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- 2021-06-17 发布
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第六章 不等式、推理与证明
第一节不等关系与不等式
基础盘查一 两个实数比较大小的方法
(一)循纲忆知
1.了解现实世界和日常生活中的不等关系;
2.了解不等式(组)的实际背景.
(二)小题查验
判断正误
(1)不等关系是通过不等式来体现的,离开了不等式,不等关系就无从体现( )
(2)两个实数a,b之间,有且只有a>b,a=b,a<b三种关系中的一种( )
(3)若>1,则a>b( )
答案:(1)√ (2)√ (3)×
基础盘查二 不等式的基本性质
(一)循纲忆知
掌握不等式的性质及应用.
(二)小题查验
1.判断正误
(1)一个不等式的两边同加上或同乘以同一个数,不等号方向不变( )
(2)一个非零实数越大,则其倒数就越小( )
(3)同向不等式具有可加和可乘性( )
(4)a>b>0,c>d>0⇒>( )
(5)若ab>0,则a>b⇔<
答案:(1)× (2)× (3)× (4)√ (5)√
2.(人教A版教材习题改编)用不等号“>”或“<”填空:
(1)a>b,c<d⇒a-c________b-d;
(2)a>b>0,c<d<0⇒ac________bd;
(3)a>b>0⇒________;
(4)a>b>0⇒________.
答案:(1)> (2)< (3)> (4)<
|(基础送分型考点——自主练透)
[必备知识]
两个实数比较大小的法则
关系
法则
作差法则
作商法则
a>b
a-b>0
>1(a,b>0)或<1(a,b<0)
a=b
a-b=0
=1(b≠0)
a<b
a-b<0
<1(a,b>0)或>1(a,b<0)
[题组练透]
1.已知a1,a2∈(0,1),记M=a1a2,N=a1+a2-1,则M与N的大小关系是( )
A.MN
C.M=N D.不确定
解析:选B M-N=a1a2-(a1+a2-1)
=a1a2-a1-a2+1
=a1(a2-1)-(a2-1)=(a1-1)(a2-1),
又∵a1∈(0,1),a2∈(0,1),
∴a1-1<0,a2-1<0.
∴(a1-1)(a2-1)>0,即M-N>0.
∴M >N.
2.若a=,b=,则a____b(填“>”或“<”).
解析:易知a,b都是正数,==log89>1,所以b>a.
答案:<
3.若实数a≠1,比较a+2与的大小.
解:∵a+2-==.
∴当a>1时,a+2>;
当a<1时,a+2<.
[类题通法]
比较两个数(式)大小的两种方法
(1)比较大小时,要把各种可能的情况都考虑进去,对不确定的因素需进行分类讨论,每一步运算都要准确,每一步推理都要有充分的依据.
(2)用作商法比较代数式的大小一般适用于分式、指数式、对数式,作商只是思路,关键是化简变形,从而使结果能够与1比较大小.
|(重点保分型考点——师生共研)
[必备知识]
1.不等式的基本性质
(1)对称性:a>b⇔bb,b>c⇒a>c.
(3)可加性:a>b⇒a+c>b+c.
(4)可乘性:a>b,c>0⇒ac>bc;a>b,c<0⇒acb,c>d⇒a+c>b+d.
(6)乘法法则:a>b>0,c>d>0⇒ac>bd.
(7)乘方法则:a>b>0⇒an>bn(n∈N,n≥2).
(8)开方法则:a>b>0⇒>(n∈N,n≥2).
2.不等式的倒数性质
(1)a>b,ab>0⇒<.
(2)a<0b>0,0.
[提醒] 不等式两边同乘数c时,要特别注意“乘数c的符号”.
[典题例析]
1.(2013·天津高考)设a,b∈R则“(a-b)·a2<0”是“ab>0,则下列不等式不成立的是( )
A.< B.|a|>|b|
C.a+b<2 D.ab>0,∴<,且|a|>|b|,a+b>2,又2a>2b,∴a0>a;②0>a>b;③a>0>b;④a>b>0中,能推出<成立的有( )
A.1个 B.2个
C.3个 D.4个
解析:选C <成立,即<0成立,逐个验证可得,①②④满足题意.
5.若<<0,则下列结论不正确的是( )
A.a2|a+b|
解析:选D ∵<<0,∴0>a>b.
∴a2b,则ac2>bc2;②若ac2>bc2,则a>b;
③若a>b,则a·2c>b·2c.
其中正确命题的序号是__________.
解析:①若c=0则命题不成立.②正确.③中由2c>0知成立.
答案:②③
8.若1<α<3,-4<β <2,则α-|β|的取值范围是________.
解析:∵-4<β <2,∴0≤|β|<4.∴-4<-|β|≤0.
∴-3<α-|β|<3.
答案:(-3,3)
9.已知a+b>0,则+与+的大小关系是________.
解析:+-=+=(a-b)·=.
∵a+b>0,(a-b)2≥0,
∴≥0.
∴+≥+.
答案:+≥+
10.已知存在实数a满足ab2>a>ab,则实数b的取值范围是________.
解析:∵ab2>a>ab,∴a≠0,
当a>0时,有b2>1>b,即解得b<-1;
当a<0时,有b2<10,∴(x-2)(2x-3)>0,
∴x<或x>2,
∴原不等式组的解集为∪(2,3).
3.(人教A版教材例题改编)
不等式-x2+2x-3>0的解集为________.
答案:∅
4.已知集合A=,集合B={x∈R|(x-m)(x-2)<0},且A∩B=(-1,n),则m=________,n=________.
答案:-1 1
|(基础送分型考点——自主练透)
[必备知识]
设一元二次不等式为ax2+bx+c>0(a≠0),其中Δ=b2-4ac,x1,x2是方程ax2+bx+c=0(a≠0)的两个根且x1<x2.
(1)当a>0时,若Δ>0,则不等式的解集为{x|x<x1,或x>x2};
若Δ=0,则不等式的解集为;
若Δ<0,则不等式的解集为R.
(2)当a<0时,若Δ>0,则不等式的解集为{x|x1<x<x2};
若Δ=0,则不等式的解集为∅;
若Δ<0,则不等式的解集为∅.
[题组练透]
1.已知不等式x2-2x-3<0的解集为A,不等式x2+x-6<0的解集为B,不等式x2+ax+b<0的解集为A∩B,则a+b等于( )
A.-3 B.1
C.-1 D.3
解析:选A 由题意得,A={x|-1<x<3},B={x|-3<x<2},∴A∩B={x|-1<x<2},由根与系数的关系可知,a=-1,b=-2,则a+b=-3,故选A.
2.解下列不等式:
(1)-3x2-2x+8≥0;
(2)0<x2-x-2≤4;
(3)ax2-(a+1)x+1<0(a>0).
解:(1)原不等式可化为3x2+2x-8≤0,
即(3x-4)(x+2)≤0.
解得-2≤x≤,
所以原不等式的解集为.
(2)原不等式等价于
⇔
⇔⇔
借助于数轴,如图所示,
原不等式的解集为.
(3)原不等式变为(ax-1)(x-1)<0,
因为a>0,所以a(x-1)<0.
所以当a>1时,解为<x<1;
当a=1时,解集为∅;
当0<a<1时,解为1<x<.
综上,当0<a<1时,不等式的解集为;
当a=1时,不等式的解集为∅;
当a>1时,不等式的解集为.
[类题通法]
1.解一元二次不等式的一般步骤
(1)化:把不等式变形为二次项系数大于零的标准形式.
(2)判:计算对应方程的判别式.
(3)求:求出对应的一元二次方程的根,或根据判别式说明方程有没有实根.
(4)写:利用“大于取两边,小于取中间”写出不等式的解集.
2.解含参数的一元二次不等式时分类讨论的依据
(1)二次项中若含有参数应讨论是等于0,小于0,还是大于0,然后将不等式转化为一次不等式或二次项系数为正的形式.
(2)当不等式对应方程的根的个数不确定时,讨论判别式Δ与0的关系.
(3)确定无根时可直接写出解集,确定方程有两个根时,要讨论两根的大小关系,从而确定解集形式.
[提醒] 当不等式中二次项的系数含有参数时,不要忘记讨论其等于0的情况.
|(常考常新型考点——多角探明)
[必备知识]
一元二次不等式恒成立的条件
(1)不等式ax2+bx+c>0对任意实数x恒成立⇔或
(2)不等式ax2+bx+c<0对任意实数x恒成立⇔或
[多角探明]
一元二次不等式与其对应的函数与方程之间存在着密切的联系.在解决具体的数学问题时,要注意三者之间的相互联系,并在一定条件下相互转换.对于一元二次不等式恒成立问题,常根据二次函数图象与x轴的交点情况确定判别式的符号,进而求出参数的取值范围.
归纳起来常见的命题角度有:
(1)形如f(x)≥0(x∈R)确定参数的范围;
(2)形如f(x)≥0(x∈[a,b])确定参数范围;
(3)形如f(x)≥0(参数m∈[a,b])确定x的范围.
角度一:形如f(x)≥0(x∈R)确定参数的范围
1.已知不等式mx2-2x-m+1<0,是否存在实数m对所有的实数x,不等式恒成立?若存在,求出m的取值范围;若不存在,请说明理由.
解:不等式mx2-2x-m+1<0恒成立,
即函数f(x)=mx2-2x-m+1的图象全部在x轴下方.
当m=0时,1-2x<0,则x>,不满足题意;
当m≠0时,函数f(x)=mx2-2x-m+1为二次函数,
需满足开口向下且方程mx2-2x-m+1=0无解,
即
不等式组的解集为空集,即m无解.
综上可知不存在这样的m.
角度二:形如f(x)≥0(x∈[a,b])确定参数范围
2.设函数f(x)=mx2-mx-1(m≠0),若对于x∈[1,3],f(x)<-m+5恒成立,求m的取值范围.
解:要使f(x)<-m+5在[1,3]上恒成立,
则mx2-mx+m-6<0,即m2+m-6<0在x∈[1,3]上恒成立.
有以下两种方法:
法一:令g(x)=m2+m-6,x∈[1,3].
当m>0时,g(x)在[1,3]上是增函数,
所以g(x)max=g(3)=7m-6<0.
所以m<,则0<m<.
当m<0时,g(x)在[1,3]上是减函数,
所以g(x)max=g(1)=m-6<0.
所以m<6.所以m<0.
综上所述,m的取值范围是.
法二:因为x2-x+1=2+>0,
又因为m(x2-x+1)-6<0,
所以m<.
因为函数y==在[1,3]上的最小值为,所以只需m<即可.
因为m≠0,所以m的取值范围是.
角度三:形如f(x)≥0(参数m∈[a,b])确定x的范围
3.对任意m∈[-1,1],函数f(x)=x2+(m-4)x+4-2m的值恒大于零,求x的取值范围.
解:由f(x)=x2+(m-4)x+4-2m
=(x-2)m+x2-4x+4,
令g(m)=(x-2)m+x2-4x+4.
由题意知在[-1,1]上,g(m)的值恒大于零,
∴
解得x<1或x>3.
故当x<1或x>3时,对任意的m∈[-1,1],函数f(x)的值恒大于零.
[类题通法]
恒成立问题及二次不等式恒成立的条件
(1)解决恒成立问题一定要清楚选谁为主元,谁是参数.一般地,知道谁的范围,就选谁当主元,求谁的范围,谁就是参数.
(2)对于二次不等式恒成立问题,恒大于0就是相应的二次函数的图象在给定的区间上全部在x轴上方;恒小于0就是相应的二次函数的图象在给定的区间上全部在x轴下方.
|(重点保分型考点——师生共研)
[典题例析]
甲厂以x千克/小时的速度匀速生产某种产品(生产条件要求1≤x≤10),每小时可获得利润是100元.
(1)要使生产该产品2小时获得的利润不低于3 000元,求x的取值范围;
(2)要使生产900千克该产品获得的利润最大,问:甲厂应该选取何种生产速度?并求最大利润.
解:(1)根据题意,
200≥3 000,
整理得5x-14-≥0,
即5x2-14x-3≥0,
又1≤x≤10,可解得3≤x≤10.
即要使生产该产品2小时获得的利润不低于3 000元,x的取值范围是[3,10].
(2)设利润为y元,则
y=·100
=9×104
=9×104,
故x=6时,ymax=457 500元.
即甲厂以6千克/小时的生产速度生产900千克该产品获得的利润最大,最大利润为457 500元.
[类题通法]
求解不等式应用题的四个步骤
(1)阅读理解,认真审题,把握问题中的关键量,找准不等关系.
(2)引进数学符号,将文字信息转化为符号语言,用不等式表示不等关系,
建立相应的数学模型.
(3)解不等式,得出数学结论,要注意数学模型中自变量的实际意义.
(4)回归实际问题,将数学结论还原为实际问题的结果.
[演练冲关]
某商品每件成本价为80元,售价为100元,每天售出100件.若售价降低x成(1成=10%),售出商品数量就增加x成(要求售价不能低于成本价).
(1)设该商店一天的营业额为y,试求y与x之间的函数关系式y=f(x),并写出定义域;
(2)若要求该商品一天营业额至少为10 260元,求x的取值范围.
解:(1)由题意得y=100·100
=20(10-x)(50+8x)
因为售价不能低于成本价,
所以100-80≥0,解得x≤2.
所以y=f(x)=20(10-x)(50+8x),定义域为[0,2].
(2)由题意得20(10-x)(50+8x)≥10 260,
化简得8x2-30x+13≤0.
解得≤x≤.
所以x的取值范围是.
一、选择题
1.(2014·大纲卷)不等式组的解集为( )
A.{x|-21}
解析:选C 解x(x+2)>0,得x<-2或x>0;解|x|<1,得-10,即x>2时,不等式可化为(x-2)2≥4,∴x≥4;②当x-2<0,即x<2时,不等式可化为(x-2)2≤4,∴0≤x<2.
3.已知f(x)=ax2-x-c,不等式f(x)>0的解集为{x|-2<x<1},则函数y=f(-x)的图象为( )
解析:选B 由根与系数的关系知=-2+1,-=-2,得a=-1,c=-2.f(-x)=-x2+x+2的图象开口向下,顶点坐标为.故选B.
4.如果关于x的不等式5x2-a≤0的正整数解是1,2,3,4,那么实数a的取值范围是( )
A.[80,125) B.(80,125)
C.(-∞,80) D.(125,+∞)
解析:选A 由5x2-a≤0,得- ≤x≤ ,
而正整数解是1,2,3,4,
则4≤ <5,
∴80≤a<125.
故选A.
5.某商场若将进货单价为8元的商品按每件10元出售,每天可销售100件,现准备采用提高售价来增加利润.已知这种商品每件销售价提高1元,销售量就要减少10件.那么要保证每天所赚的利润在320元以上,销售价每件应定为( )
A.12元 B.16元
C.12元到16元之间 D.10元到14元之间
解析:选C 设销售价定为每件x元,利润为y,则:
y=(x-8)[100-10(x-10)],
依题意有,(x-8)[100-10(x-10)]>320,
即x2-28x+192<0,
解得12<x<16,
所以每件销售价应为12元到16元之间.
故选C.
6.若不等式x2+ax-2>0在区间[1,5]上有解,则a的取值范围是( )
A. B.
C.(1,+∞) D.
解析:选A 由Δ=a2+8>0,知方程恒有两个不等实根,又知两根之积为负,
所以方程必有一正根、一负根.
于是不等式在区间[1,5]上有解的充要条件是f(5)>0,解得a>-,故a的取值范围为,
二、填空题
7.不等式|x(x-2)|>x(x-2)的解集是________.
解析:不等式|x(x-2)|>x(x-2)的解集即x(x-2)<0的解集,解得0zC或zA=zC>zB或zB=zC>zA,解得a=-1或a=2.
法二:目标函数z=y-ax可化为y=ax+z,令l0:y=ax,平移l0,则当l0∥AB或l0∥AC时符合题意,故a=-1或a=2.
[类题通法]
1.求目标函数的最值的一般步骤为:一画二移三求.其关键是准确作出可行域,理解目标函数的意义.
2.常见的目标函数有:
(1)截距型:形如z=ax+by.
求这类目标函数的最值常将函数z=ax+by转化为直线的斜截式:y=-x+,通过求直线的截距的最值间接求出z的最值.
(2)距离型:形如z=(x-a)2+(y-b)2.
(3)斜率型:形如z=.
[提醒] 注意转化的等价性及几何意义.
|(重点保分型考点——师生共研)
[典题例析]
(2013·湖北高考)某旅行社租用A,B两种型号的客车安排900名客人旅行,A,B两种车辆的载客量分别为36人和60人,租金分别为1 600元/辆和2 400元/辆,旅行社要求租车总数不超过21辆,且B型车不多于A型车7辆,则租金最少为( )
A.31 200元 B.36 000元
C.36 800元 D.38 400元
解析:选C 设租用A型车x辆,B型车y辆,目标函数为z=1 600x+2 400y,则约束条件为
作出可行域,如图中阴影部分所示,可知目标函数过点(5,12)时,有最小值zmin =36 800(元).
[类题通法]
1.解线性规划应用题的步骤
(1)转化——设元,写出约束条件和目标函数,从而将实际问题转化为线性规划问题;
(2)求解——解这个纯数学的线性规划问题;
(3)作答——将数学问题的答案还原为实际问题的答案.
2.求解线性规划应用题的三个注意点
(1)明确问题中的所有约束条件,并根据题意判断约束条件是否能够取到等号.
(2)注意结合实际问题的实际意义,判断所设未知数x,y的取值范围,特别注意分析x,y是否是整数、是否是非负数等.
(3)正确地写出目标函数,一般地,目标函数是等式的形式.
[演练冲关]
A,B两种规格的产品需要在甲、乙两台机器上各自加工一道工序才能成为成品.已知A产品需要在甲机器上加工3小时,在乙机器上加工1小时;B产品需要在甲机器上加工1小时,在乙机器上加工3小时.在一个工作日内,甲机器至多只能使用11小时,乙机器至多只能使用9小时.A产品每件利润300元,B产品每件利润400元,则这两台机器在一个工作日内创造的最大利润是________元.
解析:设生产A产品x件,B产品y件,则x,y满足约束条件生产利润为z=300x+400y.
画出可行域,如图中阴影部分(包含边界)内的整点,显然z=300x+400y在点A处取得最大值,
由方程组
解得
则zmax =300×3+400×2=1 700.
故最大利润是1 700元.
答案:1 700
一、选择题
1.已知点(-3,-1)和点(4,-6)在直线3x-2y-a=0的两侧,则a的取值范围为( )
A.(-24,7) B.(-7,24)
C.(-∞,-7)∪(24,+∞) D.(-∞,-24)∪(7,+∞)
解析:选B 根据题意知(-9+2-a)·(12+12-a)<0.
即(a+7)(a-24)<0,解得-7<a<24.
2.(2015·临沂检测)若x,y满足约束条件则z=x-y的最小值是( )
A.-3 B.0
C. D.3
解析:选A 作出不等式组表示的可行域(如图所示的△ABC的边界及内部).平移直线z=x-y,易知当直线z=x-y经过点C(0,3)时,目标函数z=x-y取得最小值,即zmin =-3.
3.(2015·泉州质检)已知O为坐标原点,A(1,2),点P的坐标(x,y)满足约束条件则z=·的最大值为( )
A.-2 B.-1
C.1 D.2
解析:选D 如图作可行域,
z=·=x+2y,显然在B(0,1)处zmax=2.故选D.
4.设动点P(x,y)在区域Ω:上,过点P任作直线l,设直线l与区域Ω的公共部分为线段AB
,则以AB为直径的圆的面积的最大值为( )
A.π B.2π
C.3π D.4π
解析:选D 作出不等式组所表示的可行域如图中阴影部分所示,则根据图形可知,以AB为直径的圆的面积的最大值S=π×2=4π,故选D.
5.(2015·东北三校联考)变量x,y满足约束条件若使z=ax+y取得最大值的最优解有无穷多个,则实数a的取值集合是( )
A.{-3,0} B.{3,-1}
C.{0,1} D.{-3,0,1}
解析:选B 作出不等式组所表示的平面区域,如图所示.
易知直线z=ax+y与x-y=2或3x+y=14平行时取得最大值的最优解有无穷多个,即-a=1或-a=-3,∴a=-1或a=3.故选B.
6.(2014·新课标全国卷Ⅰ)设x,y满足约束条件且z=x+ay的最小值为7,则a=( )
A.-5 B.3
C.-5或3 D.5或-3
解析:选B 法一:联立方程解得代入x+ay=7中,解得a=3或-5,当a=-5时,z=x+ay的最大值是7;当a=3时,z=x+ay的最小值是7,故选B.
法二:先画出可行域,然后根据图形结合选项求解.
当a=-5时,作出不等式组表示的可行域,如图(1)(阴影部分).
图(1)
由得交点A(-3,-2),
则目标函数z=x-5y过A点时取得最大值.
zmax=-3-5×(-2)=7,不满足题意,排除A,C选项.
当a=3时,作出不等式组表示的可行域,如图(2)(阴影部分).
图(2)
由得交点B(1,2),则目标函数z=x+3y过B点时取得最小值.zmin=1+3×2=7,满足题意.
二、填空题
7.(2014·安徽高考)不等式组 表示的平面区域的面积为________.
解析:作出不等式组表示的平面区域如图中阴影部分所示,可知S△ABC=×2×(2+2)=4.
答案:4
8.(2015·重庆一诊)设变量x,y满足约束条件
则目标函数z=3x-y的最大值为________.
解析:根据约束条件作出可行域,如图中阴影部分所示,∵z=3x-y,∴y=3x-z,当该直线经过点A(2,2)时,z取得最大值,即zmax =3×2-2=4.
答案:4
9.(2013·北京高考)设D为不等式组所表示的平面区域,区域D上的点与点(1,0)之间的距离的最小值为________.
解析:作出可行域,如图中阴影部分所示,则根据图形可知,点B(1,0)到直线2x-y=0的距离最小,d==,故最小距离为.
答案:
10.(2015·通化一模)设x,y满足约束条件若z=的最小值为,则a的值为________.
解析:∵=1+,
而表示过点(x,y)与(-1,-1)连线的斜率,
易知a>0,
∴可作出可行域,由题意知的最小值是,即min===⇒a=1.
答案:1
三、解答题
11.若x,y满足约束条件
(1)求目标函数z=x-y+的最值;
(2)若目标函数z=ax+2y仅在点(1,0)处取得最小值,求a的取值范围.
解:(1)作出可行域如图,可求得A(3,4),B(0,1),C(1,0).平移初始直线x-y+=0,过A(3,4)取最小值-2,过C(1,0)取最大值1.
所以z的最大值为1,最小值为-2.
(2)直线ax+2y=z仅在点(1,0)处取得最小值,由图象可知-1<-<2,解得-4<a<2.
故所求a的取值范围为(-4,2).
12.某玩具生产公司每天计划生产卫兵、骑兵、伞兵这三种玩具共100个,生产一个卫兵需5分钟,生产一个骑兵需7分钟,生产一个伞兵需4分钟,已知总生产时间不超过10小时.若生产一个卫兵可获利润5元,生产一个骑兵可获利润6元,生产一个伞兵可获利润3元.
(1)试用每天生产的卫兵个数x与骑兵个数y表示每天的利润w(元);
(2)怎样分配生产任务才能使每天的利润最大,最大利润是多少?
解:(1)依题意每天生产的伞兵个数为100-x-y,
所以利润w=5x+6y+3(100-x-y)=2x+3y+300.
(2)约束条件为
整理得
目标函数为w=2x+3y+300.
作出可行域.如图所示:
初始直线l0:2x+3y=0,平移初始直线经过点A时,w有最大值.由得
最优解为A(50,50),所以wmax=550元.
所以每天生产卫兵50个,骑兵50个,伞兵0个时利润最大,最大利润为550元.
第四节基本不等式
基础盘查一 基本不等式、算术平均数与几何平均数的概念
(一)循纲忆知
1.了解基本不等式的证明过程;
2.理解基本不等式及变形应用.
(二)小题查验
判断正误
(1)当a≥0,b≥0时,≥( )
(2)两个不等式a2+b2≥2ab与≥成立的条件是相同的( )
(3)(a+b)2≥4ab(a,b∈R)( )
(4)两个正数的等差中项不小于它们的等比中项( )
答案:(1)√ (2)× (3)√ (4)√
基础盘查二 利用基本不等式求最值问题
(一)循纲忆知
会用基本不等式解决简单的最大(小)值问题.
(二)小题查验
1.判断正误
(1)函数y=x+的最小值是2( )
(2)x>0且y>0是+≥2的充分不必要条件( )
(3)若a≠0,则a2+的最小值为2( )
答案:(1)× (2)√ (3)√
2.(人教A版教材习题改编)设x,y∈R+,且x+y=18,则xy的最大值为________.
答案:81
3.若x,y∈(0,+∞),且x+4y=1,则xy的最大值是________.
解析:∵x,y∈(0,+∞),则1=x+4y≥4,即xy≤.
答案:
|(重点保分型考点——师生共研)
[必备知识]
1.基本不等式≤
(1)基本不等式成立的条件:a>0,b>0.
(2)等号成立的条件:当且仅当a=b时取等号.
2.几个重要的不等式
(1)a2+b2≥2ab (a,b∈R).
(2)+≥2(a,b同号).
(3)ab≤2(a,b∈R).
(4)≥2(a,b∈R).
[典题例析]
设a,b,c都是正数,求证:++≥a+b+c.
证明:∵a,b,c都是正数,
∴,,都是正数.
∴+≥2c,当且仅当a=b时等号成立,
+≥2a,当且仅当b=c时等号成立,
+≥2b,当且仅当a=c时等号成立.
三式相加,得2≥2(a+b+c),
即++≥a+b+c,当且仅当a=b=c时等号成立.
[类题通法]
利用基本不等式证明不等式的方法技巧
利用基本不等式证明不等式是综合法证明不等式的一种情况,要从整体上把握运用基本不等式,对不满足使用基本不等式条件的可通过“变形”来转换,常见的变形技巧有:拆项,并项,也可乘上一个数或加上一个数,“1”的代换法等.
[演练冲关]
设a,b均为正实数,求证:++ab≥2.
证明:由于a,b均为正实数,
所以+≥2 =,
当且仅当=,即a=b时等号成立,
又因为+ab≥2 =2,
当且仅当=ab时等号成立,
所以++ab≥+ab≥2,
当且仅当即a=b=时取等号.
|(题点多变型考点——全面发掘)
[必备知识]
已知x>0,y>0,则:
(1)如果积xy是定值p,那么当且仅当x=y时,x+y有最小值是2.(简记:积定和最小)
(2)如果和x+y是定值p,那么当且仅当x=y时,xy有最大值是.(简记:和定积最大)
[一题多变]
[典型母题]
已知a>0,b>0,a+b=1,则+的最小值为________.
[解析] ∵a>0,b>0,a+b=1,
∴+=+=2++
≥2+2=4,
即+的最小值为4,当且仅当a=b=时等号成立.
[答案] 4
[题点发散1] 本例的条件不变,则的最小值为________.
解析:==·=5+2≥5+4=9.当且仅当a=b=时,取等号.
答案:9
[题点发散2] 本例的条件和结论互换即:已知a>0,b>0,+=4,则a+b的最小值为________.
解析:由+=4,得+=1.
∴a+b=(a+b)=++≥+2=1.
当且仅当a=b=时取等号.
答案:1
[题点发散3] 若本例条件变为:已知a>0,b>0,a+2b=3,则+的最小值为________.
解析:由a+2b=3得a+b=1,
∴+==++
≥+2=.当且仅当a=2b=时,取等号.
答案:
[题点发散4] 本例的条件变为:已知a>0,b>0,c>0,且a+b+c=1,则++的最小值为________.
解析:∵a>0,b>0,c>0,且a+b+c=1,
∴++=++=3++++++=3+++≥3+2+2+2=9.
当且仅当a=b=c=时,取等号.
答案:9
[题点发散5] 若本例变为:已知各项为正数的等比数列{an}满足a7=a6+2a5,若存在两项am,an,使得=2a1,则+的最小值为________.
解析:设公比为q(q>0),由a7=a6+2a5⇒a5q2=a5q+2a5⇒q2-q-2=0(q>0)⇒q=2.
=2a1⇒a12m-1·a12n-1=8a⇒2m-1·2n-1=8⇒m+n-2=3⇒m+n=5,则+=(m+n)=≥(5+2)=,
当且仅当n=2m=时等号成立.
答案:
[类题通法]
利用基本不等式求最值的方法及注意点
(1)知和求积的最值:求解此类问题的关键:明确“和为定值,积有最大值”.但应注意以下两点:①具备条件——正数;②验证等号成立.
(2)知积求和的最值:明确“积为定值,和有最小值”,直接应用基本不等式求解,但要注意利用基本不等式求最值的条件.
(3)构造不等式求最值:在求解含有两个变量的代数式的最值问题时,通常采用“变量替换”或“常数1”的替换,构造不等式求解.
(4)利用基本不等式求最值时应注意:①非零的各数(或式)均为正;②和或积为定值;③等号能否成立,即“一正、二定、三相等”,这三个条件缺一不可.
|(重点保分型考点——师生共研)
[典题例析]
某厂家拟在2014年举行促销活动,经调查测算,该产品的年销售量(即该厂的年产量)x万件与年促销费用m万元(m≥0)满足x=3-(k为常数),如果不搞促销活动,则该产品的年销售量只能是1万件.已知2014年生产该产品的固定投入为8万元.每生产一万件该产品需要再投入16万元,厂家将每件产品的销售价格定为每件产品年平均成本的1.5倍(产品成本包括固定投入和再投入两部分资金).
(1)将2014年该产品的利润y万元表示为年促销费用m万元的函数;
(2)该厂家2014年的促销费用投入多少万元时,厂家的利润最大?
解:(1)由题意知,当m=0时,x=1(万件),
∴1=3-k⇒k=2,∴x=3-,
每件产品的销售价格为1.5×(元),
∴2014年的利润y=1.5x×-8-16x-m
=-+29(m≥0).
(2)∵m≥0时,+(m+1)≥2=8,
∴y≤-8+29=21,
当且仅当=m+1⇒m=3(万元)时,ymax=21(万元).
故该厂家2014年的促销费用投入3万元时,厂家的利润最大为21万元.
[类题通法]
利用基本不等式求解实际应用题的方法
(1)此类型的题目往往较长,解题时需认真阅读,从中提炼出有用信息,建立数学模型,转化为数学问题求解.
(2)当运用基本不等式求最值时,若等号成立的自变量不在定义域内时,就不能使用基本不等式求解,此时可根据变量的范围用对应函数的单调性求解.
[演练冲关]
某化工企业2014年年底投入100万元,购入一套污水处理设备.该设备每年的运转费用是0.5万元,此外每年都要花费一定的维护费,第一年的维护费为2万元,由于设备老化,以后每年的维护费都比上一年增加2万元.设该企业使用该设备x年的年平均污水处理费用为y(单位:万元).
(1)用x表示y;
(2)当该企业的年平均污水处理费用最低时,企业需重新更换新的污水处理设备.则该企业几年后需要重新更换新的污水处理设备.
解:(1)由题意得,y=,
即y=x++1.5(x∈N*).
(2)由基本不等式得:
y=x++1.5≥2+1.5=21.5,
当且仅当x=,即x=10时取等号.
故该企业10年后需要重新更换新的污水处理设备.
一、选择题
1.已知f(x)=x+-2(x<0),则f(x)有 ( )
A.最大值为0 B.最小值为0
C.最大值为-4 D.最小值为-4
解析:选C ∵x<0,∴f(x)=- -2≤-2-2=-4,当且仅当-x=,即x=-1时取等号.
2.若a,b∈R且ab>0,则下列不等式中,恒成立的是( )
A.a+b≥2 B.+>
C.+≥2 D.a2+b2>2ab
解析:选C ∵ab>0,∴>0,>0.
由基本不等式得+≥2,当且仅当=,即a=b时等号成立,故选C.
3.已知不等式(x+y)≥9对任意正实数x,y恒成立,则正实数a的最小值是( )
A.2 B.4
C.6 D.8
解析:选B (x+y)=1+a++≥1+a+2,∴当1+a+2≥9时不等式恒成立,故+1≥3,a≥4.
4.若a,b均为大于1的正数,且ab=100,则lg a·lg b的最大值是( )
A.0 B.1
C.2 D.
解析:选B ∵a>1,b>1,∴lg a>0,lg b>0.
lg a·lg b≤==1.
当且仅当a=b=10时取等号.
5.设=(1,-2),=(a,-1),=(-b,0)(a>0,b>0,O为坐标原点),若A,B,C三点共线,则+的最小值是( )
A.4 B.
C.8 D.9
解析:选D ∵=-=(a-1,1),
=-=(-b-1,2),
若A,B,C三点共线,
则有∥,
∴(a-1)×2-1×(-b-1)=0,
∴2a+b=1,
又a>0,b>0,
∴+=·(2a+b)
=5++≥5+2 =9,
当且仅当即a=b=时等号成立.故选D.
6.函数y=(x>1)的最小值是( )
A.2+2 B.2-2
C.2 D.2
解析:选A ∵x>1,∴x-1>0.
∴y===
==x-1++2
≥2 +2=2+2.
当且仅当x-1=,即x=1+时,取等号.
二、填空题
7.已知a,b∈R,且ab=50,则|a+2b|的最小值是________.
解析:依题意得a,b同号,于是有|a+2b|=|a|+|2b|≥2=2=2=20,当且仅当|a|=|2b|=10时取等号,因此|a+2b|的最小值是20.
答案:20
8.当x>1时,不等式x+≥a恒成立,则实数a的最大值为________.
解析:因为x>1,所以x-1>0.又x+=x-1++1≥2+1=3,当且仅当x=2时等号成立,所以a的最大值为3.
答案:3
9.某公司租地建仓库,每月土地占用费y1与仓库到车站的距离成反比,而每月库存货物的运费y2与仓库到车站的距离成正比,如果在距车站10公里处建仓库,这两项费用y1和y2分别为2万元和8万元,那么要使这两项费用之和最小,仓库应建在离车站________公里处.
解析:设x为仓库与车站距离,由已知y1=,y2=0.8x.费用之和y=y1+y2=0.8x+≥2 =8,当且仅当0.8x=,即x=5时“=”成立.
答案:5
10.规定记号“⊗”表示一种运算,即a⊗b=+a+b(a,b为正实数).若1⊗k=3,则k的值为________,此时函数f(x)=的最小值为________.
解析:1⊗k=+1+k=3,即k+-2=0,
∴=1或=-2(舍),∴k=1.
f(x)===1++≥1+2=3,
当且仅当=,即x=1时等号成立.
答案:1 3
三、解答题
11.已知x>0,y>0,且2x+8y-xy=0,求
(1)xy的最小值;
(2)x+y的最小值.
解:(1)由2x+8y-xy=0,
得+=1,
又x>0,y>0,
则1=+≥2 =,
得xy≥64,
当且仅当x=16,y=4时,等号成立.
所以xy的最小值为64.
(2)由2x+8y-xy=0,得+=1,
则x+y=·(x+y)=10++
≥10+2 =18.
当且仅当x=12且y=6时等号成立,
∴x+y的最小值为18.
12.某单位在国家科研部门的支持下,进行技术攻关,采用了新工艺,把二氧化碳转化为一种可利用的化工产品.已知该单位每月的处理量最少为400吨,最多为600吨,月处理成本y(元)与月处理量x(吨)之间的函数关系可近似地表示为y=x2-200x+80 000,且每处理一吨二氧化碳得到可利用的化工产品价值为100元.
(1)该单位每月处理量为多少吨时,才能使每吨的平均处理成本最低?
(2)该单位每月能否获利?如果获利,求出最大利润;如果不获利,则需要国家至少补贴多少元才能使该单位不亏损?
解:(1)由题意可知,二氧化碳每吨的平均处理成本为=x+-200≥2 -200=200,
当且仅当x=,即x=400时等号成立,
故该单位月处理量为400吨时,才能使每吨的平均处理成本最低,最低成本为 200元.
(2)不获利.设该单位每月获利为S元,
则S=100x-y=100x-
=-x2+300x-80 000=-(x-300)2-35 000,
因为x∈[400,600],所以S∈[-80 000,-40 000].
故该单位每月不获利,需要国家每月至少补贴40 000元才能不亏损.
命题点一 不等关系与一元二次不等式
命题指数:☆☆☆☆ 难度:中、低 题型:选择题、填空题
1.(2014·天津高考)设a,b∈R,则“a>b”是“a|a|>b|b|”的( )
A.充分不必要条件
B.必要不充分条件
C.充要条件
D.既不充分又不必要条件
解析:选C 构造函数f(x)=x|x|,则f(x)在定义域R上为奇函数.因为f(x)=所以函数f(x)在R上单调递增,所以a>b⇔f(a)>f(b)⇔a|a|>b|b|.选C.
2.(2014·四川高考)若a>b>0,c<d<0,则一定有( )
A.> B.<
C.> D.<
解析:选B ∵c<d<0,∴<<0,∴->->0,而a>b>0,∴->->0,∴<,故选B.
3.(2014·新课标全国卷Ⅰ)设函数f(x)=则使得f(x)≤2成立的x的取值范围是________.
解析:选D 当x<1时,由ex-1≤2得x≤1+ln 2,∴x<1;当x≥1时,由x≤2得x≤8,∴1≤x≤8.综上,符合题意的x的取值范围是x≤8.
答案:(-∞,8]
4.(2014·江苏高考)已知函数f(x)=x2+mx-1,若对于任意x∈[m,m+1],都有f(x)<0成立,则实数m的取值范围是________.
解析:由题可得f(x)<0对于x∈[m,m+1]恒成立,即解得-0,b>0,
所以+=1(a>0,b>0),
a+b=(a+b)·=7++≥7+2=7+4,当且仅当=时取等号,故选D.
3.(2014·上海高考)若实数x,y满足xy=1,则x2+2y2的最小值为________.
解析:∵x2+2y2≥2=2xy=2,当且仅当x=y时取“=”,∴x2+2y2的最小值为2.
答案:2
4.(2014·湖北高考)某项研究表明:在考虑行车安全的情况下,某路段车流量F(单位时间内经过测量点的车辆数,单位:辆/小时)与车流速度v(假设车辆以相同速度v行驶,单位:米/秒)、平均车长l(单位:米)的值有关,其公式为F= .
(1)如果不限定车型,l=6.05,则最大车流量为________辆/小时;
(2)如果限定车型,l=5,则最大车流量比(1)中的最大车流量增加________辆/小时.
解析:(1)F=≤=1 900,当且仅当v=11时等号成立.
(2)F=≤=2 000,当且仅当v=10时等号成立,2 000-1 900=100.
答案:1 900 100
第五节合情推理与演绎推理
基础盘查一 合情推理
(一)循纲忆知
了解合情推理的含义,能利用归纳和类比等进行简单的推理,了解合情推理在数学发现中的作用.
(二)小题查验
1.判断正误
(1)归纳推理得到的结论不一定正确,类比推理得到的结论一定正确( )
(2)由平面三角形的性质推测空间四面体的性质,这是一种合情推理( )
(3)在类比时,平面中的三角形与空间中的平行六面体作为类比对象较为合适( )
(4)一个数列的前三项是1,2,3,那么这个数列的通项公式是an=n(n∈N*)( )
答案:(1)× (2)√ (3)× (4)×
2.(人教A版教材例题改编)已知数列{an}的第1项a1=1,且an+1=(n=1,2,3,…),归纳该数列的通项公式an=________.
答案:
基础盘查二 演绎推理
(一)循纲忆知
1.了解演绎推理的重要性,掌握演绎推理的基本模式,并能运用它们进行一些简单推理;
2.了解合情推理和演绎推理之间的联系和差异.
(二)小题查验
判断正误
(1)演绎推理的结论一定是正确的( )
(2)演绎推理是由特殊到一般再到特殊的推理( )
(3)“所有3的倍数都是9的倍数,某数m是3的倍数,则m一定是9的倍数”,这是三段论推理,但其结论是错误的( )
(4)在演绎推理中,只要符合演绎推理的形式,结论就一定正确( )
答案:(1)× (2)× (3)√ (4)×
|(基础送分型考点——自主练透)
[必备知识]
(1)定义:由两类对象具有某些类似特征和其中一类对象的某些已知特征,推出另一类对象也具有这些特征的推理.
(2)特点:类比推理是由特殊到特殊的推理.
[题组练透]
1.给出下面类比推理(其中Q为有理数集,R为实数集,C为复数集):
①“若a,b∈R,则a-b=0⇒a=b”类比推出“a,c∈C,则a-c=0⇒a=c”;
②“若a,b,c,d∈R,则复数a+bi=c+di⇒a=c,b=d”类比推出“a,b,c,d∈Q,则a+b=c+d⇒a=c,b=d ”;
③“a,b∈R,则a-b>0⇒a>b”类比推出“若a,b∈C,则a-b>0⇒a>b”;
④“若x∈R,则|x|<1⇒-1<x<1”类比推出“若z∈C,则|z|<1⇒-1<z<1”.
其中类比结论正确的个数为( )
A.1 B.2
C.3 D.4
解析:选B 类比结论正确的有①②.
2.(2015·贵州六校联考) 在平面几何中:△ABC的∠C内角平分线CE分AB所成线段的比为=.把这个结论类比到空间:在三棱锥ABCD中(如图),DEC平分二面角ACDB且与AB相交于E,则得到类比的结论是______________________.
解析:由平面中线段的比转化为空间中面积的比可得
=.
答案:=
[类题通法]
(1)类比推理是由特殊到特殊的推理,其一般步骤为
①找出两类事物之间的相似性或一致性;
②用一类事物的性质去推测另一类事物的性质,得出一个明确的命题(猜想).
(2)类比推理的关键是找到合适的类比对象.平面几何中的一些定理、公式、结论等,可以类比到立体几何中,得到类似的结论.
|(常考常新型考点——多角探明)
[必备知识]
(1)定义:由某类事物的部分对象具有某些特征,推出该类事物的全部对象都具有这些特征的推理,或者由个别事实概括出一般结论的推理.
(2)特点:是由部分到整体、由个别到一般的推理.
[多角探明]
归纳推理是每年高考的常考内容,题型多为选择题和填空题,难度稍大,属中高档题.归纳起来常见的命题角度有:
(1)数的归纳;
(2)式的归纳;
(3)形的归纳.
角度一:数的归纳
1.(2013·陕西高考)观察下列等式
12=1
12-22=-3
12-22+32=6
12-22+32-42=-10
……
照此规律,第n个等式可为________.
解析:观察规律可知,第n个式子为12-22+32-42+…+(-1)n+1n2=(-1)n+1.
答案:12-22+32-42+…+(-1)n+1n2=(-1)n+1
角度二:式的归纳
2.(2014·陕西高考)已知f(x)= ,x≥0,若 f1(x)=f(x),fn+1(x)=f(fn(x)),n∈N+, 则
f2 014(x)的表达式为________.
解析:由f1(x)=⇒f2(x)=f==;又可得f3(x)=f(f2(x))==,故可猜想f2 014(x)=.
答案:f2 014(x)=
角度三:形的归纳
3.下面图形由小正方形组成,请观察图1至图4的规律,并依此规律,写出第n个图形中小正方形的个数是________.
解析:由图知第n个图形的小正方形个数为1+2+3+…+n.
∴总个数为.
答案:
[类题通法]
(1)归纳是依据特殊现象推断出一般现象,因而由归纳所得的结论超越了前提所包含的范围.
(2)归纳的前提是特殊的情况,所以归纳是立足于观察、经验或试验的基础之上的.
(3)归纳推理所得结论未必正确,有待进一步证明,但对数学结论和科学的发现很有用.
|(重点保分型考点——师生共研)
[必备知识]
(1)模式:三段论
①大前提——已知的一般原理;
②小前提——所研究的特殊情况;
③结论——根据一般原理,对特殊情况做出的判断.
(2)特点:演绎推理是由一般到特殊的推理.
[典题例析]
数列{an}的前n项和记为Sn,已知a1=1,an+1=Sn(n∈N*).证明:
(1)数列是等比数列;
(2)Sn+1=4an.
证明:(1)∵an+1=Sn+1-Sn,an+1=Sn,
∴(n+2)Sn=n(Sn+1-Sn),即nSn+1=2(n+1)Sn.
故=2·,(小前提)
故是以2为公比,1为首项的等比数列.(结论)
(大前提是等比数列的定义)
(2)由(1)可知=4·(n≥2),
∴Sn+1=4(n+1)·=4··Sn-1
=4an(n≥2).(小前提)
又∵a2=3S1=3,S2=a1+a2=1+3=4=4a1,(小前提)
∴对于任意正整数n,都有Sn+1=4an.(结论)
[类题通法]
演绎推理的推证规则
(1)演绎推理是从一般到特殊的推理,其一般形式是三段论,应用三段论解决问题时,应当首先明确什么是大前提和小前提,如果前提是显然的,则可以省略,本题中,等比数列的定义在解题中是大前提,由于它是显然的,因此省略不写.
(2)在推理论证过程中,一些稍复杂一点的证明题常常要由几个三段论才能完成.
[演练冲关]
如图所示,D,E,F分别是BC,CA,AB上的点,∠BFD=∠A,且DE∥BA.求证:ED=AF(要求注明每一步推理的大前提、小前提和结论,并最终把推理过程用简略的形式表示出来).
证明:(1)同位角相等,两条直线平行,(大前提)
∠BFD与∠A是同位角,且∠BFD=∠A,(小前提)
所以DF∥EA.(结论)
(2)两组对边分别平行的四边形是平行四边形,(大前提)
DE∥BA且DF∥EA,(小前提)
所以四边形AFDE为平行四边形.(结论)
(3)平行四边形的对边相等,(大前提)
ED和AF为平行四边形的对边,(小前提)
所以ED=AF.(结论)
上面的证明可简略地写成:
⇒四边形AFDE是平行四边形⇒ED=AF.
一、选择题
1.(2015·合肥模拟)正弦函数是奇函数,f(x)=sin(x2+1)是正弦函数,因此f(x)=sin(x2+1)是奇函数,以上推理( )
A.结论正确 B.大前提不正确
C.小前提不正确 D.全不正确
解析:选C 因为f(x)=sin(x2+1)不是正弦函数,所以小前提不正确.
2.由代数式的乘法法则类比推导向量的数量积的运算法则:
①“mn=nm”类比得到“a·b=b·a”;
②“(m+n)t=mt+nt”类比得到“(a+b)·c=a·c+b·c”;
③“(m·n)t=m(n·t)”类比得到“(a·b)·c=a·(b·c)”;
④“t≠0,mt=xt⇒m=x”类比得到“p≠0,a·p=x·p⇒a=x”;
⑤“|m·n|=|m|·|n|”类比得到“|a·b|=|a|·|b|”;
⑥“=”类比得到“=”.
以上的式子中,类比得到的结论正确的个数是( )
A.1 B.2
C.3 D.4
解析:选B ①②正确,③④⑤⑥错误.
3.观察下列各式:a+b=1,a2+b2=3,a3+b3=4,a4+b4=7,a5+b5=11,…,则a10+b10=( )
A.28 B.76
C.123 D.199
解析:选C 记an+bn=f(n),则f(3)=f(1)+f(2)=1+3=4;f(4)=f(2)+f(3)=3+4=7;f(5)=f(3)+f(4)=11.通过观察不难发现f(n)=f(n-1)+f(n-2)(n∈N*,n≥3),则f(6)=f(4)+f(5)=18;f(7)=f(5)+f(6)=29;f(8)=f(6)+f(7)=47;f(9)=f(7)+f(8)=76;f(10)=f(8)+f(9)=123.所以a10+b10=123.
4.在平面几何中有如下结论:正三角形ABC的内切圆面积为S1,外接圆面积为S2,则=,推广到空间可以得到类似结论:已知正四面体PABC的内切球体积为V1,外接球体积为
V2,则=( )
A. B.
C. D.
解析:选D 正四面体的内切球与外接球的半径之比为1∶3,故=.
5.下列推理中属于归纳推理且结论正确的是( )
A.设数列{an}的前n项和为Sn.由an=2n-1,求出S1=12,S2=22,S3=32,…,推断:Sn=n2
B.由f(x)=xcos x满足f(-x)=-f(x)对∀x∈R都成立,推断:f(x)=xcos x为奇函数
C.由圆x2+y2=r2的面积S=πr2,推断:椭圆+=1(a>b>0)的面积S=πab
D.由(1+1)2>21,(2+1)2>22,(3+1)2>23,…,推断:对一切n∈N*,(n+1)2>2n
解析:选A 选项A由一些特殊事例得出一般性结论,且注意到数列{an}是等差数列,其前n项和等于Sn==n2,选项D中的推理属于归纳推理,但结论不正确.
6.(2015·西安五校联考)已知“整数对”按如下规律排成一列:(1,1),(1,2),(2,1),(1,3),(2,2),(3,1),(1,4),(2,3),(3,2),(4,1),…,则第60个“整数对”是( )
A.(7,5) B.(5,7)
C.(2,10) D.(10,1)
解:选B 依题意,把“整数对”的和相同的分为一组,不难得知第n组中每个“整数对”的和均为n+1,且第n组共有n个“整数对”,这样的前n组一共有个“整数对”,注意到<60<,因此第60个“整数对”处于第11组(每个“整数对”的和为12的组)的第5个位置,结合题意可知每个“整数对”的和为12的组中的各对数依次为:(1,11),(2,10),(3,9),(4,8),(5,7),…,因此第60个“整数对”是(5,7),选B.
二、填空题
7.(2015·福建厦门模拟)已知等差数列{an}中,有=,则在等比数列{bn}中,会有类似的结论:____________________________________________.
解析:由等比数列的性质可知b1b30=b2b29=…=b11b20,
∴=.
答案:=
8.将全体正整数排成一个三角形数阵:
1
2 3
4 5 6
7 8 9 10
……
根据以上排列规律,数阵中第n(n≥3)行从左至右的第3个数是________.
解析:前n-1行共有正整数1+2+…+(n-1)=个,即个,因此第n行从左至右的第3个数是全体正整数中第+3个,即为.
答案:
9.在平面上,我们如果用一条直线去截正方形的一个角,那么截下的一个直角三角形,按下图所标边长,由勾股定理有:c2=a2+b2.设想正方形换成正方体,把截线换成如图的截面,这时从正方体上截下三条侧棱两两垂直的三棱锥OLMN,如果用S1,S2,S3表示三个侧面面积,S4表示截面面积,那么类比得到的结论是________.
解析:将侧面面积类比为直角三角形的直角边,截面面积类比为直角三角形的斜边,可得S+S+S=S.
答案:S+S+S=S
10.如果函数f(x)在区间D上是凸函数,那么对于区间D内的任意x1,x2,…,xn,都有≤f.若y=sin x在区间(0,π)上是凸函数,那么在△ABC中,sin A+sin B+sin C的最大值是________.
解析:由题意知,凸函数满足
≤f,
又y=sin x在区间(0,π)上是凸函数,则sin A+sin B+sin C≤3sin=3sin=.
答案:
三、解答题
11.在锐角三角形ABC中,求证:sin A+sin B+sin C>cos A+cos B+cos C.
证明:∵△ABC为锐角三角形,
∴A+B>,∴A>-B,
∵y=sin x在上是增函数,
∴sin A>sin=cos B,
同理可得sin B>cos C,sin C>cos A,
∴sin A+sin B+sin C>cos A+cos B+cos C.
12.某同学在一次研究性学习中发现,以下五个式子的值都等于同一个常数:
①sin213°+cos217°-sin 13°cos 17°;
②sin215°+cos215°-sin 15°cos 15°;
③sin218°+cos212°-sin 18°cos 12°;
④sin2(-18°)+cos248°-sin(-18°)cos 48°;
⑤sin2(-25°)+cos255°-sin(-25°)cos 55°.
(1)试从上述五个式子中选择一个,求出这个常数;
(2)根据(1)的计算结果,将该同学的发现推广为三角恒等式,并证明你的结论.
解:(1)选择②式,计算如下:
sin215°+cos215°-sin 15°cos 15°=1-sin 30°
=1-=.
(2)法一:三角恒等式为
sin2α+cos2(30°-α)-sin α·cos(30°-α)=.
证明如下:
sin2α+cos2(30°-α)-sin α·cos(30°-α)
=sin2α+(cos 30°cos α+sin 30°sin α)2-sin α·(cos 30°cos α+sin 30°sin α)
=sin2α+cos2α+sin αcos α+sin2α-sin αcos α-sin2α
=sin2α+cos2α
=.
法二:三角恒等式为
sin2α+cos2(30°-α)-sin α·cos(30°-α)=.
证明如下:
sin2α+cos2(30°-α)-sin αcos(30°-α)
=+-sin α·(cos 30°cos α+sin 30°sin α)
=-cos 2α++(cos 60°cos 2α+sin 60°sin 2α)-sin αcos α-sin2α
=-cos 2α++cos 2α+sin 2α-sin 2α-(1-cos 2α)
=1-cos 2α-+cos 2α=.
第六节直接证明和间接证明
基础盘查一 直接证明
(一)循纲忆知
了解直接证明的两种基本方法——分析法和综合法;了解分析法和综合法的思考过程和特点.
(二)小题查验
判断正误
(1)综合法是直接证明,分析法是间接证明( )
(2)分析法是从要证明的结论出发,逐步寻找使结论成立的充要条件( )
(3)在解决问题时,常常用分析法寻找解题的思路与方法,再用综合法展现解决问题的过程( )
(4)证明不等式+<+最合适的方法是分析法( )
答案:(1)× (2)× (3)√ (4)√
基础盘查二 间接证明
(一)循纲忆知
了解间接证明的一种基本方法——反证法;了解反证法的思考过程和特点.
(二)小题查验
1.判断正误
(1)用反证法证明结论“a>b”时,应假设“a<b”( )
(2)反证法是指将结论和条件同时否定,推出矛盾( )
答案:(1)× (2)×
2.用反证法证明“如果a>b,那么a3>b3”时假设的内容为________.
答案:a3≤b3
|(基础送分型考点——自主练透)
[必备知识]
分析法证题的一般规律
分析法的思路是逆向思维,用分析法证题必须从结论出发,倒着分析,寻找结论成立的充分条件.应用分析法证明问题时要严格按分析法的语言表达,下一步是上一步的充分条件.
[题组练透]
1.已知a,b,m都是正数,且a.
证明:要证明>,由于a,b,m都是正数,
只需证a(b+m)0,所以只需证ab>c,且a+b+c=0,求证:0 B.a-c>0
C.(a-b)(a-c)>0 D.(a-b)(a-c)<0
解析:选C 0
⇔(a-c)(2a+c)>0⇔(a-c)(a-b)>0.
故选C.
3.不相等的三个正数a,b,c成等差数列,并且x是a,b的等比中项,y是b,c的等比中项,则x2,b2,y2三数( )
A.成等比数列而非等差数列
B.成等差数列而非等比数列
C.既成等差数列又成等比数列
D.既非等差数列又非等比数列
解析:选B 由已知条件,可得
由②③得代入①,得+=2b,
即x2+y2=2b2.故x2,b2,y2成等差数列.
4.设f(x)是定义在R上的奇函数,且当x≥0时,f(x)单调递减,若x1+x2>0,则f(x1)+f(x2)的值( )
A.恒为负值 B.恒等于零
C.恒为正值 D.无法确定正负
解析:选A 由f(x)是定义在R上的奇函数,
且当x≥0时,f(x)单调递减,
可知f(x)是R上的单调递减函数,
由x1+x2>0,可知x1>-x2,f(x1)1;②a+b=2;③a+b>2;④a2+b2>2;⑤ab>1.
其中能推出:“a,b中至少有一个大于1”的条件是( )
A.②③ B.①②③
C.③ D.③④⑤
解析:选C 若a=,b=,则a+b>1,
但a<1,b<1,故①推不出;
若a=b=1,则a+b=2,故②推不出;
若a=-2,b=-3,则a2+b2>2,故④推不出;
若a=-2,b=-3,则ab>1,故⑤推不出;
对于③,即a+b>2,则a,b中至少有一个大于1,
反证法:假设a≤1且b≤1,
则a+b≤2与a+b>2矛盾,
因此假设不成立,a,b中至少有一个大于1.
6.如果△A1B1C1的三个内角的余弦值分别等于△A2B2C2的三个内角的正弦值,则( )
A.△A1B1C1和△A2B2C2都是锐角三角形
B.△A1B1C1和△A2B2C2都是钝角三角形
C.△A1B1C1是钝角三角形,△A2B2C2是锐角三角形
D.△A1B1C1是锐角三角形,△A2B2C2是钝角三角形
解析:选D 由条件知,△A1B1C1的三个内角的余弦值均大于0,则△A1B1C1是锐角三角形,假设△A2B2C2是锐角三角形.
由得
那么,A2+B2+C2=,这与三角形内角和为180°相矛盾.
所以假设不成立,又显然△A2B2C2不是直角三角形.
所以△A2B2C2是钝角三角形.
二、填空题
7.用反证法证明命题“a,b∈R,ab可以被5整除,那么a,b中至少有一个能被5整除”,那么假设的内容是______________.
解析:“至少有n个”的否定是“最多有n-1个”,故应假设a,b中没有一个能被5整除.
答案:a,b中没有一个能被5整除
8.设a>b>0,m=-,n=,则m,n的大小关系是________.
解析:法一:(取特殊值法)取a=2,b=1,得m⇐a0,显然成立.
答案:m0,则实数p的取值范围是________.
解析:法一:(补集法)
令解得p≤-3或p≥,
故满足条件的p的范围为.
法二:(直接法)
依题意有f(-1)>0或f(1)>0,
即2p2-p-1<0或2p2+3p-9<0,
得-<p<1或-3<p<.
故满足条件的p的取值范围是
答案:
三、解答题
11.若a>b>c>d>0且a+d=b+c,
求证:+<+.
证明:要证+<+,只需证(+)2<(+)2,
即a+d+2<b+c+2,
因a+d=b+c,只需证<,
即ad<bc,设a+d=b+c=t,
则ad-bc=(t-d)d-(t-c)c=(c-d)(c+d-t)<0,
故ad<bc成立,从而+<+成立.
12.已知二次函数f(x)=ax2+bx+c(a>0)的图象与x轴有两个不同的交点,若f(c)=0,且00.
(1)证明:是f(x)=0的一个根;
(2)试比较与c的大小;
(3)证明:-20,
由00,
知f>0与f=0矛盾,
∴≥c,又∵≠c,
∴>c.
(3)证明:由f(c)=0,得ac+b+1=0,
∴b=-1-ac.
又a>0,c>0,∴b<-1.
二次函数f(x)的图象的对称轴方程为
x=-=<=x2=,
即-<.
又a>0,
∴b>-2,
∴-20,
得ak+1a2.
(2)假设当n=k(k∈N*)时,ak+10,
又∵ak+2+ak+1+1<-1+(-1)+1=-1,
∴ak+2-ak+1<0,∴ak+20,f(x)=,令a1=1,an+1=f(an),n∈N*.
(1)写出a2,a3,a4的值,并猜想数列{an}的通项公式;
(2)用数学归纳法证明你的结论.
解:(1)∵a1=1,∴a2=f(a1)=f(1)=;
a3=f(a2)=;a4=f(a3)=.
猜想an=(n∈N*).
(2)证明:①易知,n=1时,猜想正确.
②假设n=k(k∈N*)时猜想正确,
即ak=,
则ak+1=f(ak)====.
这说明,n=k+1时猜想正确.
由①②知,对于任何n∈N*,都有an=.
一、选择题
1.(2015·山东德州一模)用数学归纳法证明“1+2+22+…+2n+2=2n+3-1”,在验证n=1时,左边计算所得的式子为( )
A.1 B.1+2
C.1+2+22 D.1+2+22+23
解析:选D 当n=1时,左边=1+2+22+23.
2.用数学归纳法证明不等式1+++…+>(n∈N*)成立,其初始值至少应取( )
A.7 B.8
C.9 D.10
解析:选B 左边=1+++…+==2-,代入验证可知n的最小值是8.
3.凸n多边形有f(n)条对角线,则凸(n+1)边形的对角线的条数f(n+1)为( )
A.f(n)+n+1 B.f(n)+n
C.f(n)+n-1 D.f(n)+n-2
解析:选C 边数增加1,顶点也相应增加1个,它与和它不相邻的n-2个顶点连接成对角线,原来的一条边也成为对角线,因此,对角线增加n-1条.
4.(2015·上海闸北二模)平面内有n条直线,最多可将平面分成f(n)个区域,则f(n)的表达式为( )
A.n+1 B.2n
C. D.n2+n+1
解析:选C 1条直线将平面分成1+1个区域;2条直线最多可将平面分成1+(1+2)=4个区域;3条直线最多可将平面分成1+(1+2+3)=7个区域;…;n条直线最多可将平面分成1+(1+2+3+…+n)=1+=个区域,选C.
5.在数列{an}中,a1=,且Sn=n(2n-1)an,通过求a2,a3,a4,猜想an的表达式为( )
A. B.
C. D.
解析:选C 由a1=,Sn=n(2n-1)an求得a2==,a3==,a4==.猜想an=.
6.利用数学归纳法证明“(n+1)(n+2) …·(n+n)=2n×1×3×…×(2n-1),n∈N*”时,从“n=k”变到“n=k+1”时,左边应增乘的因式是( )
A.2k+1 B.2(2k+1)
C. D.
解析:选B 当n=k(k∈N*)时,
左式为(k+1)(k+2) ·…·(k+k);
当n=k+1时,左式为(k+1+1)·(k+1+2)·…·(k+1+k-1)·(k+1+k)·(k+1+k+1),
则左边应增乘的式子是=2(2k+1).
二、填空题
7.用数学归纳法证明“当n为正奇数时,xn+yn能被x+y整除”,当第二步假设n=2k-1(k∈N*)命题为真时,进而需证n=________时,命题亦真.
解析:n为正奇数,假设n=2k-1成立后,需证明的应为n=2k+1时成立.
答案:2k+1
8.用数学归纳法证明1+2+3+…+n2=,则当n=k+1时左端应在n=k的基础上加上的项为______________.
解析:当n=k时左端为1+2+3+…+k+(k+1)+(k+2)+…+k2,
则当n=k+1时,左端为
1+2+3+…+k2+(k2+1)+(k2+2)+…+(k+1)2,
故增加的项为(k2+1)+(k2+2)+…+(k+1)2.
答案:(k2+1)+(k2+2)+…+(k+1)2
9.设数列{an}的前n项和为Sn,且对任意的自然数n都有:(Sn-1)2=anSn,通过计算S1,S2,S3,猜想Sn=________.
解析:由(S1-1)2=S得:S1=;
由(S2-1)2=(S2-S1)S2得:S2=;
由(S3-1)2=(S3-S2)S3得:S3=.
猜想Sn=.
答案:
10.设平面上n个圆周最多把平面分成f(n)片(平面区域),则f(2)=________,f(n)=________.(n≥1,n∈N*)
解析:易知2个圆周最多把平面分成4片;n个圆周最多把平面分成f(n)片,再放入第n+1个圆周,为使得到尽可能多的平面区域,第n+1个应与前面n个都相交且交点均不同,有n条公共弦,其端点把第n+1个圆周分成2n段,每段都把已知的某一片划分成2片,即f(n+1)=f(n)+2n(n≥1),所以f(n)-f(1)=n(n-1),而f(1)=2,从而f(n)=n2-n+2.
答案:4 n2-n+2
三、解答题
11.已知点Pn(an,bn)满足an+1=an·bn+1,bn+1=(n∈N*),且点P1的坐标为(1,-1).
(1)求过点P1,P2的直线l的方程;
(2)试用数学归纳法证明:对于n∈N*,点Pn都在(1)中的直线l上.
解:(1)由题意得a1=1,b1=-1,
b2==,a2=1×=,∴P2.
∴直线l的方程为=,即2x+y=1.
(2)证明:①当n=1时,2a1+b1=2×1+(-1)=1成立.
②假设n=k(k∈N*)时,2ak+bk=1成立.
则2ak+1+bk+1=2ak·bk+1+bk+1=·(2ak+1)===1,
∴当n=k+1时,2ak+1+bk+1=1也成立.
由①②知,对于n∈N*,都有2an+bn=1,即点Pn在直线l上.
12.设数列{an}满足an+1=a-nan+1(n∈N*).
(1)当a1=2时,求a2,a3,a4,并由此猜想出an的一个通项公式;
(2)当a1≥3时,证明:对所有的n≥1,有an≥n+2.
解:(1)由a1=2,
得a2=a-a1+1=3,
由a2=3,得a3=a-2a2+1=4,
由a3=4,得a4=a-3a3+1=5,
由此猜想an的一个通项公式:an=n+1(n≥1).
(2)证明:用数学归纳法证明:
①当n=1时,a1≥3=1+2,不等式成立.
②假设当n=k(k∈N*)时不等式成立,
即ak≥k+2,
那么,ak+1=ak(ak-k)+1≥(k+2)(k+2-k)+1≥k+3,
也就是说,当n=k+1时,ak+1≥(k+1)+2.
根据①和②,对于所有n≥1,都有an≥n+2.
命题点一 合情推理与演绎推理 命题指数:☆☆☆
难度:中、低 题型:选择题、填空题
1.(2014·陕西高考)观察分析下表中的数据:
多面体
面数(F)
顶点数(V)
棱数(E)
三棱柱
5
6
9
五棱锥
6
6
10
立方体
6
8
12
猜想一般凸多面体中F,V,E所满足的等式是____________.
解析:三棱柱中5+6-9=2;五棱锥中6+6-10=2;立方体中6+8-12=2,由此归纳可得F+V-E=2.
答案:F+V-E=2
2.(2014·新课标全国卷Ⅰ)甲、乙、丙三位同学被问到是否去过A,B,C三个城市时,
甲说:我去过的城市比乙多,但没去过B城市;
乙说:我没去过C城市;
丙说:我们三人去过同一个城市.
由此可判断乙去过的城市为________.
解析:由甲、丙的回答易知甲去过A城市和C城市,乙去过A城市或C城市,结合乙的回答可得乙去过A城市.
答案:A
3.(2013·湖北高考)古希腊毕达哥拉斯学派的数学家研究过各种多边形数.如三角形数1,3,6,10,…,第n个三角形数为=n2+n.记第n个k边形数为N(n,k)(k≥3),以下列出了部分k边形数中第n个数的表达式:
三角形数 N(n,3)=n2+n,
正方形数 N(n,4)=n2,
五边形数 N(n,5)=n2-n,
六边形数 N(n,6)=2n2-n,
……
可以推测N(n,k)的表达式,由此计算N(10,24)=________.
解析:由N(n,3)=n2+n,
N(n,4)=n2+n,
N(n,5)=+n,
N(n,6)=n2+n,
推测N(n,k)=n2-n,k≥3.从而N(n,24)=11n2-10n,N(10,24)=1 000.
答案:1 000
命题点二 直接证明与间接证明 命题指数:☆☆☆☆☆
难度:高、中 题型:解答题
1.(2014·江西高考)已知数列{an} 的前 n项和 Sn=,n∈N*.
(1)求数列{an} 的通项公式;
(2)证明:对任意的n>1,都存在m∈N* ,使得 a1,an,am成等比数列.
解:(1)由Sn=,得a1=S1=1,
当n≥2时,an=Sn-Sn-1=3n-2,当n=1时也适合.
所以数列{an}的通项公式为:an=3n-2.
(2)证明:要使得a1,an,am成等比数列,
只需要a=a1·am,
即(3n-2)2=1·(3m-2),
即m=3n2-4n+2,而此时m∈N*,且m>n.
所以对任意的n>1,都存在m∈N*,使得a1,an,am成等比数列.
2.(2014·北京高考)如图,在三棱柱ABCA1B1C1中,侧棱垂直于底面,AB⊥BC,AA1=AC=2,BC=1,E,F分别是A1C1,BC的中点.
(1)求证:平面ABE⊥平面B1BCC1 ;
(2)求证:C1F∥平面ABE ;
(3)求三棱锥EABC的体积.
解:(1)证明:在三棱柱ABCA1B1C1中,BB1⊥底面ABC.
所以BB1⊥AB.
又因为AB⊥BC,BB1∩BC=B,
所以AB⊥平面B1BCC1.
又AB⊂平面ABE.
所以平面ABE⊥平面B1BCC1.
(2)证明:取AB中点G,连结EG,FG.
因为E,F分别是A1C1,BC的中点,
所以FG∥AC,且FG=AC.
因为AC∥A1C1,且AC=A1C1,
所以FG∥EC1,且FG=EC1.
所以四边形FGEC1为平行四边形.
所以C1F∥EG.
又因为EG⊂平面ABE,C1F⊄平面ABE,
所以C1F∥平面ABE.
(3)因为AA1=AC=2,BC=1,AB⊥BC,
所以AB==.
所以三棱锥EABC的体积
V=S△ABC·AA1=×××1×2=.
命题点三 数学归纳法 命题指数:☆☆
难度:高 题型:解答题
(2014·江苏高考)已知函数f0(x)=(x>0),设fn(x)为fn-1(x)的导数,n∈N*.
(1)求2f1+f2的值;
(2)证明:对任意的n∈N*,等式nfn-1+fn=都成立.
解:(1)由已知,
得f1(x)=f′0(x)=′=-,
于是f2(x)=f′1(x)=′-′=--+,
所以f1=-,f2=-+.
故2f1+f2=-1.
(2)证明:由已知,得xf0(x)=sin x,等式两边分别对x求导,得f0(x)+xf′0(x)=cos x,
即f0(x)+xf1(x)=cos x=sin,
类似可得
2f1(x)+xf2(x)=-sin x=sin(x+π),
3f2(x)+xf3(x)=-cos x=sin,
4f3(x)+xf4(x)=sin x=sin(x+2π).
下面用数学归纳法证明等式nfn-1(x)+xfn(x)=sin对所有的n∈N*都成立.
①当n=1时,由上可知等式成立.
②假设当n=k时等式成立,
即kfk-1(x)+xfk(x)=sin.
因为[kfk-1(x)+xfk(x)]′=kf′k-1(x)+fk(x)+xf′k(x)
=(k+1)fk(x)+xfk+1(x),
′=cos·′=sin,
所以(k+1)fk(x)+xfk+1(x)=sin.
因此当n=k+1时,等式也成立.
综合①②可知等式nfn-1(x)+xfn(x)=sin对所有的n∈N*都成立.
令x=,
可得nfn-1+fn=sin(n∈N*).
所以=(n∈N*).