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- 2021-06-17 发布
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解答题规范专练(六) 概率与统计
1.(2014·重庆高考)一盒中装有9张各写有一个数字的卡片,其中4张卡片上的数字是1,3张卡片上的数字是2,2张卡片上的数字是3.从盒中任取3张卡片.
(1)求所取3张卡片上的数字完全相同的概率;
(2)X表示所取3张卡片上的数字的中位数,求X的分布列与数学期望.(注:若三个数a,b,c满足a≤b≤c,则称b为这三个数的中位数.)
2.(2014·大纲卷)设每个工作日甲、乙、丙、丁4人需使用某种设备的概率分别为0.6、0.5、0.5、0.4,各人是否需使用设备相互独立.
(1)求同一工作日至少3人需使用设备的概率;
(2)X表示同一工作日需使用设备的人数,求X的数学期望.
3.(2015·唐山统考)据民生所望,相关部门对所属单位进行整治性核查,标准如下表:
查验类别
甲
乙
所含指标项
4
2
每项初查合格概率
每项复查合格概率
每项核查合格权重分数
2
1
每项检查不合格权重分数
0
0
规定初查累计权重分数为10分或9分的不需复查并给予奖励,10分的奖励18万元,9分的奖励8万元;初查累计权重分数为7分及其以下的停止运营并罚款1万元;初查累计权重分数为8分的要对不合格指标项进行复查,最终累计权重得分等于初查合格部分与复查部分得分的和,最终累计权重分数为10分方可继续运营,否则停止运营并罚款1万元.
(1)求一家单位既没获奖励又没被罚款的概率;
(2)求一家单位在这次整治性核查中所获金额X(万元)的分布列和数学期望(奖励为正数,罚款为负数).
答案
1.解:(1)由古典概型中的概率计算公式知所求概率为
P==.
(2)X的所有可能值为1,2,3,
且P(X=1)==,
P(X=2)==,
P(X=3)==,
故X的分布列为
X
1
2
3
P
从而E(X)=1×+2×+3×=.
2.解:记Ai表示事件:同一工作日乙、丙中恰有i人需使用设备,i=0,1,2,
B表示事件:甲需使用设备,
C表示事件:丁需使用设备,
D表示事件:同一工作日至少3人需使用设备.
(1)D=A1·B·C+A2·B+A2··C,
P(B)=0.6,P(C)=0.4,P(Ai)=C×0.52,i=0,1,2,
所以P(D)=P(A1·B·C+A2·B+A2··C)
=P(A1·B·C)+P(A2·B)+P(A2··C)
=P(A1)P(B)P(C)+P(A2)P(B)+P(A2)P()P(C)
=0.31.
(2)X的可能取值为0,1,2,3,4,
P(X=0)=P(·A0·)
=P()P(A0)P()
=(1-0.6)×0.52×(1-0.4)
=0.06,
P(X=1)=P(B·A0·+·A0·C+·A1·)
=P(B)P(A0)P()+P()P(A0)P(C)+P()P(A1)P()
=0.6×0.52×(1-0.4)+(1-0.6)×0.52×0.4+(1-0.6)×2×0.52×(1-0.4)
=0.25,
P(X=4)=P(A2·B·C)=P(A2)P(B)P(C)
=0.52×0.6×0.4=0.06,
P(X=3)=P(D)-P(X=4)=0.25,
P(X=2)=1-P(X=0)-P(X=1)-P(X=3)-P(X=4)
=1-0.06-0.25-0.25-0.06
=0.38,
数学期望E(X)=0×P(X=0)+1×P(X=1)+2×P(X=2)+3×P(X=3)+4×P(X=4)
=0.25+2×0.38+3×0.25+4×0.06
=2.
3.解:记“初查阶段甲类的一个指标项合格”为事件A,“初查阶段乙类的一个指标项合格”为事件B,“复查阶段一个指标项合格”为事件C,侧P(A)=,P(B)=P(C)=.
(1)记“一家单位既没获奖励又没被罚款”为事件D,则P(D)=[P(A)]4[P()]2[P(C)]2+C[P(A)]3[P()]·[P(B)]2[P(C)]=.
(2)X的所有可能取值为-1,0,8,18.
P(X=18)=[P(A)]4[P(B)]2=,
P(X=8)=[P(A)]4C[P(B)][P()]=,
P(X=0)=P(D)=,
P(X=-1)=1-P(X=0)-P(X=8)-P(X=18)=.
X的分布列为
X
-1
0
8
18
P
X的数学期望E(X)=-1×+0×+8×+18×=(万元).