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  • 2021-06-17 发布

西藏自治区昌都市第一高级中学2020届高三下学期入学考试数学(理)试卷

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理科数学 注意事项: 1.答题前填写好自己的姓名、班级、考号等信息 2.请将答案正确填写在答题卡上 第 I 卷(选择题) 请点击修改第 I 卷的文字说明 一、单选题 1.已知集合 , ,则 ( ) A.∅ B. C. D. 【答案】B 【解析】 【分析】 可以求出集合 M,然后进行交集的运算即可. 【详解】 由 M 中不等式得 ,解得 ,即 , ,故选 B. 【点睛】 考查描述法、列举法的定义,以及一元二次不等式的解法,交集的运算. 2.设复数 z 满足(1+i)z=2i,则|z|=( ) A. B. C. D.2 【答案】C 【解析】 【分析】 先求出 的表达式,然后对其化简,求出复数的模即可. 【详解】 { }2| 2 0M x x x= − < { 2, 1,0,1,2}N = − − M N = { }1 {0 }1, { 1 01}− ,, ( )2 0x x − < 0 2x< < (0,2)M = { }1M N∴ ∩ = 1 2 2 2 2 z 由题意, ,所以 . 故选:C. 【点睛】 本题考查复数的四则运算,考查复数的模的计算,属于基础题. 3.《镜花缘》是清代文人李汝珍创作的长篇小说,书中有这样一个情节:一座楼阁到处挂满 了五彩缤纷的大小灯球,灯球有两种,一种是大灯下缀 2 个小灯,另一种是大灯下缀 4 个小 灯,大灯共 360 个,小灯共 1200 个.若在这座楼阁的灯球中,随机选取一个灯球,则这个灯球 是大灯下缀 4 个小灯的概率为( ) A. B. C. D. 【答案】B 【解析】 【分析】 设大灯下缀 2 个小灯为 个,大灯下缀 4 个小灯有 个,根据题意求得 ,再 由古典概型及其概率的公式,即可求解. 【详解】 设大灯下缀 2 个小灯为 个,大灯下缀 4 个小灯有 个, 根据题意可得 ,解得 , 则灯球的总数为 个, 故这个灯球是大灯下缀 4 个小灯的概率为 ,故选 B. 【点睛】 本题主要考查了古典概型及其概率的计算,其中解答中根据题意列出方程组,求得两种灯球 的数量是解答的关键,着重考查了运算与求解能力,属于基础题. 4. 的展开式中, 的系数为( ) A.120 B.160 C.100 D.80 【答案】A ( ) ( )( ) 2i 1 i2i 1 i1 i 1 i 1 iz −= = = ++ + − 2z = 1 3 2 3 1 4 3 4 x y 120, 240x y= = x y 360 2 4 1200 x y x y + =  + = 120, 240x y= = 360x y+ = 240 2 360 3 = ( )51 1 2x xx  + +   3x 【解析】 , 的展开式中含 的项为 的展开式中含 的项为 的系数为 ,故选 A. 【方法点晴】本题主要考查二项展开式定理的通项与系数,属于简单题. 二项展开式定理的问 题也是高考命题热点之一,关于二项式定理的命题方向比较明确,主要从以下几个方面命题: (1)考查二项展开式的通项公式 ;(可以考查某一项,也可考查某一项的系 数)(2)考查各项系数和和各项的二项式系数和;(3)二项展开式定理的应用. 5.已知各项为正数的等比数列{an}中,a2=1,a3a7=64,则公比 q=(   ) A.2 B.3 C.4 D.5 【答案】A 【解析】 【分析】 利用等比中项,得到 ,求得 ,再结合 即得解. 【详解】 在各项为正数的等比数列{an}中, 又 故选:A 【点睛】 本题考查了等比数列的通项及性质,考查了学生概念理解,转化划归,数学运算的能力,属 于基础题. 6.曲线 在点 处的切线与坐标轴所围三角形的面积( ) A. B. C. D. 【答案】D ( ) ( ) ( )5 5 51 11 2 1 2 1 2x x x x xx x  + + = + + +   ( )51 2x x + 3x ( ) ( )2 52 3 5 12 40 , 1 2x C x x xx ⋅ = + 3x ( )41 3 3 5 1 2 80 ,C x x xx ⋅ = ∴ 40 80 120+ = 1 Cr n r r r nT a b− + = 2 3 7 5a a a= 5 8a = 3 5 2a a q= 2 3 7 5 64a a a= = 5 50 8a a> ∴ = 3 3 5 2 8 2a a q q q∴ = = = ∴ = xy e= 2(2, )e 29 4 e 22a 2e 2 2 e 【解析】 试题分析: ,故选 D. 考点:1、导数的几何意义;2、三角形的面积. 7.函数 的大致图象为(  ) A. B. C. D. 【答案】C 8.已知直线 ,平面 , ,以下的真命题是( ) A.若 ,则 B.若 ,则 C.若 ,则 D.若 ,则 【答案】D 【解析】 【分析】 若 ,则应有 或 ;若 ,则应有 或 ;若 , 则应有 或 与 相交或 与 异面;根据直线与平面平行的性质得, 2 2 2 2 2 2 2' | ( 2) (1,0), (0, )x xy e y e y e e x y e x e A B e== ⇒ = ⇒ − = − ⇒ = − ⇒ − 2 21 12 2 eS e⇒ = × × = ( ) ·lnxf x e x= ,a b α β / / ,a b b α⊂ / /a α // , //a b a α / /b α / / , / /a bα α / /a b , / / ,a a bβ α β α⊂ ∩ = / /a b / / ,a b b α⊂ / /a α a α⊂ // , //a b a α / /b α b α⊂ / /a α / /b α / /a b a b a b 成立.故得解. 【详解】 对于 A,若 ,则应有 或 ,所以 A 不正确; 对于 B,若 ,则应有 或 ,因此 B 不正确; 对于 C,若 , 则应有 或 与 相交或 与 异面,因此 C 不正确; 对于 D,根据直线与平面平行的性质得, 成立. 故选:D 【点睛】 本题考查了空间中的平行关系概念辨析,考查了学生概念理解,综合分析,逻辑推理的能力, 属于中档题. 9.执行如图所示的程序框图,则输出的 值是( ) A. B. C. D. 【答案】C 【解析】 【分析】 根据程序框图列出算法循环的每一步,结合判断条件得出输出的 的值. 【详解】 执行如图所示的程序框图如下: / /a α / / ,a b b α⊂ / /a α a α⊂ // , //a b a α / /b α b α⊂ / /a α / /b α / /a b a b a b / /a α n 5 7 9 11 n 不成立, , ; 不成立, , ; 不成立, , ; 不成立, , . 成立,跳出循环体,输出 的值为 ,故选 C. 【点睛】 本题考查利用程序框图计算输出结果,对于这类问题,通常利用框图列出算法的每一步,考 查计算能力,属于中等题. 10.已知点 在椭圆 上, 是椭圆的焦点,且满足 ,则 的面积为 A.1 B. C.2 D.4 【答案】A 【解析】 【分析】 因为 ,由勾股定理结合椭圆的定义可解得 ;进而可得 的 面积. 【详解】 因为 ,所以 ,所以 ;由题意得 ,即 ,即 ,解得 ;所以 的面积 .故选 A. 【点睛】 本题考查椭圆中焦点三角形的面积,属于基础题. 40 9S = ≥ 1 1S 1 3 3 = =× 1 2 3n = + = 1 4 3 9S = ≥ 1 1 2 3 3 5 5S = + =× 3 2 5n = + = 2 4 5 9S = ≥ 2 1 3 5 5 7 7S = + =× 5 2 7n = + = 3 4 7 9S = ≥ 3 1 4 7 7 9 9S = + =× 7 2 9n = + = 4 4 9 9S = ≥ n 9 M 2 2 14 x y+ = 1 2,F F 1 2· 0MF MF =  1 2MF F△ 3 1 2MF MF ⊥ 1 2 2MF MF = 1 2MF F 1 2· 0MF MF =  1 2MF MF ⊥ 2 2 2 1 2 1 2| | | | 12MF MF F F+ = = 1 2 4MF MF+ = 2 2 1 2 1 2| | 2 16MF MF MF MF+ + = 1 212 2 16MF MF+ = 1 2 2MF MF = 1 2MF F 1 2 1 12S MF MF= = 11.已知偶函数 在区间 上单调递增,设 , , ,则( ) A. B. C. D. 【答案】B 【解析】 【分析】 根据偶函数的性质可知函数 在 上单调递减,由已知条件得 , , ,然后利用函数 在 上的单调性可得出 、 、 三个数的大小关系. 【详解】 由题意知函数 是偶函数,在 上单调递增,在 上单调递减, , , , 因此, . 故选:B. 【点睛】 本题考查利用函数的奇偶性与单调性来比较函数值的大小关系,考查推理能力,属于基础题. 12.下列关于函数 的叙述中,其中正确的有( ) ①若 ,则 (其中 ); ②函数 在区间 上的最大值为 ; ③函数 的图象关于点 成中心对称; ( )f x ( ),0−∞ sin 6a f π =    sin 2b f π =    5cos 6c f π =    a b c> > a c b> > b a c> > c b a> > ( )y f x= ( )0,+∞ 1 2a f  =    ( )1b f= 3 3 2 2c f f    = − =          ( )y f x= ( )0,+∞ a b c ( )y f x= ( ),0−∞ ( )0,+∞ 1sin 6 2a f f π   = =       ( )sin 12b f f π = =   5 3 3cos 6 2 2c f f f π     = = − =              a c b> > ( ) sin 2 3 πf x x = −   ( ) ( )f fα β= kβ α π= + k Z∈ ( )f x 0, 2 π     1 ( )y f x= ,012 π     ④将 的图象向右平移 个单位后得到 的图象. A.①② B.①③ C.②④ D.③④ 【答案】C 【解析】 【分析】 ①由已知得 ,可得 或 ,化简计算即可; ②求出 的范围,进而可得 的最值; ③代入 验证计算即可; ④将 的图象向右平移 个单位后化简整理. 【详解】 解:①若 ,则 , 则 或 , 即 或 ,故①错误; ②当 时, ,此时 ,故②正确; ③当 时, ,故③错误; ④将 的图象向右平移 个单位后 得 ,故④正确. 故选:C. 【点睛】 本题考查三角函数的图像和性质,考查函数图像的平移,是基础题. cos2y x= 5 12 π ( )y f x= sin 2 sin 23 3 π πα β   − = −       1 12 2 2 ,3 3 k k Z π πβ α π− = − + ∈ 2 22 2 2 ,3 3 k k Z π πα β π π− + − = + ∈ 2 3x π− ( )f x 12x π= cos2y x= 5 12 π ( ) ( )f fα β= sin 2 sin 23 3 π πα β   − = −       1 12 2 2 ,3 3 k k Z π πβ α π− = − + ∈ 2 22 2 2 ,3 3 k k Z π πα β π π− + − = + ∈ 1 1,k k Zβ α π= + ∈ 2 2 5 ,6 k k Z πα β π+ = + ∈ 0, 2x π ∈   22 ,3 3 3x π π π − ∈ −   ( ) 1f x ≤ 12x π= 1sin 2 012 12 3 2f π π π = × − = − ≠        cos2y x= 5 12 π 5 5 5sin sin12 6 6 2cos 2 cos 2 2 32y x x x x π π π π π        = = + =               = −  −  −  − 13.函数 的大致图象为( ) A. B. C. D. 【答案】D 【解析】 【分析】 根据图像特征,先判断 的奇偶性,再用特殊值验证. 【详解】 因为 , 所以 是偶函数,故排除 A,B 又因为 , 所以 ,排除 C, 故选:D 【点睛】 本题主要考查函数的图象及其变换和函数的单调性,还考查理解辨析的能力,属于中档题. 14.函数 的大致图象为(  ) A. B. ( ) cos sin 2 x xf x = ( )f x ( ) ( ) coscos sin sin ( )22 xx x xf x f x− −− = = = ( )f x ( )0.x π∈ cossin 0,2 0xx > > ( ) 0f x > ( ) ·lnxf x e x= C. D. 【答案】A 【解析】 【分析】 判断函数的奇偶性和对称性的关系,利用极限思想进行求解即可 【详解】 解:函数 , , , ,则函数 为非奇非偶函数,图象不关于 y 轴对称,排除 C,D,当 ,排除 B, 故选:A 【点睛】 本题主要考查函数图象的识别和判断,利用函数的对称性以及极限思想是解决本题的关键 第 II 卷(非选择题) 请点击修改第 II 卷的文字说明 二、填空题 15.已知单位向量 , 满足 ,则向量 与向量 的夹角的大小为__________. 【答案】 【解析】 【分析】 根据向量的数量积运算,结合单位向量模长为 1,代值计算即可. 【详解】 因为 , 均是单位向量,故可得 , 故可得 , 即 ,解得 , ( ) ·lnxf x e x= ( ) -- ·ln -xf x e x= ( ) ( )f x f x≠ − ( ) ( )f x f x− ≠ − ( )f x ( ),x f x→ +∞ → +∞ a b ( )2 2a a b⋅ + =  a b 3 π a b 1, 1a b= = ( ) 22 2 , 2a a b a a b cos a b⋅ + = + =       2 , 1cos a b = 1, 2cos a b = 又因为向量夹角的范围为 , 故 的夹角为 . 故答案为: . 【点睛】 本题考查向量数量积的运算,属基础题. 16.已知在等差数列 中, , ,前 n 项和为 ,则 ________. 【答案】39 【解析】 【分析】 设等差数列公差为 d,首项为 ,再利用基本量法列式求解公差与首项,进而求得 即可. 【详解】 设等差数列公差为 d,首项为 ,根据题意可得 ,解得 ,所以 . 故答案为:39 【点睛】 本题考查等差数列的基本量计算以及前 n 项和的公式,属于基础题. 17.设 为双曲线 : 的右焦点, 为坐标原点,以 为直径的 圆与圆 交于 , 两点,若 ,则 的离心率为______. 【答案】 【解析】 【分析】 由题意画图,先求出 ,再由 列式求双曲线 的离心率. 【详解】 [ ]0,π ,a b 3 π 3 π { }na 7 17a = 1 3 5 15a a a+ + = nS 6S = 1a 6S 1a 7 1 1 1 1 6 17 2 4 15 a a d a a d a d = + =  + + + + = 1 1 3 a d = −  = 6 11 6 6 5 3 392S = − × + × × × = F C ( )2 2 2 2 1 0, 0x y a ba b − = > > O OF 2 2 2x y a+ = P Q PQ OF= C 2 PQ PQ OF= C 由题意,把 代入 , 得 ,再由 , 得 ,即 , ,解得 . 故答案为: 【点睛】 本题考查了双曲线的几何性质,考查了学生的计算能力,属于中档题. 18.某几何体的三视图如图所示,则该几何体的体积为__ 【答案】 【解析】 【分析】 通过分析三视图,得出该几何体是圆柱,挖去一部分,然后结合图中数据,代入圆柱的体积公式 求解即可. 【详解】 根据几何体的三视图,得出该几何体是圆柱,挖去一部分,如图: 2x c= 2 2 2x y a+ = 2 22 2 cPQ a  = −   PQ OF= 2 22 2 ca c − =   2 22a c= 2 2 2c a ∴ = 2ce a = = 2 14π 结合图中数据知,该几何体的体积 . 故答案为: 【点睛】 本题考查三视图还原几何体及求几何体的体积;根据三视图正确还原几何体是求解本题的关键; 重点考查学生的空间想象能力属于中档题、常考题型. 三、解答题 19.某市在创建国家级卫生城(简称“创卫”)的过程中,相关部门需了解市民对“创卫”工作 的满意程度,若市民满意指数不低于 0.8(注:满意指数 ),“创卫”工作按原 方案继续实施,否则需进一步整改.为此该部门随机调查了 100 位市民,根据这 100 位市民给“创 卫”工作的满意程度评分,按以下区间: , , , , , 分为六组,得到如图频率分布直方图: (1)为了解部分市民给“创卫”工作评分较低的原因,该部门从评分低于 60 分的市民中随机 选取 2 人进行座谈,求这 2 人所给的评分恰好都在 的概率; (2)根据你所学的统计知识,判断该市“创卫”工作是否需要进一步整改,并说明理由. 【答案】(1) ;(2)该市“创卫”工作不需要进一步整改 【解析】 2 212 4 2 4 148V π π π= × × − × × × = 14π = 满意程度平均分 100 [40,50) [50,60) [60,70) [70,80) [80,90) [90,100] [50,60) 3 10 【分析】 (1)由频率分布直方图分别求得评分在 和 的市民人数,根据古典概型可求 得结果; (2)由频率分布直方图估计平均数的方法计算得到满意程度平均分,从而求得满意指数,得 到判断结果. 【详解】 (1)由频率分布直方图知:评分在 的市民人数为 人;评分在 的市民人数为 人 从评分低于 分的市民中选取 人, 人所给评分都在 的概率 (2)由频率分布直方图可得满意程度平均分为: 满意指数 该市“创卫”工作不需要进一步整改 【点睛】 本题考查频率分布直方图中频率、频数的求解、古典概型概率问题的求解、利用频率分布直 方图估计平均数的问题;关键是熟练掌握利用频率分布直方图估计平均数的方法,即每个矩 形横坐标中点与对应矩形面积乘积的总和. 20.已知 是 的内角, 分别是角 的对边.若 , (1)求角 的大小; (2)若 ,求 面积的最大值 【答案】(1) (2) 【解析】 【分析】 (1)先由正弦定理将角化边: ,再由余弦定理求得角 ; [ )40,50 [ )50,60 [ )40,50 100 0.002 10 2× × = [ )50,60 100 0.003 10 3× × = ∴ 60 2 2 [ )50,60 2 3 2 5 3 10 Cp C = = ( )45 0.002 55 0.003 65 0.015 75 0.024 85 0.03 95 0.026 10 80.5× + × + × + × + × + × × = ∴ 80.5 0.805 0.8100 = = > ∴ , ,A B C ABC , ,a b c , ,A B C 2 2 2sin sin sin sin sinA B A B C+ + = C 2c = ABC 2 3 π 3 3 2 2 2a b c ab+ − = − C (2)由余弦定理及基本不等式变形求出 的最大值,利用三角形面积公式表示出 ,代入 的最大值即可求三角形的面积最大值. 【详解】 (1)由正弦定理及 得 ,由余弦定 理 ,又 , ; (2)由(1)得 ,又 , ∴由 得 , 又 可得 , ,当且仅当“ ”时取 “=”,所以的 面积最大值为 . 【点睛】 本题主要考查了正余弦定理,三角形的面积公式,基本不等式的运用,是基础题.已知一边及 此边的对角求周长或面积的范围是常见题型,解决此类问题的方法有两种:一是余弦定理加 均值定理变形;二是用正弦定理转化为三角函数求值域. 21.如图,在三棱柱 中, , , . (Ⅰ)求证: ; (Ⅱ)若平面 平面 ,且直线 与平面 所成角为 ,求二面角 的余弦值. 【答案】(Ⅰ)见解析;(Ⅱ) 【解析】 【分析】 ab 1 sin2ABCS ab C=  ab 2 2 2sin sin sin sin sinA B C A B+ − = − 2 2 2a b c ab+ − = − 2 2 2 1cos 2 2 2 a b c abC ab ab + − −= = = − 0 C π< < 2 3C π∴ = 2 3C π= 2c = 2 2 2a b c ab+ − = − 2 2 4a b ab+ − = − 2 2 2a b ab+ ≥ 4 3ab ≤ 1 3 3sin2 4 3ABCS ab C ab∴ = =   a b= ABC 3 3 1 1 1ABC A B C− CA CB= 1AB AA= 1 60A AB∠ = ° 1AB AC⊥ ABC ⊥ 1 1AA B B 1AC ABC 60° 1 1C A B B− − 21 7 − (Ⅰ)取 中点 ,连结 , ,则 ,由线面垂直的判定定理可得, 平面 ,由线面垂直的性质即可得证; (Ⅱ)由平面 平面 及 可得, ,从而 ,设 ,则 ,易证 两两互相垂直,建立空间直角坐标系 如图,利用法向量求出二面角 的余弦值即可. 【详解】 (Ⅰ) 证明:如图:取 中点 ,连结 , , , , , , 为正三角形, , , 由线面垂直的判定定理知, 平面 , 又 平面 , . (Ⅱ)因为 , 所以 为等边三角形, 所以 ,因为平面 平面 , 由面面垂直的性质知, 平面 , 所以 即为直线 与平面 所成角, 即 ,即 , 设 ,则 , , AB O OC 1OA 1,AB CO AB OA⊥ ⊥ AB ⊥ 1OAC ABC ⊥ 1 1AA B B 1AB OA⊥ 1 60AOC∠ = ° 1 3OA OC= 2AB = 1 3, 1OA OC= = 1, ,OA OA OC O xyz− 1 1C A B B− − AB O OC 1OA CA CB= AB CO∴ ⊥ 1AA AB= 1 60A AB∠ = ° 1ABA∴∆ 1AB OA∴ ⊥ 1CO OA O=  AB ⊥ 1OAC 1AC ⊂ 1OAC 1AB AC∴ ⊥ 1AB AA= 1 60A AB∠ = ° 1AA B∆ 1AO AB⊥ ABC ⊥ 1 1AA B B 1AO ⊥ ABC 1AOC∠ 1AC ABC 1 60ACO∠ =  1 3OA OC= 2AB = 1 3OA = 1OC = 由 平面 知, 两两互相垂直, 建立空间直角坐标系 如图所示: 则 ,0, , , ,0, , 所以 , , , ,0, , 设平面 的一个法向量为 , 则 ,令 ,则 , 所以平面 的一个法向量为 , 因为平面 的法向量为 ,0, , 所以 , 二面角 的平面角为钝角, 二面角 的余弦值为 . 【点睛】 本题考查线面垂直的判定与性质、面面垂直的性质以及利用空间向量求二面角;考查学生的空 间想象能力、推理论证能力、运算求解能力;属于中档题、常考题型. 22.已知椭圆 上的点 到左,右两焦点为 , 的距离之和为 , 离心率为 . (1)求椭圆的标准方程; 1AO ⊥ ABC 1, ,OA OA OC O xyz− (0C 1) 1(0, 3,0)A ( 1B − 0) 1 (0CA = 3 1)− (1BC = 1) 1A BC ( ), ,n x y z= 3 0 0 y z x z  − = + = 1y = 3, 3z x= = − 1A BC ( 3,1, 3)n = − 1 1A BB (0OC = 1) 3 21cos , 77 1 n OCn OC OC n ⋅= = = ×⋅       1 1C A B B− − ∴ 1 1C A B B− − 21 7 − 2 2 2 2 1( 0)x y a ba b + = > > P 1F 2F 2 2 2 2 (2)过右焦点 的直线 交椭圆于 两点,若 轴上一点 满足 ,求直线 的斜率 的值. 【答案】(1) ;(2) . 【解析】 试题分析:(1)根据 与离心率可求得 a,b,c 的值,从而就得到椭圆的方 程;(2)设出直线的方程 ,并与椭圆方程联立消去 y 可得到关于 x 的一元二次 方程,然后利用中点坐标公式与分类讨论的思想进行解决. 试题解析:(1) ,∴ , ,∴ ,∴ , 椭圆的标准方程为 . (2)已知 ,设直线的方程为 , -, 联立直线与椭圆的方程 ,化简得: , ∴ , , ∴ 的中点坐标为 . ①当 时, 的中垂线方程为 , ∵ ,∴点 在 的中垂线上,将点 的坐标代入直线方程得: ,即 , 解得 或 . 2F l ,A B y 30, 7M       | | | |MA MB= l k 2 2 12 x y+ = 30 3 6 , , 1 22a PF PF= + ( 1)y k x= − 1 2| | 2 2 2PF PF a+ = = 2a = 2 2 ce a = = 2 2 12c = × = 2 2 2 2 1 1b a c= − = − = 2 2 12 x y+ = 2 (1,0)F ( 1)y k x= − 1 1 2 2( , ) ( , )A x y B x y 2 2 ( 1) { 12 y k x x y = − + = 2 2 2 2(1 2 ) 4 2 2 0k x k x k+ − + − = 2 1 2 2 4 1 2 kx x k + = + 1 2 1 2 2 2( ) 2 1 2 ky y k x x k k −+ = + − = + AB 2 2 2 2( , )1 2 1 2 k k k k − + + 0k ≠ AB MA MB= M AB M 2 2 3 2 7 1 2 1 2 k k k k + =+ + 22 3 7 3 0k k− + = 3k = 3 6k = ②当 时, 的中垂线方程为 ,满足题意, ∴斜率 的取值为 . 考点:1、椭圆的方程及几何性质;2、直线与椭圆的位置关系. 23.已知函数 . (1)讨论函数 的单调性; (2)设函数 ,当 时, 对任意的 恒成立, 求满足条件的 最小的整数值. 【答案】(1)见解析(2) 【解析】 【分析】 (1)用导数讨论单调性,注意函数的定义域;(2)写出 的具体形式,然后分离参数, 进而讨论函数最值的范围,得出整数参量 的取值范围. 【详解】 解:(1).由题意,函数的定义域为 , 当 时, , 单调增区间为: 当 时,令 , 由 ,得 , , 的单调递增区间为 , 的单调递减区间为: (2).由 , 因为 对任意的 恒成立 0k = AB 0x = k 30 3 6 , , ( ) ln 1f x x ax= − + ( )f x ( ) ( ) ( )2 1xg x x e f x b= − + − − 1a ≥ ( ) 0g x ≤ 1 ,13x  ∈   b 3− ( )g x b ( )0, ∞+ ( ) 1'f x ax = − 0a ≤ ( ) 1' 0f x ax = − > ( )f x ( )0, ∞+ 0a > ( ) 1' 0f x ax = − = 1x a = ( )' 0f x > 10,x a  ∈   ( )' 0f x < 1 ,x a  ∈ +∞   ( )f x 10, a      ( )f x 1 ,a  +∞   ( ) ( )2 lnxg x x e x ax b= − + − − ( ) 0g x ≤ 1 ,13x  ∈   当 时对任意的 恒成立, , 只需 对任意的 恒成立即可. 构造函数 , 且 单调递增, , 一定存在唯一的 ,使得 即 , . 单调递增区间 ,单调递减区间 . 的最小的整数值为 【点睛】 本题考查用导数讨论函数单调性和函数的最值问题,其中用构造函数,属于函数导数不等式 的综合题,难度较大. 24.坐标系与参数方程:在平面直角坐标系中,以原点 为极点, 轴的非负半轴为极轴建 立极坐标系,已知点 的极坐标为 ,直线 的极坐标方程为 ,且 点 在直线 上 (Ⅰ)求 的值和直线 的直角坐标方程及 的参数方程; ( )2 lnxb x e x ax≥ − + − 1a ≥ 1 ,13x  ∈   1a ≥ 0x > ( ) ( )2 ln 2 lnx xx e x ax x e x x∴ − + − ≤ − + − ( )2 lnxb x e x x≥ − + − 1 ,13x  ∈   ( ) ( )2 lnxh x x e x x= − + − ( ) ( ) ( )1 1' 1 1 1x xh x x e x ex x  = − + − = − −   1,13x  ∈   1 0x∴ − < ( ) 1xt x e x = − 1 21 2 02t e  = − <   ( )1 1 0t e= − > ∴ 0 1 ,12x  ∈   ( )0 0t x = 0 0 1xe x = 0 0lnx x= − ( )h x∴ 0 1,3 x     ( )0 ,1x ( ) ( ) ( ) ( )0 0 0 0 0 0max 0 12 ln 1 2 4, 3xh x h x x e x x x x  ∴ = = − + − = − + ∈ − −    b∴ 3− O x A 2, 4 π     l cos 4 a πρ θ − =   A l a l l (Ⅱ)已知曲线 的参数方程为 ,( 为参数),直线 与 交于 两点, 求 的值 【答案】(Ⅰ) , 的直角坐标方程为 , 的参数方程为: (Ⅱ) 【解析】 【分析】 (Ⅰ)将点 的极坐标方程代入直线 的极坐标方程可求出 的值,然后将直线 方程化为普 通方程,确定直线 的倾斜角,即可将直线 的方程表示为参数方程的形式; (Ⅱ)将曲线 的参数方程表示普通方程,然后将(Ⅰ)中直线 的参数方程与曲线 的普 通方程联立,得到关于 的一元二次方程,并列出韦达定理,根据 的几何意义计算出 和 ,于是可得出 的值. 【详解】 解:(Ⅰ)因为点 ,所以 ; 由 得 于是 的直角坐标方程为 ; 的参数方程为: (t 为参数) (Ⅱ)由 : , C 4 5cos 3 5sin x y α α = +  = + α l C ,M N 1 1+ AM AN 2a = l : 2 0+ − =l x y l 21 2 21 2 x t y t  = −  = + 5 2 12 A l a l l l C l C t t 1 2AM AN t t⋅ = ( )2 1 2 1 2 1 2 1 24AM AN t t t t t t t t+ = + = − = + − 1 1 AM AN AM AN AM AN ++ = ⋅ ∈A l 2 cos( ) 24 4 π π= − =a cos( )4 πρ θ − = a 2 ( cos sin ) 22 ρ θ ρ θ+ = l : 2 0+ − =l x y l 21 2 21 2 x t y t  = −  = + C 4 5cos 3 5sin x y α α = +  = + ⇒ 2 2( 4) ( 3) 25− + − =x y 将 的参数方程代入 得 ,设该方程的两根为 ,由直线 的参数 的几何意义及曲线 知, , 所以 . 【点睛】 本题考查曲线的极坐标、参数方程与普通方程之间的转化,考查直线参数方程的几何意义, 对于这类问题的处理,一般就是将直线的参数方程与普通方程联立,借助韦达定理求解,考 查计算能力,属于中等题. 25.已知 都是正数,求证: (1) ; (2) . 【答案】(1)证明见解析;(2)证明见解析 【解析】 【分析】 (1)因为 ,同理可得, ,三个式子相加,即可 得到本题答案; (2)因为 ,同理可得, , ,三个式子相加,即可得到本题答案. 【详解】 (1)∵ ,∴ ,当且仅当 时等号成立, l 2 2( 4) ( 3) 25− + − =x y 2 2 12 0+ − =t t 1 2,t t l t C 1 2 1 2 12⋅ = ⋅ = =AM AN t t t t 2 1 2 1 2 1 2 1 2( ) 4 5 2+ = + = − = + − =AM AN t t t t t t t t 1 1 5 2 12 ++ = =⋅ AM AN AM AN AM AN , ,a b c 2 2 2a b c a b cb c a + + + + 1 1 1 1 1 1 2 2 2a b c a c c a a b + + + ++ + + 2 2 2 2a ab b ab b + ⋅ = 2 2 2 , 2b cc b a cc a + +  1 1 1 1 1 2 2 2 2a b a bab  +  +   1 1 1 1 2 2 2b c b c  +  +  1 1 1 1 2 2 2c a c a  +  +  0, 0, 0a b c> > > 2 2 2 2a ab b ab b + ⋅ = a b= 同理可得, , ∴ ,即 ; (2)因为 ,所以 , 当且仅当 时等号成立, 同理可得 , , ∴ , 即 . 【点睛】 本题主要考查基本不等式的应用,考查学生分析问题和解决问题的能力,属于中等题. 2 2 2 , 2b cc b a cc a + +  2 2 2 2 2 2a b cb c a a b cb c a + + + + + + + 2 2 2a b c a b cb c a + + + + 0, 0, 0a b c> > > 1 1 1 1 1 2 2 2 2a b a bab  +  +   a b= 1 1 1 1 2 2 2b c b c  +  +  1 1 1 1 2 2 2c a c a  +  +  1 1 1 1 1 1 1 1 1 1 1 1 2 2 2 2 2 2 2 2 2a b b c c a a b b c c a      + + + + + + +      + + +      1 1 1 1 1 1 2 2 2a b c b c c a a b + + + ++ + +