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  • 2021-06-16 发布

湖北省黄冈市浠水县实验高级中学2020届高三12月月考数学(理)试题

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浠水实验高中2020届高三十二月月考 数学(理科)试题 一.选择题:‎ ‎1.已知集合,集合,则( )‎ A. B. ‎ C. D. ‎ ‎【答案】C ‎【解析】‎ ‎【分析】‎ 对集合进行整理,然后根据集合的交集运算,得到答案.‎ ‎【详解】集合,‎ 集合,‎ 所以,‎ 故选C.‎ ‎【点睛】本题考查解对数不等式,集合交集运算,属于简单题.‎ ‎2.命题“对任意的,”的否定是 A. 不存在, B. 存在,‎ C. 存在, D. 对任意的,‎ ‎【答案】C ‎【解析】‎ ‎【详解】注意两点:1)全称命题变为特称命题;2)只对结论进行否定.‎ ‎“对任意的,”的否定是:存在,‎ 选C.‎ ‎3.若非零向量,满足,向量与垂直,则与的夹角为( )‎ A. B. C. D. ‎ ‎【答案】B ‎【解析】‎ ‎∵,且与垂直,∴,即,‎ ‎∴,∴,∴与的夹角为.‎ 故选.‎ ‎4.《周髀算经》中有这样一个问题:从冬至日起,依次小寒、大寒、立春、雨水、惊蛰、春分、清明、谷雨、立夏、小满、芒种这十二个节气其日影长依次成等差数列,冬至、立春、春分日影长之和为31.5尺,前九个节气日影长之和为85.5尺,则芒种日影长为( )‎ A. 1.5尺 B. 2.5尺 C. 3.5尺 D. 4.5尺 ‎【答案】B ‎【解析】‎ ‎【分析】‎ 由等差数列的性质可得,,可得,,计算出公差d,再利用通项公式即可得出所求.‎ ‎【详解】设这十二个节气日影长依次成等差数列,‎ 是其前项和,‎ 则,所以,‎ 由题知,所以,‎ 所以公差,所以,故选B.‎ ‎【点睛】本题考查了等差数列的性质、通项公式与求和公式,考查了推理能力与计算能力,属于中档题.‎ ‎5.某商场为了了解毛衣的月销售量(件)与月平均气温()之间的关系,随机统计了某4个月的月销售量与当月平均气温,其数据如下表:‎ 月平均气温 ‎ ‎17 ‎ ‎13 ‎ ‎8 ‎ ‎2 ‎ 月销售量(件) ‎ ‎24 ‎ ‎33 ‎ ‎40 ‎ ‎55 ‎ 由表中数据算出线性回归方程中的,气象部门预测下个月的平均气温为,据此估计该商场下个月毛衣销售量约为( )‎ A. 58件 B. 40件 C. 38件 D. 46件 ‎【答案】D ‎【解析】‎ 试题分析:由表格得为:,因为在回归方程上且,,解得,当时,,故选D.‎ 考点:1、线性回归方程的性质;2、回归方程的应用.‎ ‎6.若样本的平均数是10,方差为2,则对于样本,下列结论正确的是( )‎ A. 平均数为20,方差为4 B. 平均数为11,方差为4‎ C. 平均数为21,方差为8 D. 平均数为20,方差为8‎ ‎【答案】D ‎【解析】‎ ‎【分析】‎ 由两组数据间的关系,可判断二者平均数的关系,方差的关系,进而可得到答案.‎ ‎【详解】样本的平均数是10,方差为2,‎ 所以样本的平均数为,方差为.‎ 故选:D.‎ ‎【点睛】样本的平均数是,方差为,则的平均数为,方差为.‎ ‎7.函数的图象大致为( )‎ A. B. ‎ C. D. ‎ ‎【答案】A ‎【解析】‎ ‎【分析】‎ 利用排除法,由的符号,结合选项即可得结果.‎ ‎【详解】因所以排除选项B、D;‎ 因为所以排除选项C,‎ 故选A.‎ ‎【点睛】本题通过对多个图象的选择考查函数的图象与性质,属于中档题.这类题型也是近年高考常见的命题方向,该题型的特点是综合性较强、考查知识点较多,但是并不是无路可循.解答这类题型可以从多方面入手,根据函数的定义域、值域、单调性、奇偶性、特殊点以及时函数图象的变化趋势,利用排除法,将不合题意的选项一一排除.‎ ‎8.17世纪德国著名的天文学家开普勒曾经这样说过:“几何学里有两件宝,一个是勾股定理,另一个是黄金分割.如果把勾股定理比作黄金矿的话,那么可以把黄金分割比作钻石矿.”黄金三角形有两种,其中底与腰之比为黄金分割比的黄金三角形被认为是最美的三角形,它是一个顶角为的等腰三角形(另一种是顶角为的等腰三角形).例如,五角星由五个黄金三角形与一个正五边形组成,如图所示,在其中一个黄金中,‎ ‎.根据这些信息,可得( )‎ A. B. C. D. ‎ ‎【答案】C ‎【解析】‎ ‎【分析】‎ 要求的值,需将角用已知角表示出来,从而考虑用三角恒等变换公式解题.已知角有,正五边形内角,,已知三角函数值有 ‎,所以,从而.‎ ‎【详解】由题可知,且,,‎ 则.‎ ‎【点睛】本题考查三角恒等变换,考查解读信息与应用信息的能力.‎ ‎9.齐王有上等、中等、下等马各一匹,田忌也有上等、中等、下等马各一匹.田忌的上等马优于齐王的中等马,劣于齐王的上等马;田忌的中等马优于齐王的下等马,劣于齐王的中等马,田忌的下等马劣于齐王的下等马.现在从双方的马匹中随机各选一匹进行一场比赛,若有优势的马一定获胜,则齐王的马获胜得概率为( )‎ A. B. C. D. ‎ ‎【答案】C ‎【解析】‎ ‎【分析】‎ 现从双方的马匹中随机各选一匹进行一场比赛 ,利用列举法求出基本事件有9种,齐王的马获胜包含的基本事件有6种,利用古典概型概率公式可求出齐王的马获胜的概率.‎ ‎【详解】设齐王上等、中等、下等马分別为,田忌上等、中等、下等马分别为,‎ 现从双方的马匹中随机各选一匹进行一场比赛,‎ 基本事件有:,共9种,有优势的马一定获胜,齐王的马获胜包含的基本事件有:,共 6种,‎ 齐王的马获胜的概率为,故选C.‎ ‎【点睛】本题主要考查古典概型概率公式的应用,属于中档题,利用古典概型概率公式求概率时,找准基本事件个数是解题的关键,基本亊件的探求方法有 (1)枚举法:适合给定的基本事件个数较少且易一一列举出的;(2)树状图法:适合于较为复杂的问题中的基本亊件的探求.在找基本事件个数时,一定要按顺序逐个写出:先,…. ,再,…..依次….… 这样才能避免多写、漏写现象的发生.‎ ‎10.若是函数图象的一条对称轴,当取最小正数时( )‎ A. 在单调递减 B. 在单调递增 C. 在单调递减 D. 在单调递增 ‎【答案】D ‎【解析】‎ 令,因为是函数的图象的一条对称轴,所以,即.当时,取得最小正数为,此时 ,所以的单调增区间为,单调减区间为 ‎,对照各选项,可知只有D选项符合题意,故选D.‎ ‎11.抛物线的焦点为,准线为,是抛物线上的两个动点,且满足.设 线段的中点在上的投影为,则的最小值是( )‎ A. B. C. D. ‎ ‎【答案】C ‎【解析】‎ 解析:因,故,由基本不等式可得即,应选答案C.‎ ‎12.已知是定义在上的奇函数,记的导函数为,当时,满足,若存在,使不等式成立,则实数的最小值为( )‎ A. B. C. D. ‎ ‎【答案】A ‎【解析】‎ ‎【分析】‎ 由题意构造,在上单调递增,且,从而可以推断出在上单调递增,即可化抽象不等式为具体不等式,得到结果.‎ ‎【详解】令,在上单调递增,且,从而可以推断出 则(当时,满足),‎ 从而在上单调递增,‎ 所以当时,,‎ 从而当时,;‎ 当时,(当时取等号),‎ 又当时,,即,‎ 所以在上单调递增,‎ 由于是定义在上的奇函数,从而在上单调递增;‎ 不等式.‎ 令,则原问题等价于有解,从而,‎ ‎∵,‎ ‎∴在上单减,在上单增,‎ ‎∴,‎ 所以的最小值为,‎ 故选A.‎ ‎【点睛】本题考查了导数的运用,函数存在性的问题,函数零点的问题,利用函数的性质求参数取值与利用导数证明不等式成立的问题,考查了运算能力和转化能力,属于中档题.‎ 二.填空题.‎ ‎13.若,的展开式中常数项为________.‎ ‎【答案】112‎ ‎【解析】‎ ‎【分析】‎ 先求出n的值,再利用二项式展开式的通项求常数项得解.‎ ‎【详解】,‎ 的展开式的通项为,‎ 令.‎ 所以展开式的常数项为.‎ 故答案为112‎ ‎【点睛】本题主要考查定积分的计算,考查二项式展开式的常数项的求法,意在考查学生对这些知识的理解掌握水平和分析推理能力.‎ ‎14.某年级有1000名学生,一次数学测试成绩,,则该年级学生数学成绩在115分以上的人数大约为______.‎ ‎【答案】160‎ ‎【解析】‎ ‎【分析】‎ 根据考试的成绩服从正态分布,.得到考试的成绩关于对称,根据,得到,根据频率乘以样本容量得到这个分数段上的人数.‎ ‎【详解】考试的成绩服从正态分布,.‎ 考试的成绩关于对称,‎ ‎,‎ ‎,‎ 该班数学成绩在115分以上的人数为 故答案为.‎ ‎【点睛】本题考查正态曲线的特点及曲线所表示的意义,是一个基础题,解题的关键是考试的成绩关于对称,利用对称写出要用的一段分数的频数,题目得解.‎ ‎15.2019年4月25日-27日,北京召开第二届“一带一路”国际高峰论坛,组委会要从6个国内媒体团和3个国外媒体团中选出3个媒体团进行提问,要求这三个媒体团中既有国内媒体团又有国外媒体团,且国内媒体团不能连续提问,则不同的提问方式的种数为______.‎ ‎【答案】198‎ ‎【解析】‎ ‎【分析】‎ 分“选两个国内媒体一个国外媒体”和“选两个外国媒体一个国内媒体”两种情况讨论,分别求出种数再相加即可。‎ ‎【详解】解:分两种情况讨论.‎ ‎①若选两个国内媒体一个国外媒体,‎ 有种不同提问方式;‎ ‎②若选两个外国媒体一个国内媒体,‎ 有种不同提问方式.‎ 所以共有种提问方式.‎ 故答案为:198‎ ‎【点睛】本题考查组合数公式的运用,排列与组合问题要区分开题目要求元素的顺序,则是排列问题要做到不重不漏,有些题目带有一定的约束条件,解题时要先考虑有限制条件的元素,体现了分类讨论的数学思想,属于中档题.‎ ‎16.已知,设.若当时,恒有,则实数的取值范围是__________.‎ ‎【答案】‎ ‎【解析】‎ 设 与 交点横坐标为 ,则 时,总有 ,所以若 ,必有 ,只需 ,即 ,若 ,必有 ,只需,‎ 综上, ,故答案为 .‎ 三.解答题:解答应写出文字说明,证明过程或演算步骤.‎ ‎17.已知的内角A,B,C的对边分别为a,b,c,满足,.‎ ‎(1)求的值;‎ ‎(2)求的值.‎ ‎【答案】(1)(2)‎ ‎【解析】‎ ‎【分析】‎ ‎(1)由正弦定理得sinA﹣sinCsinBsinC,即有sinA=2sinC,a=2c,bc,从而可由余弦定理求出cosA的值;(2)先求出sinA的值,再由二倍角的正余弦公式求出sin2A,cos2A,即可求的值.‎ ‎【详解】(1)∵a﹣cb,sinBsinC.‎ ‎∴由正弦定理得,sinA﹣sinCsinBsinC,‎ 即有sinA=2sinC,a=2c,bc,‎ 由余弦定理知,cosA.‎ ‎(2)∵由(1)知,cosA.A为三角形内角,∴sinA,∴sin2A=cos2A= - ‎ ‎∴=sin2Acos cos2A sin.‎ ‎【点睛】本题主要考察两角和与差的余弦函数、正弦定理、余弦定理的综合应用,熟练运用边角互化得a,b,c关系是突破点,准确计算是关键,属于中档题.‎ ‎18.已知数列、满足,且.‎ ‎(1)令证明:是等差数列,是等比数列;‎ ‎(2)求数列和的通项公式;‎ ‎(3)求数列的前n项和公式.‎ ‎【答案】(1)证明见解析;(2)(3)‎ ‎【解析】‎ ‎【分析】‎ ‎(1)分别将相加与相减可得到和,结合可证明结论;‎ ‎(2)结合(1)可求得的表达式,进而可求得的表达式;‎ ‎(3)由,并结合(2)可得到数列的通项公式,进而利用错位相减法可对其求和.‎ ‎【详解】(1)证明:由题设得,‎ 即,因此,又,‎ 所以数列是首项为3,公差为2的等差数列,.‎ 又由题设得,‎ 即,因此,又,‎ 所以数列是首项为1,公比为等比数列,.‎ ‎(2)由(1)知.即 ,‎ 解得 ‎(3)‎ ‎,‎ ‎,‎ 两式相减得:‎ 所以.‎ ‎【点睛】本题考查了等差数列与等比数列的证明,考查了通项公式的求法,考查了利用错位相减法求数列的前项和,属于中档题.‎ ‎19.已知椭圆的焦距为4,点P(2,3)在椭圆上.‎ ‎(1)求椭圆C的方程;‎ ‎(2)过点P引圆的两条切线PA,PB,切线PA,PB与椭圆C的另一个交点分别为A,B,试问直线AB的斜率是否为定值?若是,求出其定值,若不是,请说明理由.‎ ‎【答案】(1);(2)见解析 ‎【解析】‎ ‎【分析】‎ ‎(1)由题可得焦点坐标,利用椭圆的定义可得,由此得到椭圆的标准方程;‎ ‎(2)设出两条切线的直线方程,由切线的性质可得两切线的斜率相加0,再设出,,分别联立两切线与椭圆的方程,利用韦达定理得到,与,的关系,代入进行化简即可得到答案.‎ ‎【详解】(1)椭圆C的焦距为4,所以c=2,左焦点F1(﹣2,0),右焦点F2(2,0),‎ 则PF1=5,PF2=3,所以2a=PF1+PF2=5+3=8,即,则椭圆C的方程为.‎ ‎(2)设PA: ,则,所以 设PB:,则,所以 所以,为方程的两根,即.‎ 设,,联立 ‎ 有,‎ ‎,.‎ 同理联立,可得:,‎ 则.‎ 故直线AB的斜率是定值,.‎ ‎【点睛】本题考查椭圆的定义,椭圆标准方程的求解,直线与椭圆的位置关系,考查学生的计算能力,属于中档题.‎ ‎20.高铁、网购、移动支付和共享单车被誉为中国的“新四大发明”,彰显出中国式创新的强劲活力.某移动支付公司从我市移动支付用户中随机抽取100名进行调查,得到如下数据:‎ 每周移动支付次数 ‎1次 ‎2次 ‎3次 ‎4次 ‎5次 ‎6次及以上 男 ‎10‎ ‎8‎ ‎7‎ ‎3‎ ‎2‎ ‎15‎ 女 ‎5‎ ‎4‎ ‎6‎ ‎4‎ ‎6‎ ‎30‎ 合计 ‎15‎ ‎12‎ ‎13‎ ‎7‎ ‎8‎ ‎45‎ ‎(Ⅰ)把每周使用移动支付超过3次的用户称为“移动支付活跃用户”,能否在犯错误概率不超过0.005的前提下,认为是否为“移动支付活跃用户”与性别有关?‎ ‎(Ⅱ)把每周使用移动支付6次及6次以上的用户称为“移动支付达人”,视频率为概率,在我市所有“移动支付达人”中,随机抽取4名用户.‎ ‎①求抽取的4名用户中,既有男“移动支付达人”又有女“移动支付达人”的概率;‎ ‎②为了鼓励男性用户使用移动支付,对抽出的男“移动支付达人”每人奖励300元,记奖励总金额为,求的分布列及数学期望.‎ 附公式及表如下:‎ ‎0.15‎ ‎0.10‎ ‎0.05‎ ‎0.025‎ ‎0.010‎ ‎0.005‎ ‎0.001‎ ‎2.072‎ ‎2.706‎ ‎3.841‎ ‎5.024‎ ‎6.635‎ ‎7.879‎ ‎10.828‎ ‎【答案】(Ⅰ)在犯错误概率不超过0.005的前提下,能认为是否为“移动支付活跃用户”与性别有关.(Ⅱ)①②见解析.‎ ‎【解析】‎ 分析:(Ⅰ)由题意完成列联表,结合列联表计算可得.所以在犯错误概率不超过0.005的前提下,能认为是否为“移动支付活跃用户”与性别有关.‎ ‎(Ⅱ)视频率为概率,在我市“移动支付达人”中,随机抽取1名用户,该用户为男“移动支付达人”概率为,女“移动支付达人”的概率为.‎ ‎①有对立事件公式可得满足题意的概率值为.‎ ‎②记抽出的男“移动支付达人”人数为,则.由题意得,由二项分布公式首先求得Y的分布列,然后利用均值和方差的性质可得X的分布列,计算可得,得的数学期望元.‎ 详解:(Ⅰ)由表格数据可得列联表如下:‎ 非移动支付活跃用户 移动支付活跃用户 合计 男 ‎25‎ ‎20‎ ‎45‎ 女 ‎15‎ ‎40‎ ‎55‎ 合计 ‎40‎ ‎60‎ ‎100‎ 将列联表中的数据代入公式计算得:‎ ‎ .‎ 所以在犯错误概率不超过0.005前提下,能认为是否为“移动支付活跃用户”与性别有关.‎ ‎(Ⅱ)视频率为概率,在我市“移动支付达人”中,随机抽取1名用户,‎ 该用户为男“移动支付达人”的概率为,女“移动支付达人”的概率为.‎ ‎①抽取的4名用户中,既有男“移动支付达人”,又有女“移动支付达人”的概率为.‎ ‎②记抽出的男“移动支付达人”人数为,则.‎ 由题意得,‎ ‎;‎ ‎;‎ ‎;‎ ‎;‎ ‎.‎ 所以的分布列为 ‎0‎ ‎1‎ ‎2‎ ‎3‎ ‎4‎ 所以的分布列为 ‎0‎ ‎300‎ ‎600‎ ‎900‎ ‎1200‎ 由,得的数学期望元.‎ 点睛:本题主要考查离散型随机变量的分布列,分布列的性质,独立性检验及其应用等知识,意在考查学生的转化能力和计算求解能力.‎ ‎21.已知函数存在极值点.‎ ‎(1)求的取值范围;‎ ‎(2)设的极值点为,若,求的取值范围.‎ ‎【答案】(1);(2).‎ ‎【解析】‎ ‎【分析】‎ ‎(1)先由题意确定函数定义域,再对函数求导,当得到函数单调,无极值点;当时,设,分别讨论和两种情况,根据二次函数的性质,即可得出结果;‎ ‎(2)先由(1)得,推出,根据,得到,令,根据函数单调性,确定的范围,即可求出结果.‎ ‎【详解】(1)函数的定义域为,,‎ 当时,,即函数单调递减,无极值点;‎ 当时,由或,‎ 设,则 当时,的两根一个小于1、一个大于1,故有一个极值点;‎ 当时,由对称轴为,知的两根均小于1,故无极值点;‎ 综上所述,;‎ ‎(2)由(1)知且,∴,‎ ‎,‎ ‎,‎ 令,显然在上单增,‎ 又,∴即,‎ ‎∴,‎ ‎∴.‎ ‎【点睛】本题主要考查根据函数有极值点求参数,以及由不等式恒成立求参数的问题,通常需要对函数求导,用导数的方法研究函数的单调性与极值即可,属于常考题型.‎ 请考生在22、23两题中任选一题作答,如果多做,则按所做的第一题记分.‎ ‎22.选修4-4:坐标系与参数方程 在平面直角坐标系中,曲线的参数方程为(为参数).在极坐标系(与平面直角坐标系取相同的长度单位,且以原点为极点,以轴非负半轴为极轴)中,直线的方程为.‎ ‎(1)求曲线的普通方程及直线的直角坐标方程;‎ ‎(2)设是曲线上的任意一点,求点到直线的距离的最大值.‎ ‎【答案】(1)曲线的普通方程为,直线的直角坐标方程为(2)‎ ‎【解析】‎ 试题分析:(1)利用平方法可得曲线的普通方程,利用两角差的正弦公式及可得直线的直角坐标方程;(2),则点到直线的距离为,利用辅助角公式及三角函数的有界性可得结果.‎ 试题解析:(1)因为,所以曲线的普通方程为,‎ 又展开得,即,‎ 因此直线的直角坐标方程为;‎ ‎(2)设,则点到直线的距离为 等号成立当且仅当,即,即时成立,‎ 因此点到直线的距离的最大值为.‎ ‎23.[选修4—5:不等式选讲]‎ ‎ 已知函数 ‎(1)若,求不等式的解集.‎ ‎(2)对任意的,有,求实数的取值范围.‎ ‎【答案】(1);(2)‎ ‎【解析】‎ ‎【分析】‎ ‎(1)利用分类讨论法解绝对值不等式;(2)利用绝对值的几何意义分析解答得解.‎ ‎【详解】(1),‎ 所以 解之得不等式的解集为.‎ ‎(2)‎ 当时,由题得2必须在3m+1的右边或者与3m+1重合,‎ 所以,所以,‎ 当时,不等式恒成立,‎ 当时,由题得2必须在3m+1的左边或者与3m+1重合,‎ 由题得,所以m没有解.‎ 综上,.‎ ‎【点睛】本题主要考查利用分类讨论法解绝对值不等式,考查利用绝对值的几何意义分析不等式的恒成立问题,意在考查学生对这些知识的理解掌握水平和分析推理能力.‎ ‎ ‎