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- 2021-06-16 发布
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第
1
讲 等差数列、等比数列的基本问题
高考定位
1.
等差、等比数列基本运算和性质的考查是高考热点,经常以小题形式出现;
2.
数列的通项也是高考热点,难度中档以下
.
1.
(2017·
浙江卷
)
已知等差数列
{
a
n
}
的公差为
d
,前
n
项和为
S
n
,则
“
d
>
0”
是
“
S
4
+
S
6
>
2
S
5
”
的
(
)
A.
充分不必要条件
B.
必要不充分条件
C.
充分必要条件
D.
既不充分也不必要条件
真 题 感 悟
解析
由
S
4
+
S
6
-
2
S
5
=
S
6
-
S
5
-
(
S
5
-
S
4
)
=
a
6
-
a
5
=
d
,当
d
>
0
时,则
S
4
+
S
6
-
2
S
5
>
0
,即
S
4
+
S
6
>
2
S
5
,反之,
S
4
+
S
6
>
2
S
5
,可得
d
>
0
,所以
“
d
>
0
”
是
“
S
4
+
S
6
>
2
S
5
”
的充要条件
.
答案
C
2.
(2018·
浙江卷
)
已知
a
1
,
a
2
,
a
3
,
a
4
成等比数列,且
a
1
+
a
2
+
a
3
+
a
4
=
ln(
a
1
+
a
2
+
a
3
).
若
a
1
>1
,则
(
)
A.
a
1
<
a
3
,
a
2
<
a
4
B.
a
1
>
a
3
,
a
2
<
a
4
C.
a
1
<
a
3
,
a
2
>
a
4
D.
a
1
>
a
3
,
a
2
>
a
4
解析
法一
因为
ln
x
≤
x
-
1(
x
>0)
,所以
a
1
+
a
2
+
a
3
+
a
4
=
ln(
a
1
+
a
2
+
a
3
)
≤
a
1
+
a
2
+
a
3
-
1
,所以
a
4
≤
-
1
,又
a
1
>1
,所以等比数列的公比
q
<0.
若
q
≤
-
1
,则
a
1
+
a
2
+
a
3
+
a
4
=
a
1
(1
+
q
)(1
+
q
2
)
≤
0
,而
a
1
+
a
2
+
a
3
≥
a
1
>1
,所以
ln(
a
1
+
a
2
+
a
3
)>0
,与
ln(
a
1
+
a
2
+
a
3
)
=
a
1
+
a
2
+
a
3
+
a
4
≤
0
矛盾,
所以-
1<
q
<0
,所以
a
1
-
a
3
=
a
1
(1
-
q
2
)>0
,
a
2
-
a
4
=
a
1
q
(1
-
q
2
)<0
,所以
a
1
>
a
3
,
a
2
<
a
4
,故选
B.
法二
因为
e
x
≥
x
+
1
,
a
1
+
a
2
+
a
3
+
a
4
=
ln(
a
1
+
a
2
+
a
3
)
,所以
e
a
1
+
a
2
+
a
3
+
a
4
=
a
1
+
a
2
+
a
3
≥
a
1
+
a
2
+
a
3
+
a
4
+
1
,则
a
4
≤
-
1
,又
a
1
>1
,所以等比数列的公比
q
<0.
若
q
≤
-
1
,则
a
1
+
a
2
+
a
3
+
a
4
=
a
1
(1
+
q
)(1
+
q
2
)
≤
0
,而
a
1
+
a
2
+
a
3
≥
a
1
>1
,所以
ln(
a
1
+
a
2
+
a
3
)>0
,与
ln(
a
1
+
a
2
+
a
3
)
=
a
1
+
a
2
+
a
3
+
a
4
≤
0
矛盾,所以-
1<
q
<0
,所以
a
1
-
a
3
=
a
1
(1
-
q
2
)>0
,
a
2
-
a
4
=
a
1
q
(1
-
q
2
)<0
,所以
a
1
>
a
3
,
a
2
<
a
4
.
故选
B.
答案
B
3.
(2016·
浙江卷
)
设数列
{
a
n
}
的前
n
项和为
S
n
,已知
S
2
=
4
,
a
n
+
1
=
2
S
n
+
1
,
n
∈
N
*
.
(1)
求通项公式
a
n
;
(2)
求数列
{|
a
n
-
n
-
2|}
的前
n
项和
.
考 点 整 合
热点一 等差、等比数列的判定与证明
【例
1
】
记
S
n
为等比数列
{
a
n
}
的前
n
项和
.
已知
S
2
=
2
,
S
3
=-
6.
(1)
求
{
a
n
}
的通项公式;
(2)
求
S
n
,并判断
S
n
+
1
,
S
n
,
S
n
+
2
是否成等差数列
.
解
(1)
设
{
a
n
}
的公比为
q
,由题设可得
解得
q
=-
2
,
a
1
=-
2.
故
{
a
n
}
的通项公式为
a
n
=
(
-
2)
n
.
热点二 求数列的通项
[
考法
1]
由
S
n
与
a
n
的关系求
a
n
【例
2
-
1
】
(1)
(2018·
宁波模拟节选
)
已知数列
{
a
n
}
的前
n
项和为
S
n
,且满足
a
n
+
2
S
n
·
S
n
-
1
=
0(
n
≥
2
,
n
∈
N
*
)
,
a
1
=
.
求数列
{
a
n
}
的通项公式;
(2)
设数列
{
a
n
}
的前
n
项和为
S
n
,已知
a
1
=
1
,
a
2
=
2
,且
a
n
+
2
=
3
S
n
-
S
n
+
1
+
3,
n
∈
N
*
.
证明:
a
n
+
2
=
3
a
n
;并求
a
n
.
解
(1)
由
a
n
+
2
S
n
·
S
n
-
1
=
0(
n
≥
2
,
n
∈
N
*
)
,得
S
n
-
S
n
-
1
+
2
S
n
·
S
n
-
1
=
0
,
探究提高
给出
S
n
与
a
n
的递推关系求
a
n
,常用思路是:一是利用
S
n
-
S
n
-
1
=
a
n
(
n
≥
2)
转化为
a
n
的递推关系,再求其通项公式;二是转化为
S
n
的递推关系,先求出
S
n
与
n
之间的关系,再求
a
n
.
探究提高
(1)
形如
b
n
+
1
-
b
n
=
f
(
n
)
,其中
f
(
n
)
=
k
或多项式
(
一般不高于三次
)
,用累加法即可求得数列的通项公式:
(2)
形如
a
n
+
1
=
a
n
·
f
(
n
)
,可用累乘法;
(3)
形如
a
n
+
1
=
pa
n
+
q
(
p
≠1
,
q
≠0)
,可构造一个新的等比数列;
(4)
形如
a
n
+
1
=
qa
n
+
q
n
(
q
为常数,且
q
≠0
,
q
≠±1)
,解决方法是在递推公式两边同除以
q
n
+
1
.
热点三 等差、等比数列的函数性质问题
【例
3
】
已知等差数列
{
a
n
}
的公差为-
1
,且
a
2
+
a
7
+
a
12
=-
6.
(1)
求数列
{
a
n
}
的通项公式
a
n
与前
n
项和
S
n
;
(2)
将数列
{
a
n
}
的前
4
项抽去其中一项后,剩下三项按原来顺序恰为等比数列
{
b
n
}
的前
3
项,记
{
b
n
}
的前
n
项和为
T
n
,若存在
m
∈
N
*
,使对任意
n
∈
N
*
,总有
S
n
<
T
m
+
λ
恒成立,求实数
λ
的取值范围
.
探究提高
(1)
以数列为载体,考查不等式的恒成立问题,此类问题可转化为函数的最值问题
.
(2)
判断数列问题中的一些不等关系,可以利用数列的单调性比较大小,或者是借助数列对应函数的单调性比较大小
.
(3)
数列的项或前
n
项和可以看作关于
n
的函数,然后利用函数的性质求解数列问题
.
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