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  • 2021-06-16 发布

江西省上饶市2019-2020学年高二上学期10月月考数学试题

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‎ 山江湖协作体联考高二数学试卷(理科)(自主班)‎ 一 、选择题:共12小题,每小题5分,共60分。在每个小题给出的四个选项中,只有一项是符合题目要求的一项。‎ ‎1.若集合,,则等于( )‎ A. B. C. D. ‎ ‎【答案】C ‎【解析】‎ ‎【分析】‎ 解不等式,可得集合A与集合B,根据交集运算即可得解.‎ ‎【详解】集合,‎ 解不等式,可得,‎ 所以 所以选C ‎【点睛】本题考查了一元二次不等式、分式不等式解法,集合交集运算,注意分式不等式分母不为0的限制要求,属于基础题.‎ ‎2.有下列函数:①;②;③;④.其中最小值为4的函数有( )‎ A. 1个 B. 2个 C. 3个 D. 4个 ‎【答案】B ‎【解析】‎ ‎【分析】‎ 根据基本不等式成立的条件,即可判断四个函数最小值是否为4.‎ ‎【详解】对于①,满足基本不等式”一正二定三相等”的条件,所以最小值为4‎ 对于②,把函数化为,满足基本不等式”一正二定三相等”的条件,所以最小值为4‎ 对于③,最小值在时取到,解得,在内无解,所以不存在最小值.‎ 对于④,当时,可能会小于0,所以④最小值不是4‎ 综上所述,最小值为4 的函数有①②‎ 所以选B ‎【点睛】本题考查了基本不等式及其使用条件,注意”一正二定三相等”的要求,属于基础题.‎ ‎3.不相等的三个正数a、b、c成等差数列,并且x是a、b的等比中项,y是b、c的等比中项,则x2、b2、y2三数(  )‎ A. 成等比数列而非等差数列 B. 成等差数列而非等比数列 C. 既成等差数列又成等比数列 D. 既非等差数列又非等比数列 ‎【答案】B ‎【解析】‎ 由已知条件,可得 由②③得 代入①,得=2b,‎ 即x2+y2=2b2.‎ 故x2、b2、y2成等差数列,‎ 故选B.‎ ‎4.直线,的倾斜角是( )‎ A. B. C. D. ‎ ‎【答案】C ‎【解析】‎ ‎【分析】‎ 将直线化为点斜式,根据倾斜角范围即可求得倾斜角.‎ ‎【详解】直线 所以 即 设倾斜角为 ‎ 所以斜率等于 即 所以 即,化简可得 ‎,‎ 所以 即 所以选C ‎【点睛】本题考查了直线的斜率与倾斜角关系,三角函数式的化简,属于基础题.‎ ‎5.设,是两个非零向量,若函数的图象是一条直线,则必有( )‎ A. B. C. D. ‎ ‎【答案】A ‎【解析】‎ 试题分析:‎ 因为的图象是一条直线,,,故选A.‎ 考点:1向量数量积的运算;2向量垂直.‎ ‎6.将6位志愿者分成4组,其中两个组各2人,另两个组各1人,分赴世博会的四个不同场馆服务,不同的分配方案有( )种 A. 1080个 B. 1280个 C. 2160个 D. 4320个 ‎【答案】A ‎【解析】‎ ‎【分析】‎ 根据排列组合数计算,先从6位志愿者选出2个人然后再从剩余4个人选出2个人,再从剩余2个人选1个人.对四组人全排列,除以重复情况即可求得分配方法的总数.‎ ‎【详解】根据分步计数原理,由题意可知,先从6位志愿者选出2人,共有种选法 从剩余4人中选2人共有种选法 再从剩余2人中选1人共有种选法 对四组人员进行全排列,则共有种方法 因为四组人员中,有2组2人,2组1人,所以重复出现的分配方法有种方法 所以不同的分配方案共有种 所以选A ‎【点睛】本题考查了排列组合在实际问题中的应用,关键是分配过程中出现的重复情况要排除,属于中档题.‎ ‎7.某程序框图如图所示,若输出的,则判断框内填( )‎ A. ? B. ? C. ? D. ?‎ ‎【答案】B ‎【解析】‎ ‎【分析】‎ 根据程序框图,依次代入计算,即可求得输出值为,通过输出值即可知判断框里的不等式。‎ ‎【详解】由题意可知, ‎ ‎,否 ‎,否 ‎,否 ‎,是 所以当时,,此时跳出循环体。所以判断框的内容为?‎ 所以选B ‎【点睛】本题考查了补全程序框图的条件,注意每次计算的结果是返回执行循环体,还是退出循环体,属于基础题。‎ ‎8.已知,满足约束条件,若的最小值为1,则=( )‎ A. 2 B. 1 C. D. ‎ ‎【答案】C ‎【解析】‎ 画出可行域如下图所示,由图可知,目标函数在点处取得最小值,即.故选C.‎ ‎9.已知矩形中,.如果向该矩形内随机投一点,那么使得与面积都不小于的概率为( )‎ A. B. C. D. ‎ ‎【答案】D ‎【解析】‎ ‎,‎ 由题意知本题是一个几何概型的概率,‎ 以AB为底边,要使面积不小于2,‎ 由于,‎ 则三角形的高要h⩾1,同样,P点到AD的距离要不小于,满足条件的P的区域如图,‎ 其表示的区域为图中阴影部分,它的面积是,‎ ‎∴使得△ABP与△ADP的面积都不小于2的概率为:.‎ 故选D.‎ ‎10.设,为正实数,若直线与圆相切,则( )‎ A. 有最小值,无最大值 B. 有最小值,最大值 C. 有最大值,无最小值 D. 有最小值,无最大值 ‎【答案】D ‎【解析】‎ ‎【分析】‎ 根据直线与圆相切,可得,的关系,结合基本不等式即可求得的取值情况。‎ ‎【详解】因为直线与圆相切 圆的方程可化为 所以圆心到直线的距离等于半径,即 ‎ 整理可得 ‎ 因为,为正实数 所以,当且仅当等号成立 即 令 ‎ 则不等式可化为 解不等式可得或(舍)‎ 即 所以 即有最小值,无最大值 所以选D ‎【点睛】本题考查了直线与圆的位置关系,基本不等式在求最值中的应用,化简较为繁琐,属于中档题。‎ ‎11.已知函数,若,使得成立,则实数的取值范围是( )‎ A. B. C. D. ‎ ‎【答案】B ‎【解析】‎ ‎【分析】‎ 先证明函数为奇函数与单调性,再将不等式转化为关于的不等式,根据存在性成立问题的解法即可求得实数的取值范围。‎ ‎【详解】因为函数 所以 所以函数为奇函数 当,为单调递增函数 为单调递增函数 所以在上为单调递增函数 因为 所以,‎ 根据为奇函数可得 由为单调递增函数可得 即 因为使得成立 即 而在上的最小值为 ‎ 所以 所以选B ‎【点睛】本题考查了函数奇偶性、单调性的综合应用,存在性成立问题中参数的求法。关键是能够意识到需判断函数的奇偶性,再解决问题,属于中档题。‎ ‎12.已知函数满足,当时,;当时,.若函数在上有五个零点,则的最小值为( )‎ A. B. C. D. ‎ ‎【答案】A ‎【解析】‎ ‎【分析】‎ 在上有五个零点等价于方程在上有五个不同的实数根,即与的图像在上有五个交点,结合图像可得,当直线过点时,取得最小值,此时。‎ ‎【详解】有题意知,则的周期为。又在上有五个零点等价于方程在上有五个不同的实数根,即与的图像在上有五个交点。图像如下:‎ 由图像可得,当直线过点时,取得最小值,此时。故选A ‎【点睛】本题考查了函数的周期性,三角函数的图像与性质,零点与方程的综合应用,体现了数形结合的思想,考查学生计算,分析,作图的能力,为考试常考题型,属中档题。‎ 二.填空题:本大题共四小题,每小题5分,共20分。‎ ‎13.中,、是它的两边,是的面积,若,则的形状为___________.‎ ‎【答案】等腰直角三角形 ‎【解析】‎ ‎【分析】‎ 根据三角形的面积,结合与基本不等式即可求得C,同时根据基本不等式成立条件,即可判断出三角形形状。‎ ‎【详解】因为,而由正弦定理可知 即,化简可得 因为、是两边, ‎ 所以 在三角形中,‎ 所以,即 ‎ 而当时, ‎ 所以是等腰直角三角形 ‎【点睛】本题考查了三角形面积公式的应用,基本不等式及三角函数值域的有界性,属于中档题。‎ ‎14.设的展开式中的常数项为-16,则__________.‎ ‎【答案】-1‎ ‎【解析】‎ ‎ 的展开式中的常数项为.‎ 所以.‎ 故答案为-1.‎ 点睛:求二项展开式有关问题的常见类型及解题策略 ‎(1)求展开式中的特定项.可依据条件写出第r+1项,再由特定项的特点求出r值即可.‎ ‎(2)已知展开式的某项,求特定项的系数.可由某项得出参数项,再由通项写出第r+1项,由特定项得出r值,最后求出其参数.‎ ‎15. 一个空间几何体的三视图(单位:cm)如图所示,‎ 则该几何体的体积为 cm3.‎ ‎【答案】‎ ‎【解析】‎ 试题分析:根据已知条件,分析原几何体的形状,进而结合公式求解运算。‎ 因为结合三视图可知,该几何体是四棱锥,底面是边长为2的正方形,高为2,那么可知棱锥的体积公式为,故正确的答案为 考点:本试题主要是考查了三视图还原几何体的运用,求解体积问题。‎ 点评:解决该试题的关键是能将三视图还原为实物图,同时得到对应的长度和高度,然后结合空间几何体的体积公式计算。突破口是俯视图,确定底面的形状。‎ ‎16.已知数列,.满足条件“”的数列个数为_____.‎ ‎【答案】233‎ ‎【解析】‎ ‎【分析】‎ 根据条件,可知只能取0或1,而,讨论六个数中0、1和的个数,即可知满足条件数列的个数。‎ ‎【详解】因为 所以只能取0或1‎ 而 所以中出现0的个数可以是6个,5个,4个,3个。‎ 若出现6个0,则数列为常数数列,共有1个数列。‎ 若出现5个0,则出现一个1,或一个,因而数列个数为个数列。‎ 若出现4个0,则出现两个1,或两个,或一个1、一个,因而数列个数为个数列 若出现3个0,则出现三个1,或两个1、一个,或一个1、两个,或三个 ‎,因而数列的个数为个数列 综上所述,数列的个数为 个 ‎【点睛】本题考查了排列组合、集合与数列的综合应用,注意在排列组合中分类讨论时要做到不重不漏,属于难题。‎ 三. 解答题:本大题共6小题,共70分。解答应写出文字说明,证明过程或演算步骤。‎ ‎17.已知且,求函数的最大值和最小值.‎ ‎【答案】最小值为,最大值为2.‎ ‎【解析】‎ ‎【分析】‎ 由已知条件化简得,然后化简求出函数的最值 ‎【详解】由得,即 ‎.‎ 当 ,当 .‎ ‎【点睛】熟练掌握对数的基本运算性质是转化本题的关键,将其转化为二次函数的值域问题,较为基础。‎ ‎18.在中,,.‎ ‎(1)求角的大小;‎ ‎(2)求周长的取值范围.‎ ‎【答案】(1);(2)‎ ‎【解析】‎ ‎【分析】‎ ‎(1)根据余弦二倍角公式,代入化简即可求得值,进而求得角。‎ ‎(2)根据正弦定理,分别用B、C表示出、,结合,将周长表示为B的三角函数式。根据三角形中角B的取值范围,结合三角函数值域的有界性,可求得周长的取值范围。‎ ‎【详解】(1)因为,由二倍角公式 所以,‎ ‎ 所以,所以,‎ 又因为,所以 ‎ (2)因为 所以,‎ 所以 因为,‎ 所以 又因为,‎ 所以,‎ 所以 ‎【点睛】本题考查了三角函数式的化简,正弦定理及辅助角公式等在三角函数中的应用,三角函数值域的综合应用,属于中档题。‎ ‎19.上饶某中学一研究性学习小组早晨在校门口询问调查同学的体重,对来校同学依次每5人抽取一人询问体重,共抽取40位同学,将他们的体重(分成六段:,,,,,,统计后得到如图的频率分布直方图.‎ ‎(1)此研究性学习小组在采样中,用到的是什么抽样方法?并求这40位同学体重的众数和中位数的估计值.‎ ‎(2)从体重在的同学中任意抽取3位,求体重在,内都有同学的概率.‎ ‎【答案】(1)系统抽样,众数57.5, 中位数 57.5; (2)‎ ‎【解析】‎ ‎【分析】‎ ‎(1)因为是依次每隔5人选取数据,因而是系统抽样。根据频率分布直方图中众数和中位数分布,计算可得众数及中位数的估计值。‎ ‎(2)先求得体重在,的人数。然后求得3人体重都在内,3人体重都在内的概率,根据对立事件概率求法即可求得抽取的3人体重既有在,也有在内的概率.‎ ‎【详解】(1)由题意可知,抽取的样本为依次每5人抽取一人,是等间隔抽样,所以是系统抽样.‎ 由频率分布直方图可知,最高矩形的底边中点值即为众数,所以众数为 ‎ 从左侧开始,频率依次求和等于0.5时加到这一组。其中在这一组加的频率为 ‎ 而这一组的频率为0.3,所以中位数为 ‎ ‎(2)抽取有人,有人,‎ 抽取在范围内共有20人.‎ 则根据对立事件概率计算方法,在两个组都有人分布的概率 ‎【点睛】本题考查了频率分布直方图的应用,随机事件中对立事件概率的求法,属于基础题。‎ ‎20.如图所示,在四棱锥中,是正方形,平面, ,分别是的中点.‎ ‎(1)求证:平面平面;‎ ‎(2)证明平面平面,并求出到平面的距离.‎ ‎【答案】(1)见解析;(2)‎ ‎【解析】‎ ‎【分析】‎ ‎(1)根据中位线定理,可证明,,由面面平行的判定即可证明平面平面。‎ ‎(2)可证明平面,由,可证明平面平面.取中点,连接。将平面延伸,使得变为平面。根据线面垂直,可知作,即可求得长度,即为到平面的距离。‎ ‎【详解】(1)分别是线段的中点,所以,‎ 又为正方形,,所以,又平面,‎ 所以平面.因为分别是线段的中点,‎ 所以,又平面,所以平面.又 ‎ 所以平面平面.‎ ‎(2)因为,,,所以平面,‎ 又,所以平面 所以平面平面.‎ 取中点,连接,则,平面即为平面,‎ 在平面内,作,垂足为,则平面,‎ 即为到平面的距离, 在三角形中,为中点,‎ ‎.‎ ‎【点睛】本题考查了面面平行、面面垂直的证明,点到平面距离的求法,属于中档题。‎ ‎21.在平面直角坐标系中,曲线与坐标轴的交点都在圆上.‎ ‎(1)求圆的方程;‎ ‎(2)若圆与直线交于,两点,且,求的值.‎ ‎【答案】(1);(2).‎ ‎【解析】‎ 分析:(1)因为曲线与坐标轴的交点都在圆上,所以要求圆的方程应求曲线与坐标轴的三个交点。曲线与轴的交点为,与轴的交点为 .由与轴的交点为 关于点(3,0)对称,故可设圆的圆心为,由两点间距离公式可得,解得 ‎.进而可求得圆的半径为,然后可求圆的方程为.(2)设,,由可得,进而可得,减少变量个数。因为,,所以.要求值,故将直线与圆的方程联立可得,消去,得方程。因为直线与圆有两个交点,故判别式,由根与系数的关系可得,.代入,化简可求得,满足,故.‎ 详解:(1)曲线与轴的交点为,与轴的交点为 ‎ .故可设的圆心为,则有,解得.则圆的半径为,所以圆的方程为.‎ ‎(2)设,,其坐标满足方程组 消去,得方程.‎ 由已知可得,判别式,且,.  由于,可得.‎ 又,‎ 所以. ‚ ‎ 由‚得,满足,故.‎ 点睛:⑴求圆的方程一般有两种方法:‎ ‎① 待定系数法:如条件和圆心或半径有关,可设圆的方程为标准方程,再代入条件可求方程;如已知圆过两点或三点,可设圆的方程为一般方程,再根据条件求方程;‎ ‎ ②几何方法:利用圆的性质,如圆的弦的垂直平分线经过圆心,最长的弦为直径,圆心到切线的距离等于半径。‎ ‎(2)直线与圆或圆锥曲线交于,两点,若,应设,,可得。可将直线与圆或圆锥曲线的方程联立消去,得关于的一元二次方程,利用根与系数的关系得两根和与两根积,代入,化简求值。‎ ‎22.已知数列满足,且.‎ ‎(1)证明:数列为等比数列;‎ ‎(2)设,记数列的前项和为,若对任意的,恒成立,求的取值范围.‎ ‎【答案】(1)详见解析;(2).‎ ‎【解析】‎ ‎【分析】‎ ‎(1)由题意得,化简整理,结合定义,即可得证。‎ ‎(2)由(1)可得,代入可得,分别讨论n为奇数和偶数时的表达式,结合单调性,便可求出m的取值范围。‎ ‎【详解】(1)证明:因为,所以 即,则 从而数列是以6为首项,2为公比的等比数列 ‎(2)解:由(1)知,即 所以 当为偶数时,‎ 当为奇数时,‎ 当为偶数时,是递减的,此时当时,取最大值,则;‎ 当为奇数时,是递增的,此时,则.‎ 综上,的取值范围是.‎ ‎【点睛】本题考查了数列构造法,等比数列的定义及求和。证明等比数列常用概念来证明,裂项相消法是求和中常用的办法,题中还涉及了分类讨论的思想,需分别求n为奇数和n偶数时的,再分别求解,整理答案,属难题。‎ ‎ ‎ ‎ ‎