系化为角的关系,再化简即可得出答案;‎ ‎(2)根据与可计算出,则可求出,再代入公式即可求出答案。‎ ‎【详解】解:(1),‎ 即,‎ 由正弦定理得,‎ 在中,,‎ ‎.‎ 若,则,矛盾 若,则 在中,,‎ ‎(2)由(1)知,‎ ‎,‎ 解得(负值已舍)‎ 又在中,‎ 故,‎ ‎,‎ 在△ABC中,‎ ‎【点睛】本题考查向量垂直的坐标表示,解三角形,属于基础题,解本题的关键在于正确利用题干所给信息进行化简求值,需要注意的是,解题过程中有些解是要舍去的。‎ ‎16.如图,在四棱锥中,已知底面为矩形,且,,,‎ 分别是,的中点,.‎ ‎ (1)求证:平面;‎ ‎(2)求证:平面平面. ‎ ‎【答案】(1)详见解析(2)详见解析 ‎【解析】‎ ‎【分析】‎ ‎(1)取中点,连,,根据,,分别是,,的中点,可知道四边形为平行四边形,即可说明平面 ‎(2)要证明平面平面.由题意已知,即只需证明,根据矩形中,为中点,,,即可说明,即平面平面.‎ ‎【详解】证明:(1)取中点,连,,‎ ‎,分别是,的中点 ‎,且 又为中点 ‎,且 ‎,‎ 四边形为平行四边形 ‎,又平面,平面 平面 ‎(2)设 由及为中点 得 又,‎ ‎,‎ 又为公共角 即又,‎ 平面,又平面 平面平面 ‎【点睛】本题考查线面平行,面面垂直证明,其中要证线面平行有两个方向:①利用线面平行的判定定理: ;②利用面面平行的性质定理: 。要证面面垂直,需利用面面垂直判定定理:在其中一个平面内找到一条直线说明这条直线垂直于另一个平面。属于基础题。‎ ‎17.如图,已知AB是一幢6层的写字楼,每层高均为3m,在AB正前方36m处有一建筑物CD,从楼顶A处测得建筑物CD的张角为.‎ 求建筑物CD的高度;‎ 一摄影爱好者欲在写字楼AB的某层拍摄建筑物已知从摄影位置看景物所成张角最大时,拍摄效果最佳问:该摄影爱好者在第几层拍摄可取得最佳效果不计人的高度?‎ ‎【答案】(1)30米;(2) 当时,张角最大,拍摄效果最佳.‎ ‎【解析】‎ ‎【详解】试题分析:(1)先作于,构造直角三角形,然后运用两角差的正切公式求出,再求出;(2)先依据题设求出,,然后建立目标函数,通过求函数的最值使得问题获解:‎ 解:(1)如图,作于,则.‎ 所以,.‎ 因为,‎ 所以.‎ 所以.‎ 答:建筑物的高度为30米.‎ ‎(2)设在第层处拍摄效果最佳,则摄影高度为米(如图)‎ ‎().‎ 作于,则,.‎ ‎,,‎ ‎(当时取等号).‎ 因为函数在上是单调增函数,‎ 所以当时,张角最大,拍摄效果最佳.‎ 答:该人在6层拍摄时效果最好.‎ ‎18.如图,已知椭圆的左顶点,且点在椭圆上,分别是椭圆的左、右焦点。过点作斜率为的直线交椭圆于另一点,直线交椭圆于点.‎ ‎(1)求椭圆的标准方程;‎ ‎(2)若为等腰三角形,求点的坐标;‎ ‎(3)若,求的值.‎ ‎【答案】(1)(2)(3) ‎ ‎【解析】‎ 试题分析:‎ ‎(1)由题意得到关于的方程组,求解方程组可得椭圆的标准方程:;‎ ‎(2)由题意可得点在轴下方据此分类讨论有:,联立直线的方程与椭圆方程可得;‎ ‎(3)设直线的方程,联立直线方程与椭圆方程,可得 利用几何关系计算可得 ,利用点在椭圆上得到关于实数k的方程,解方程有: .‎ 试题解析:‎ ‎(1)由题意得,解得 ‎∴椭圆的标准方程:‎ ‎(2)∵为等腰三角形,且∴点在轴下方 ‎ 若,则;‎ ‎ 若,则,∴;‎ ‎ 若,则,∴;‎ ‎∴‎ ‎∴直线的方程,由得或 ‎∴‎ ‎(3)设直线的方程,‎ 由得 ‎∴ ∴ ‎ ‎∴ ∴ ‎ 若,则∴,∴,∵,∴,∴与不垂直;‎ ‎∴,∵,,‎ ‎∴直线的方程,直线的方程: ‎ 由 解得 ∴ ‎ 又点在椭圆上得,即,即 ‎ ‎∵,∴ ‎ 点睛:解决直线与椭圆的综合问题时,要注意:‎ ‎(1)注意观察应用题设中的每一个条件,明确确定直线、椭圆的条件;‎ ‎(2)强化有关直线与椭圆联立得出一元二次方程后的运算能力,重视根与系数之间的关系、弦长、斜率、三角形的面积等问题.‎ ‎19.已知数列的前项和为,,且对任意的正整数,都有,其中常数.设﹒‎ ‎(1)若,求数列的通项公式;‎ ‎(2)若且,设,证明数列是等比数列;‎ ‎(3)若对任意的正整数,都有,求实数的取值范围.‎ ‎【答案】(1)(2)详见解析(3)‎ ‎【解析】‎ 试题分析:(1)先根据和项与通项关系,将条件转化为,即,再根据题设条件进行构造数列:,即,最后根据等差数列定义得证(2)先根据等比数列定义明确目标:为一个常数,因此利用,代入化简得为,因此是首项为,公比为的等比数列,(3)先化简不等式,实质讨论数列:当时,,当且时,.若,则,然后分别解不等式,难点在当且时,需分类讨论:若时,,,,,不符合,舍去.若时,,,,只须即可,显然成立.故符合条件;若时,,,从而,故,只须即可,于是.‎ 试题解析:解:∵,,‎ ‎∴当时,,‎ 从而,,﹒‎ 又在中,令,可得,满足上式,‎ 所以,﹒‎ ‎(1)当时,,,‎ 从而,即,‎ 又,所以数列是首项为1,公差为的等差数列,‎ 所以.‎ ‎(2)当且且时,‎ ‎,‎ 又,‎ 所以是首项为,公比为的等比数列,﹒‎ ‎(3)在(2)中,若,则也适合,所以当时,.‎ 从而由(1)和(2)可知 当时,,显然不满足条件,故.‎ 当时,.‎ 若时,,,,,不符合,舍去.‎ 若时,,,,,且.‎ 所以只须即可,显然成立.故符合条件;‎ 若时,,满足条件.故符合条件;‎ 若时,,,从而,,‎ 因为.故, 要使成立,只须即可.‎ 于是.‎ 综上所述,所求实数的范围是.‎ 考点:等差数列与等比数列定义,数列单调性 ‎20.设函数.‎ ‎(1)若函数是R上的单调增函数,求实数a的取值范围;‎ ‎(2)设,是的导函数.‎ ‎①若对任意的,求证:存在使;‎ ‎②若,求证:.‎ ‎【答案】(1);(2)①.证明见解析;②.证明见解析.‎ ‎【解析】‎ ‎【详解】试题分析:(1)由题意,对恒成立,根据,等价为对恒成立,即可求得的取值范围;(2)①分别求得与,若,则存在,使,从而得,取,则,即可证明;②不妨设,令,则,由(1)知函数单调递增,则,从而,根据,推出,只需证明成立,即只需证明成立,设,求得函数的单调性,即可证明.‎ 试题解析:(1)由题意,对恒成立.‎ ‎∵‎ ‎∴对恒成立,‎ ‎∵‎ ‎∴,从而.‎ ‎(2)①,则.‎ 若,则存在,使,不合题意.‎ ‎∴.‎ 取,则.‎ 此时.‎ ‎∴存在,使.‎ ‎②依题意,不妨设,令,则.‎ 由(1)知函数单调递增,则,从而.‎ ‎∵‎ ‎∴‎ ‎∴.‎ ‎∴.‎ 下面证明,即证明,只要证明.‎ 设,则在恒成立.‎ ‎∴在单调递减,故,从而得证.‎ ‎∴,即.‎ 点睛:利用导数证明不等式常见类型及解题策略:(1)构造差函数 ‎.根据差函数导函数符号,确定差函数单调性,利用单调性得不等量关系,进而证明不等式;(2)根据条件,寻找目标函数.一般思路为利用条件将求和问题转化为对应项之间大小关系,或利用放缩、等量代换将多元函数转化为一元函数.‎ ‎ ‎ ‎ ‎