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  • 2021-06-17 发布

专题10+平面向量与复数(二)-2019高考数学(文)二轮复习单元过关测试

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‎2019高考数学(文)二轮单元复习过关测试 单元测试10 平面向量与复数(二)‎ ‎(120分钟 150分)‎ 一、选择题(本大题共12小题,每小题5分,共60分.在每小题给出的四个选项中,只有一项是符合题目要求的)‎ ‎1.复平面内表示复数z=i(-2+i)的点位于(  )‎ ‎ A.第一象限 B.第二象限 ‎ C.第三象限 D.第四象限 ‎【答案】C ‎ ‎【解析】∵z=i(-2+i)=-1-2i,∴复数z=-1-2i所对应的复平面内的点为Z(-1,-2),位于第三象限.‎ ‎ 故选C.‎ ‎2.已知a,b是两个非零向量,且|a+b|=|a|+|b|,则下列说法正确的是 (  )‎ A.a+b=0‎ B.a=b C.a与b共线反向 ‎ D.存在正实数λ,使a=λb ‎【答案】D ‎ ‎【解析】因为a, b是两个非零向量,且|a+b|=|a|+|b|.则a与b共线同向,故D正确.‎ ‎3.复数=(  )‎ ‎ A.i B.1+i ‎ C.-i D.1-i ‎【答案】A ‎【解析】 法一:===i.‎ ‎ 法二:===i.‎ ‎4.若a,b,c均为单位向量,且a·b=0,(a-c)·(b-c)≤0,则|a+b-c|的最大值为(  ) ‎ A.-1     B.1    ‎ C.     D.2‎ ‎【答案】B ‎【解析】因为|a|=|b|=|c|=1,a·b=0,所以|a+b|2=a2+b2+‎2a·b=2,故|a+b|=.‎ 展开(a-c)·(b-c)≤0,得a·b-(a+b)·c+c2≤0,‎ 即0-(a+b)·c+1≤0,整理,得(a+b)·c≥1.‎ 而|a+b-c|2=(a+b)2-2(a+b)·c+c2=3-2(a+b)·c,‎ 所以3-2(a+b)·c≤3-2×1=1.‎ 所以|a+b-c|2≤1,即|a+b-c|≤1.‎ ‎5.已知A(-1,-1),B(m,m+2),C(2,5)三点共线,则m的值为(  )‎ A.1 B.2‎ C.3 D.4‎ ‎【答案】A ‎【解析】 =(m,m+2)-(-1,-1)=(m+1,m+3),‎ =(2,5)-(-1,-1)=(3,6),‎ ‎∵A,B,C三点共线,∴∥,‎ ‎∴3(m+3)-6(m+1)=0,‎ ‎∴m=1.故选A.‎ ‎6.若z=4+3i,则=(  )‎ ‎ A.1           B.-1‎ ‎ C.+i D.-i ‎【答案】D ‎ ‎【解析】 ∵z=4+3i,∴=4-3i,|z|==5,‎ ‎ ∴==-i. ‎ ‎7.设a,b是向量,则“|a|=|b|”是“|a+b|=|a-b|”的(  )‎ A.充分而不必要条件 B.必要而不充分条件 C.充分必要条件 D.既不充分也不必要条件 ‎【答案】D ‎【解析】 若|a|=|b|成立,则以a,b为邻边的平行四边形为菱形.a+b,a-b表示的是该菱形的对角线,而菱形的两条对角线长度不一定相等,所以|a+b|=|a-b|不一定成立,从而不是充分条件;反之,若|a+b|=|a-b|成立,则以a,b为邻边的平行四边形为矩形,而矩形的邻边长度不一定相等,所以|a|=|b|不一定成立,从而不是必要条件.故“|a ‎|=|b|”是“|a+b|=|a-b|”的既不充分也不必要条件.‎ ‎8.已知i为虚数单位,复数z=的虚部为 (  ) ‎ ‎ A.-    B.-   ‎ ‎ C.    D. ‎【答案】D ‎ ‎【解析】复数z====+i,则其虚部为,故选D.‎ ‎9.在平面直角坐标系中,已知O是坐标原点,A(3,0),B(0,3),C(cos α,sin α),若|+|=,α∈(0,π),则与的夹角为(  )‎ A. B. ‎ C.π D.π ‎【答案】A ‎ ‎【解析】由题意,得+=(3+cos α,sin α),‎ 所以|+|= ‎==,‎ 即cosα=,‎ 因为α∈(0,π),所以α=,C.‎ 设与的夹角为θ,‎ 则cos θ===.‎ 因为θ∈[0,π],所以θ=.‎ ‎10.已知直线ax+by+c=0与圆O:x2+y2=1相交于A,B两点,且AB=,则·的值是 (  )‎ A.- B. C.- D.0‎ ‎【答案】A ‎11已知=1+i(i为虚数单位),则复数z=(  ) ‎ ‎ A.1+i       B.1-i ‎ C.-1+i D.-1-i ‎【答案】D ‎ ‎【解析】由=1+i,得z====-1-i,故选D.‎ ‎12.已知向量a,b的夹角为60°,且|a|=2,|b|=3,设=a,=b,=ma-2b,若△ABC是以BC为斜边的直角三角形,则m=(  )‎ ‎ ‎ A.-4 B.3 ‎ C.-11 D.10‎ ‎【答案】C ‎ ‎【解析】a·b=2×3×cos 60°=3,‎ =-=b-a,=-OA=(m-1)a-2B.‎ ‎∵AB⊥AC,∴·=0,‎ 即(b-a)·[(m-1)a-2b]=0,‎ ‎∴(1-m)a2-2b2+(m-1)a·b+2a·b=0,‎ 即4(1-m)-18+3(m-1)+6=0,‎ 解得m=-11.故选C.‎ 二、填空题(本大题共4小题,每小题5分,共20分.请把正确答案填在题中横线上)‎ ‎13.已知两个平面向量a,b满足|a|=1,|a-2b|=,且a与b的夹角为120°,则|b|=________. ‎ ‎【答案】2‎ ‎【解析】 由|a-2b|=得a2-‎4a·b+4b2=21.‎ 即1+2|b|+4|b|2=21,解得|b|=2或|b|=-(舍).‎ ‎14.已知点A,B,C满足||=3,||=4,||=5,则·+·+·=________.‎ ‎【答案】-25 ‎ ‎【解析】由||2+||2=||2得∠B=90°,cos C=,cos A=,·=0,·=4×5×=-16,·=5×3×=-9,所以·+·+·=-25.‎ ‎15.如图,菱形ABCD的边长为2,∠BAD=60°,M为DC的中点,若N为菱形内任意一点(含边界),则·的最大值为________.‎ ‎【答案】9 ‎ ‎【解析】由平面向量的数量积的几何意义知,·等于与在方向上的投影之积,所以(·)max=·=·(+)=2+2+·=9.‎ ‎16.已知a,b∈R,i是虚数单位,若(1+i)(1-bi)=a,则的值为________.‎ ‎【答案】2 ‎ ‎【解析】∵(1+i)(1-bi)=1+b+(1-b)i=a,又a,b∈R,∴1+b=a且1-b=0,得a=2,b=1,∴=2.‎ 三、解答题(本大题共6小题,共70分.解答时应写出必要的文字说明、证明过程或演算步骤)‎ ‎17.(10分) 在直角坐标系xOy中,已知点A(1,1),B(2,3),C(3,2),点P(x,y)在△ABC三边围成的区域(含边界)上,且=m+n(m,n∈R).‎ ‎(1)若m=n=,求||;‎ ‎(2)用x,y表示m-n,并求m-n的最大值.‎ ‎【答案】(1)||=2;(2)1‎ 令y-x=t,由图知,当直线y=x+t过点B(2,3)时,t取得最大值1,故m-n的最大值为1. 12分 ‎18.(12分) 设向量a=(sin x,sin x),b=(cos x,sin x),x∈.‎ ‎(1)若|a|=|b|,求x的值;‎ ‎(2)设函数f(x)=a·b,求f(x)的最大值.‎ ‎【答案】 (1)x=;(2)f(x)的最大值为.‎ ‎【解析】(1)由|a|2=(sin x)2+(sin x)2=4sin2x,‎ ‎|b|2=(cos x)2+(sin x)2=1,‎ 及|a|=|b|,得4sin2x=1. 3分 又x∈,从而sin x=,所以x=. 5分 ‎(2)f(x)=a·b=sin x·cos x+sin2x ‎=sin 2x-cos 2x+=sin+, 8分 当x=∈时,sin取最大值1.‎ 所以f(x)的最大值为. 12分 ‎19.(12分) 复数z1=+(10-a2)i,z2=+(‎2a-5)i,若1+z2是实数,求实数a的值.‎ ‎【答案】a=3.‎ ‎20.(12分) 已知函数f(x)=a·b,其中a=(2cos x,-sin 2x),b=(cos x,1),x∈R.‎ ‎(1)求函数y=f(x)的单调递减区间;‎ ‎(2)在△ABC中,角A,B,C所对的边分别为a,b,c,f(A)=-1, a=,且向量m=(3,sin B)与n=(2,sin C)共线,求边长b和c的值.‎ ‎【答案】 (1)f(x)的单调递减区间为(k∈Z);‎ ‎ (2)b=3,c=2.‎ ‎【解析】(1)f(x)=a·b=2cos2x-sin 2x=1+cos 2x-sin 2x=1+2cos, 2分 令2kπ≤2x+≤2kπ+π(k∈Z),‎ 解得kπ-≤x≤kπ+(k∈Z),‎ ‎∴f(x)的单调递减区间为(k∈Z). 5分 ‎(2)∵f(A)=1+2cos=-1,‎ ‎∴cos=-1. 7分 又<2A+<,∴2A+=π,即A=. 9分 ‎∵a=,‎ 由余弦定理得a2=b2+c2-2bccos A=(b+c)2-3bc=7. ①‎ ‎∵向量m=(3,sin B)与n=(2,sin C)共线,‎ ‎∴2sin B=3sin C.由正弦定理得2b=3c, ②‎ 由①②可得b=3,c=2. 12分 ‎21.(12分)在△ABC中,角A,B,C的对边分别为a,b,c,已知向量m=(cos A,cos B),n=(a,‎2c-b),且m∥n.‎ ‎(1)求角A的大小.‎ ‎(2)若a=4,求△ABC面积的最大值.‎ ‎【答案】(1)A=;(2)△ABC面积的最大值为4.‎ ‎【解析】 (1)因为m∥n,‎ 所以acos B-(2c-b)cos A=0,‎ 由正弦定理得 sin Acos B-(2sin C-sin B)cos A=0,‎ 所以sin Acos B+sin Bcos A=2sin Ccos A,‎ 所以sin(A+B)=2sin Ccos A,‎ 因为A+B+C=π,‎ 所以sin C=2sin Ccos A,‎ 因为0<C<π,所以sin C>0,‎ 所以cos A=,‎ 因为0<A<π,所以A=.‎ ‎(2)由余弦定理得a2=b2+c2-2bccos A,‎ 所以16=b2+c2-bc≥2bc-bc=bc,‎ 因此bc≤16,‎ 当且仅当b=c=4时,等号成立;‎ 因此△ABC的面积S=bcsin A≤4,‎ 因此△ABC面积的最大值为4.‎ ‎22.(12分)已知平面上的两个向量,满足||=a,||=b,且⊥,a2+b2=4.向量=x +y(x,y∈R),且a22+b22=1.‎ ‎(1)如果点M为线段AB的中点,求证:=+.‎ ‎(2)求||的最大值,并求出此时四边形OAPB面积的最大值.‎ ‎(2)设点M为线段AB的中点,则由⊥,知|M|=||=||=||=1.‎ 又由(1)及a22+b22=1,‎ 得||2=|-|2‎ ‎=22+22‎ ‎=a22+b22=1.‎ 所以||=||=||=||=||=1,所以P,O,A,B四点都在以M为圆心,1为半径的圆上.所以当且仅当OP是直径时,||max=2,这时四边形OAPB为矩形,则S四边形OAPB=||·||=ab≤=2,当且仅当a=b=时,四边形OAPB的面积最大,最大值为2.‎

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