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  • 2021-06-16 发布

【数学】西藏拉萨那曲第二高级中学2020届高三第四次月考试题(理)(解析版)

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西藏拉萨那曲第二高级中学2020届高三第四次月考 数学试题(理)‎ 第Ⅰ卷(选择题)‎ 一.选择题:本大题共12小题,每小题5分,在每小题给出的四个选项中,只有一项是符合题目要求的.‎ ‎1.已知集合,则( )‎ A. B. C. D. ‎ ‎【答案】B ‎【解析】在集合中,由,得,所以;‎ 集合,所以.‎ 故选:B ‎2.假设为虚数单位,复数,则在复平面中,对应的点位于( )‎ A. 第一象限 B. 第二象限 C. 第三象限 D. 第四象限 ‎【答案】C ‎【解析】由题,,则对应的点位于第三象限.‎ 故选:C. ‎ ‎3.设,满足约束条件,则的最大值为( )‎ A. 5 B. ‎4 ‎C. 3 D. 2‎ ‎【答案】C ‎【解析】作出不等式组表示的平面区域如图,由,可得,平移直线,由图像可知,当直线经过点时,截距最大,此时最大.由,解得,即,将的坐标代入目标函数,可得的最大值为.‎ 故选:C. ‎ ‎4.若非零向量满足,则( )‎ A. B. C. D. ‎ ‎【答案】A ‎【解析】由题得,,则,故,则.‎ 故选:A. ‎ ‎5.将1,2,3,4四个数字排成一排,其中两个奇数不相邻的概率为( )‎ A. B. C. D. ‎ ‎【答案】A ‎【解析】1,2,3,4四个数字排成一排,基本事件总数,‎ 两个奇数不相邻的事件个数,由古典概型的概率得.‎ 故选:A.‎ ‎6.已知展开式中,的系数为,则( )‎ A. 10 B. ‎11 ‎C. 12 D. 13‎ ‎【答案】D ‎【解析】在展开式中,得二项式的通项公式 ,‎ 令,解得,所以的系数为,即.所以.‎ 故选:D.‎ ‎7.把100个面包分给五个人,使每个人所得的面包个数成等差数列,最大的三份之和的是最小的两份之和,则最小的一份的量是多少?这是世界上最古老的的数学著作之一《莱因德纸草书》中一道题,则在该问题中的公差为( )‎ A. B. C. D. ‎ ‎【答案】D ‎【解析】设构成等差数列的五个数为a﹣2d,a﹣d,a,a+d,a+2d,‎ 则由题意可得,解得.‎ 故选:D.‎ ‎8.执行如图所示的程序框图,输出的结果为( )‎ A. ‎ B. ‎ C. ‎ D. ‎ ‎【答案】B ‎【解析】模拟执行程序框图,可得 不满足条件,;‎ 不满足条件,;‎ 满足条件,退出循环,输出的值为.‎ 故选:B. ‎ ‎9.如图,一个空间几何体的正视图和侧视图都是边长为2的正方形,俯视图是一个圆,那么这个几何体的表面积为( )‎ A. ‎ B. ‎ C. ‎ D. ‎ ‎【答案】C ‎【解析】由三视图可知,几何体是底面直径为,高为的圆柱体,则该圆柱体的表面积为.‎ 故选:C. ‎ ‎10.已知函数,R,先将图像上所有点的横坐标缩短到原来的(纵坐标不变),再将得到的图像上所有点向右平移个单位长度,得到的图像关于轴对称,则的最小值为( )‎ A. B. C. D. ‎ ‎【答案】C ‎【解析】因,将其图像上的点的横坐标缩短到原来的后所得函数的解析式为, 图像在轴左侧的第一条对称轴,故至少向右平移个单位就可以得到关于轴对称的图像,选C.‎ ‎11.双曲线的左、右焦点分别为,以为圆心,为半径的圆与的左支的一个公共点为,若原点到直线的距离等于实半轴的长,则双曲线的渐进线方程为( )‎ A. B. ‎ C. D. ‎ ‎【答案】B ‎【解析】如图所示,在△PF‎1F2中,可知|F‎1F2|=‎2c=|PF1|,原点到直线的距离等于实半轴的长,且为的中点,‎ 到直线的距离为,,由双曲线的定义得,‎ ‎,计算得,所以,得,‎ 所以双曲线的渐进线方程为.‎ 故选:B.‎ ‎12.分别是定义在上的奇函数和偶函数,当时,,且,则不等式的解集是( )‎ A. B. ‎ C. D. ‎ ‎【答案】D ‎【解析】令h(x)=f(x)g(x),分别是定义在上的奇函数和偶函数,‎ 则h(﹣x)=f(﹣x)g(﹣x)=﹣f(x)g(x)=﹣h(x),‎ 因此函数h(x)在R上是奇函数.‎ ‎∵当x<0时,,∴h(x)在时单调递减,故函数h(x)在上单调递减.‎ ‎∵,∴h(3)=f(3)g(3)=0,进而h(-3)=f(-3)g(-3)=0,‎ 且h(0)=f(0)g(0)=0,∴h(x)=,∴或.‎ 故选:D.‎ 第Ⅱ卷(非选择题)‎ 本卷包括必考题和选考题两部分.第13题~第21题为必考题,每个试题考生都必须做答.第22题~第23题为选考题,考生根据要求做答.‎ 二.填空题:本大题共4小题,每小题5分.‎ ‎13.设函数,且,若,则__________‎ ‎【答案】‎ ‎【解析】由题,,又,故.‎ 将代入函数,可得 则 故答案为:.‎ ‎14.设内角,,的对边分别为,,,若,,,则_______.‎ ‎【答案】1‎ ‎【解析】,由得 ‎15.考前回归课本复习过程中,一数学老师在黑板上写了下面四个函数:①;②;③;④.然后说了四句话:第一句:“该函数定义域为,还是奇函数”.第二句:“该函数为偶函数,值域不是”.第三句:“该函数定义域为,还是单调函数”.第四句:“该函数的图象有对称轴,值域是”,若老师的每一句话只说对了一半,则这四个函数中符合老师说的所有函数的编号为______________.‎ ‎【答案】①②③‎ ‎【解析】在①中,定义域是R,是非奇非偶函数,值域不是R,不是单调函数,图象有对称轴,满足条件;‎ 在②中,定义域是R,是非奇非偶函数,值域是[0,+∞),不是单调函数,图象有对称轴,满足条件;‎ 在③中,定义域是R,是非奇非偶函数,值域不是R,不是单调函数,图象有对称轴,满足条件;‎ 在④中,定义域是R,是非奇非偶函数,值域是(0,+∞),是单调递增函数,没有对称轴,不满足条件.‎ 故答案为:①②③.‎ ‎16.已知数列中,,为数列的前项和,且,则__________.‎ ‎【答案】‎ ‎【解析】将代入,‎ 可得.‎ 化简得:,则,又,故,则可归纳,由,设时,有,即,那么,其中分子为负,分母为正,故,于是,故 那么等式两边同时除以,得:.‎ 故为公差为的等差数列,而,故,于是 故答案为:.‎ 三.解答题:解答应写出文字说明,证明过程或演算步骤.‎ ‎17.已知数列的前项和为,,,且,,成等差数列.‎ ‎(Ⅰ)求数列的通项公式;‎ ‎(Ⅱ)若数列满足,数列的前项和为,证明:.‎ 解:(Ⅰ)∵,,‎ ‎∴,‎ 两式相减得:,‎ ‎∵,,,满足,‎ 即,‎ 所以数列是以1为首项,为公比的等比数列,‎ 所以,,‎ 由题知,∴,解得:,‎ 故所求,;‎ ‎(Ⅱ)因为,即,∴,‎ ‎∴,‎ ‎∴,‎ ‎∴,‎ ‎.‎ ‎18.在中,内角A,B,C的对边a,b,c,且,已知,,,求:‎ ‎(1)a和c的值;‎ ‎(2)的值.‎ 解:(1)由得,,又,所以ac=6.‎ 由余弦定理,得.‎ 又b=3,所以.‎ 解,得a=2,c=3或a=3,c=2.‎ 因为a>c,∴ a=3,c=2.‎ ‎(2)在中,‎ 由正弦定理,得,又因为,所以C为锐角,因此.‎ 于是=.‎ ‎19.从某工厂一个车间抽取某种产品50件,产品尺寸(单位:cm)落在各个小组的频数分布如下表:‎ 数据分组 ‎[12.5,15.5)‎ ‎[15.5,18.5)‎ ‎[18.5,21.5)‎ ‎[21.5,24.5)‎ ‎[24.5,27.5)‎ ‎[27.5,30.5)‎ ‎[30.5,33.5)‎ 频数 ‎3‎ ‎8‎ ‎9‎ ‎12‎ ‎10‎ ‎5‎ ‎3‎ ‎(1)根据频数分布表,求该产品尺寸落在[27.5,33.5]内的概率;‎ ‎(2)求这50件产品尺寸的样本平均数(同一组中的数据用该组区间的中点值作代表);‎ ‎(3)根据频数分布对应的直方图,可以认为这种产品尺寸服从正态分布,其中近似为样本平均值,近似为样本方差,经计算得.利用该正态分布,求().‎ 附:(1)若随机变量服从正态分布,则;(2).‎ 解:(1)根据频数分布表可知,产品尺寸落在[27.5,33.5]内的概率为;‎ ‎(2)样本平均数;‎ ‎(3)依题意,而,,则,‎ ‎,.‎ ‎20.已知椭圆,其左、右焦点分别为,离心率,为椭圆上一点,,且的面积为.‎ ‎(1)求椭圆的方程;‎ ‎(2)过左焦点的直线交椭圆于两点,记和的面积分别为和,且,求的方程.‎ 解:(1)设 又由余弦定理可知 故 即,‎ ‎,‎ 故椭圆的方程为.‎ ‎(2),设直线的方程为,‎ 由,得,‎ 设 化简得 故直线的方程为.‎ ‎21.函数.‎ ‎(1)当时,讨论函数的单调性;‎ ‎(2)当时,时,恒成立,求正整数的最大值.‎ 解:(1)函数的定义域为,‎ ‎①当时,因为,故有.‎ 此时函数在区间单调递减.‎ ‎②当,有,方程的两根分别是:‎ 函数在上单调递减;‎ 当函数在上单调递增;‎ 当函数在上单调递减.‎ ‎③当时,易知在上单调递增,在上单调递减.‎ 综上所述,当时,在上单调递减;‎ 当时,在上单调递减,‎ 在上单调递增;‎ 当时,在上单调递增,在单调递减.‎ ‎(2)当 设 当时,有,‎ 设 在上单调递增,‎ 又在上的函数图像是一条不间断的曲线,‎ 且,‎ 存在唯一的,使得,即.‎ 当;‎ 当,‎ 上单调递减,在上单调递增,‎ 在上单调递减,‎ ‎,‎ 时,不等式对任意恒成立,‎ 正整数的最大值是3.‎ 请考生在第22、23题中任选一题做答,如果多做,则按所做的第一题计分.做答时请在答题卡上涂上相应的题号.‎ 选修4—4:坐标系与参数方程 ‎22.已知曲线C的参数方程为(a参数),以直角坐标系的原点为极点,x正半轴为极轴建立极坐标系.‎ ‎(Ⅰ)求曲线C的极坐标方程;‎ ‎(Ⅱ)若直线l极坐标方程为,求曲线C上的点到直线l最大距离.‎ 解:(1)由,得,‎ 两式两边平方并相加,得,‎ 所以曲线表示以为圆心,2为半径的圆.‎ 将,代入得,‎ 化简得,‎ 所以曲线的极坐标方程为,‎ ‎(2)由,得,即,得 所以直线的直角坐标方程为 因为圆心到直线 的距离,‎ 所以曲线上的点到直线的最大距离为.‎ 选修4—5:不等式选讲 ‎23.已知函数.‎ ‎(Ⅰ)当,求的取值范围;‎ ‎(Ⅱ)若,对,都有不等式恒成立,‎ 求的取值范围.‎ 解:(Ⅰ),‎ 若,则,得,即时恒成立;‎ 若,则,得,即;‎ 若,则,得,此时不等式无解. ‎ 综上所述,的取值范围是.‎ ‎(Ⅱ)由题意知,要使不等式恒成立,‎ 只需.‎ 当时,,.‎ 因为,‎ 所以当时, .‎ 于是,解得.‎ 结合,所以的取值范围是.‎