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  • 2021-06-19 发布

数学卷·2018届河南省新乡市延津高中高二上学期期中数学试卷(文科) (解析版)

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全*品*高*考*网, 用后离不了!2016-2017学年河南省新乡市延津高中高二(上)期中数学试卷(文科)‎ ‎ ‎ 一、选择题:(本大题共12小题,每小题5分,满分60分.在每小题给出的四个选项中,只有一项是符合题目要求的.)‎ ‎1.△ABC中,A=45°,B=30°,a=10,则b=(  )‎ A.5 B.10 C.10 D.5‎ ‎2.下列命题中,正确的是(  )‎ A.若a>b,c>d,则a>c B.若ac>bc,则a>b C.若<,则a<b D.若a>b,c>d,则ac>bd ‎3.设x,y∈R,则“x≥2且y≥2”是“x2+y2≥4”的(  )‎ A.充分而不必要条件 B.必要而不充分条件 C.充分必要条件 D.既不充分也不必要条件 ‎4.已知{an}为等比数列,a4+a7=2,a5a6=﹣8,则a1+a10=(  )‎ A.7 B.5 C.﹣5 D.﹣7‎ ‎5.若a,b∈R,且ab>0,则下列不等式中,恒成立的是(  )‎ A.a2+b2>2ab B. C. D.‎ ‎6.数列{an}中,a1=1,a2=2,an+2=an+1﹣an,则{an}的前51项和S51=(  )‎ A.1 B.2 C.3 D.4‎ ‎7.在△ABC中,b=3,c=3,B=30°,则a的值为(  )‎ A.3 B.23 C.3 D.2‎ ‎8.已知0<x<1,a=2,b=1+x,c=,则其中最大的是(  )‎ A.a B.b C.c D.不确定 ‎9.在△ABC中,cos2B>cos2A是A>B的(  )‎ A.充分而不必要条件 B.必要而不充分条件 C.充要条件 D.既不充分也不必要条件 ‎10.实数x,y满足不等式组,则ω=的取值范围是(  )‎ A.[﹣,] B.[﹣1,] C.[﹣1,1) D.[﹣,1)‎ ‎11.已知等差数列{an}的前n项和为Sn,若,且A、B、C三点共线(该直线不过原点O),则S200=(  )‎ A.100 B.101 C.200 D.201‎ ‎12.设a>0,b>0,且不等式++≥0恒成立.则实数k的最小值等于(  )‎ A.4 B.0 C.﹣2 D.﹣4‎ ‎ ‎ 二、填空题:(共4小题,每小题5分,共20分)‎ ‎13.在等比数列{an}中,若a4=5,a8=6,则a2a10=  .‎ ‎14.不等式﹣6x2﹣x+2≤0的解集是  .‎ ‎15.已知x>0,y>0,x+2y=16,则xy的最大值为  .‎ ‎16.设x,y满足约束条件,若目标函数z=ax+by(a>0,b>0)的最大值为6,则的最小值为  .‎ ‎ ‎ 三、解答题:本题共6小题,共70分.‎ ‎17.设锐角三角形ABC的内角A,B,C的对边分别为a,b,c,a=2bsinA ‎(Ⅰ)求B的大小;‎ ‎(Ⅱ)若,c=5,求b.‎ ‎18.在△ABC中,角A、B、C所对的边分别为a、b、c,且a=2,cosB=.‎ ‎(1)若b=4,求sinA的值;‎ ‎(2)若△ABC的面积S△ABC=4,求b、c的值.‎ ‎19.设等差数列{an}第10项为24,第25项为﹣21.‎ ‎(1)求这个数列的通项公式;‎ ‎(2)设Sn为其前n项和,求使Sn取最大值时的n值.‎ ‎20.关于x的不等式:x2﹣(1+a)x+a>0.‎ ‎(1)当a=2时,求不等式的解集;‎ ‎(2)当a∈R时,解不等式.‎ ‎21.在△ABC中,角A、B、C的对边分别为a、b、c,面积为S,已知acos2+ccos2=b ‎(1)求证:a、b、c成等差数列;‎ ‎(2)若B=,S=4 求b.‎ ‎22.已知{an}是公比为q的等比数列,且a1,a3,a2成等差数列.‎ ‎(Ⅰ)求q的值;‎ ‎(Ⅱ)设{bn}是以2为首项,q为公差的等差数列,其前n项和为Sn,当n≥2时,比较Sn与bn的大小,并说明理由.‎ ‎ ‎ ‎2016-2017学年河南省新乡市延津高中高二(上)期中数学试卷(文科)‎ 参考答案与试题解析 ‎ ‎ 一、选择题:(本大题共12小题,每小题5分,满分60分.在每小题给出的四个选项中,只有一项是符合题目要求的.)‎ ‎1.△ABC中,A=45°,B=30°,a=10,则b=(  )‎ A.5 B.10 C.10 D.5‎ ‎【考点】正弦定理.‎ ‎【分析】根据题意,由正弦定理可得=,变形可得b=,带入数据计算可得答案.‎ ‎【解答】解:根据题意,△ABC中,有=,则b=,‎ 又由A=45°,B=30°,a=10,‎ 则b===5;‎ 故选:A.‎ ‎ ‎ ‎2.下列命题中,正确的是(  )‎ A.若a>b,c>d,则a>c B.若ac>bc,则a>b C.若<,则a<b D.若a>b,c>d,则ac>bd ‎【考点】不等式比较大小.‎ ‎【分析】对于A,B,D举例即可判断,对于C根据不等式的性质即可判断 ‎【解答】解:对于A:若a=﹣2,b=﹣3,c=1,d=﹣2,则不成立,‎ 对于B:若c≤0,则不成立,‎ 对于C:根据不等式的性质两边同乘以c2,则a<b,故成立,‎ 对于D:若a=1,b=﹣1,c=﹣1,d=﹣2,则不成立,‎ 故选:C ‎ ‎ ‎3.设x,y∈R,则“x≥2且y≥2”是“x2+y2≥4”的(  )‎ A.充分而不必要条件 B.必要而不充分条件 C.充分必要条件 D.既不充分也不必要条件 ‎【考点】必要条件、充分条件与充要条件的判断.‎ ‎【分析】由“x≥2且y≥2”推出“x2+y2≥4”可证明充分性;由满足“x2+y2≥4”可举出反例推翻“x≥2且y≥2”,则证明不必要性,综合可得答案.‎ ‎【解答】解:若x≥2且y≥2,则x2≥4,y2≥4,所以x2+y2≥8,即x2+y2≥4;‎ 若x2+y2≥4,则如(﹣2,﹣2)满足条件,但不满足x≥2且y≥2.‎ 所以“x≥2且y≥2”是“x2+y2≥4”的充分而不必要条件.‎ 故选A.‎ ‎ ‎ ‎4.已知{an}为等比数列,a4+a7=2,a5a6=﹣8,则a1+a10=(  )‎ A.7 B.5 C.﹣5 D.﹣7‎ ‎【考点】等比数列的性质;等比数列的通项公式.‎ ‎【分析】由a4+a7=2,及a5a6=a4a7=﹣8可求a4,a7,进而可求公比q,代入等比数列的通项可求a1,a10,即可 ‎【解答】解:∵a4+a7=2,由等比数列的性质可得,a5a6=a4a7=﹣8‎ ‎∴a4=4,a7=﹣2或a4=﹣2,a7=4‎ 当a4=4,a7=﹣2时,,‎ ‎∴a1=﹣8,a10=1,‎ ‎∴a1+a10=﹣7‎ 当a4=﹣2,a7=4时,q3=﹣2,则a10=﹣8,a1=1‎ ‎∴a1+a10=﹣7‎ 综上可得,a1+a10=﹣7‎ 故选D ‎ ‎ ‎5.若a,b∈R,且ab>0,则下列不等式中,恒成立的是(  )‎ A.a2+b2>2ab B. C. D.‎ ‎【考点】基本不等式.‎ ‎【分析】利用基本不等式需注意:各数必须是正数.不等式a2+b2≥2ab的使用条件是a,b∈R.‎ ‎【解答】解:对于A;a2+b2≥2ab所以A错 对于B,C,虽然ab>0,只能说明a,b同号,若a,b都小于0时,所以B,C错 ‎∵ab>0‎ ‎∴‎ 故选:D ‎ ‎ ‎6.数列{an}中,a1=1,a2=2,an+2=an+1﹣an,则{an}的前51项和S51=(  )‎ A.1 B.2 C.3 D.4‎ ‎【考点】数列的求和.‎ ‎【分析】根据数列{an}的递推公式,得到an+2=an+1﹣an,又a1=1,a2=2求得各项的值进行相加.由于项数较多,可注意到各项的值是否会出现一定的变化规律,从而为计算带来方便 ‎【解答】解:由a1=1,a2=2,an+2=an+1﹣an,‎ 得a3=2﹣1=1,a4=﹣1,a5=﹣2,a6=﹣1,a7=1,a8=2,…数列{an}各项的值重复出现 ‎∴s51=(a1+a2+a3+a4+a5+a6)+(a7+a8+…a12)+…+(a49+a50+…+a51)=0+0+…+0+1+2=1=4‎ 故选:D ‎ ‎ ‎7.在△ABC中,b=3,c=3,B=30°,则a的值为(  )‎ A.3 B.23 C.3 D.2‎ ‎【考点】余弦定理.‎ ‎【分析】由已知及余弦定理即可计算得解.‎ ‎【解答】解:∵b=3,c=3,B=30°,‎ ‎∴由余弦定理b2=a2+c2﹣2accosB,可得:9=a2+9﹣2×,整理可得:a=3.‎ 故选:C.‎ ‎ ‎ ‎8.已知0<x<1,a=2,b=1+x,c=,则其中最大的是(  )‎ A.a B.b C.c D.不确定 ‎【考点】基本不等式;不等式比较大小.‎ ‎【分析】利用基本不等式的性质可得,1﹣x2<1,即.即可得出.‎ ‎【解答】解:∵0<x<1,a=2,b=1+x,c=,‎ ‎∴,1﹣x2<1,即.‎ ‎∴a<b<c.‎ 故选:C.‎ ‎ ‎ ‎9.在△ABC中,cos2B>cos2A是A>B的(  )‎ A.充分而不必要条件 B.必要而不充分条件 C.充要条件 D.既不充分也不必要条件 ‎【考点】必要条件、充分条件与充要条件的判断;二倍角的余弦.‎ ‎【分析】先判断p⇒q与q⇒p的真假,再根据充要条件的定义给出结论;也可判断命题p与命题q所表示的范围,再根据“谁大谁必要,谁小谁充分”的原则,判断命题p与命题q的关系.‎ ‎【解答】解:cos2B>cos2A ‎⇔1﹣2sin2B>1﹣2sin2A ‎⇔sin2B<sin2A ‎⇔sinA>sinB ‎⇔A>B.‎ 故cos 2B>cos 2A是A>B的充要条件.‎ 故选C ‎ ‎ ‎10.实数x,y满足不等式组,则ω=的取值范围是(  )‎ A.[﹣,] B.[﹣1,] C.[﹣1,1) D.[﹣,1)‎ ‎【考点】简单线性规划.‎ ‎【分析】根据已知的约束条件,画出满足约束条件的可行域,分析表示的几何意义,结合图象即可给出的取值范围.‎ ‎【解答】解:约束条件对应的平面区域如下图示:‎ 表示可行域内的点(x,y)与点(﹣1,1)连线的斜率,‎ 由图可知的取值范围是,‎ 故选D.‎ ‎ ‎ ‎11.已知等差数列{an}的前n项和为Sn,若,且A、B、C三点共线(该直线不过原点O),则S200=(  )‎ A.100 B.101 C.200 D.201‎ ‎【考点】等差数列的前n项和.‎ ‎【分析】由三点共线得a1+a200=1,再由等差数列前n项和公式解得.‎ ‎【解答】解:∵A,B,C三点共线 ‎∴a1+a200=1‎ 又∵‎ ‎∴s200=100‎ 故选A ‎ ‎ ‎12.设a>0,b>0,且不等式++≥0恒成立.则实数k的最小值等于(  )‎ A.4 B.0 C.﹣2 D.﹣4‎ ‎【考点】函数恒成立问题.‎ ‎【分析】先分离出参数k,得k≥﹣(+)(a+b),然后利用基本不等式求得﹣(+)(a+b)的最大值即可.‎ ‎【解答】解:由++≥0,得k≥﹣(+)(a+b),‎ ‎∵﹣(+)(a+b)=﹣(2+)=﹣4,‎ 当且仅当a=b时取等号,‎ ‎∴k≥﹣4,即实数k的最小值等于﹣4,‎ 故选:D.‎ ‎ ‎ 二、填空题:(共4小题,每小题5分,共20分)‎ ‎13.在等比数列{an}中,若a4=5,a8=6,则a2a10= 30 .‎ ‎【考点】等比数列的通项公式.‎ ‎【分析】由等比数列的性质可得a2a10=a4a8,代值计算可得.‎ ‎【解答】解:由等比数列的性质可得a2a10=a4a8,‎ 又∵a4=5,a8=6,‎ ‎∴a2a10=5×6=30,‎ 故答案为:30.‎ ‎ ‎ ‎14.不等式﹣6x2﹣x+2≤0的解集是 {x|x≥,或x≤﹣} .‎ ‎【考点】一元二次不等式的解法.‎ ‎【分析】先求出方程﹣6x2﹣x+2=0的实数根,结合二次函数图象,写出不等式﹣6x2﹣x+2≤0的解集.‎ ‎【解答】解:方程﹣6x2﹣x+2=0的实数根是 x1=,x2=﹣;‎ ‎∴不等式﹣6x2﹣x+2≤0的解集是 ‎{x|x≥,或x≤﹣}.‎ 故答案为:{x|x≥,或x≤﹣}.‎ ‎ ‎ ‎15.已知x>0,y>0,x+2y=16,则xy的最大值为 32 .‎ ‎【考点】基本不等式.‎ ‎【分析】变形为x与2y的乘积,再利用基本不等式求xy的最大值即可.‎ ‎【解答】解:,当且仅当x=2y=8时取等号.‎ 故答案为32.‎ ‎ ‎ ‎16.设x,y满足约束条件,若目标函数z=ax+by(a>0,b>0)的最大值为6,则的最小值为  .‎ ‎【考点】简单线性规划;基本不等式.‎ ‎【分析】作出不等式组对应的平面区域,利用目标函数的几何意义,确定z取最大值点的最优解,利用基本不等式的性质,利用数形结合即可得到结论.‎ ‎【解答】解:作出不等式组对应的平面区域如图:‎ 由z=ax+by(a>0,b>0)得y=,‎ 则直线的斜率k=<0,截距最大时,z也最大.‎ 平移直y=,由图象可知当直线y=经过点A时,‎ 直线y=的截距最大,此时z最大,‎ 由,解得,‎ 即A(4,6),‎ 此时z=4a+6b=6,‎ 即,‎ ‎∴=()()=,‎ 当且仅当,即a=时取等号,此时b=,a=3﹣时取等号..‎ 故答案为:‎ ‎ ‎ 三、解答题:本题共6小题,共70分.‎ ‎17.设锐角三角形ABC的内角A,B,C的对边分别为a,b,c,a=2bsinA ‎(Ⅰ)求B的大小;‎ ‎(Ⅱ)若,c=5,求b.‎ ‎【考点】正弦定理的应用;余弦定理的应用.‎ ‎【分析】(1)根据正弦定理将边的关系化为角的关系,然后即可求出角B的正弦值,再由△ABC为锐角三角形可得答案.‎ ‎(2)根据(1)中所求角B的值,和余弦定理直接可求b的值.‎ ‎【解答】解:(Ⅰ)由a=2bsinA,‎ 根据正弦定理得sinA=2sinBsinA,所以,‎ 由△ABC为锐角三角形得.‎ ‎(Ⅱ)根据余弦定理,得b2=a2+c2﹣2accosB=27+25﹣45=7.‎ 所以,.‎ ‎ ‎ ‎18.在△ABC中,角A、B、C所对的边分别为a、b、c,且a=2,cosB=.‎ ‎(1)若b=4,求sinA的值;‎ ‎(2)若△ABC的面积S△ABC=4,求b、c的值.‎ ‎【考点】余弦定理.‎ ‎【分析】(1)由cosB=>0,且0<B<π,可得sinB=.再利用正弦定理即可得出.‎ ‎(2)由S△ABC=acsinB=,解得c,再利用余弦定理即可得出.‎ ‎【解答】解:(1)∵cosB=>0,且0<B<π,∴sinB==.‎ 由正弦定理得=,∴sinA===.‎ ‎(2)∵S△ABC=acsinB=×=4,∴c=5.‎ 由余弦定理得b2=a2+c2﹣2accosB=22+52﹣2×2×5×=17,∴b=.‎ ‎ ‎ ‎19.设等差数列{an}第10项为24,第25项为﹣21.‎ ‎(1)求这个数列的通项公式;‎ ‎(2)设Sn为其前n项和,求使Sn取最大值时的n值.‎ ‎【考点】等差数列的前n项和;等差数列的通项公式.‎ ‎【分析】(1)由等差数列{an}第10项为24,第25项为﹣21,利用等差数列的通项公式建立方程组求出等差数列的首项和公差,由此能求出这个数列的通项公式.‎ ‎(2)由a1=51,d=﹣3,知Sn=51n+=﹣+,利用配方法能求出使Sn取最大值时的n值.‎ ‎【解答】解:(1)∵等差数列{an}第10项为24,第25项为﹣21,‎ ‎∴,‎ 解得a1=51,d=﹣3,‎ ‎∴an=51+(n﹣1)×(﹣3)=﹣3n+54.‎ ‎(2)∵a1=51,d=﹣3,‎ ‎∴Sn=51n+=﹣+=﹣(n﹣)2+,‎ ‎∴n=16,或n=17时,Sn取最大值.‎ ‎ ‎ ‎20.关于x的不等式:x2﹣(1+a)x+a>0.‎ ‎(1)当a=2时,求不等式的解集;‎ ‎(2)当a∈R时,解不等式.‎ ‎【考点】一元二次不等式的解法.‎ ‎【分析】(1)通过因式分解,即可解出;‎ ‎(2)通过对a与1的大小关系分类讨论即可得出.‎ ‎【解答】解:(1)当a=2时,原不等式化为x2﹣3x+2>0,即(x﹣1)(x﹣2)>0,解得x>2或x<1.‎ ‎∴原不等式的解集为{x|x>2或x<1}.‎ ‎(2)原式等价于(x﹣a)(x﹣1)>0,‎ 当a>1时,解得x>a或x<1,故解集是{x|x>a或x<1};‎ 当a=1时,不等式化为(x﹣1)2>0,故其解集是{x|x≠1};‎ 当a<1时,解得x>1或x<a,故解集是{x|x>1或x<a}.‎ ‎ ‎ ‎21.在△ABC中,角A、B、C的对边分别为a、b、c,面积为S,已知acos2+ccos2=b ‎(1)求证:a、b、c成等差数列;‎ ‎(2)若B=,S=4 求b.‎ ‎【考点】余弦定理;正弦定理.‎ ‎【分析】(1)已知等式利用正弦定理化简,再利用二倍角的余弦函数公式及两角和与差的正弦函数公式变形,整理后再利用正弦定理化简,利用等差数列的性质判断即可得证;‎ ‎(2)利用三角形面积公式列出关系式,把sinB与已知面积代入求出ac的值,利用余弦定理列出关系式,整理得出b的值即可.‎ ‎【解答】解:(1)由正弦定理得:sinAcos2+sinCcos2=sinB,‎ 即sinA•+sinC•=sinB,‎ ‎∴sinA+sinC+sinAcosC+cosAsinC=3sinB,即sinA+sinC+sin(A+C)=3sinB,‎ ‎∵sin(A+C)=sinB,‎ ‎∴sinA+sinC=2sinB,‎ 由正弦定理化简得:a+c=2b,‎ ‎∴a,b,c成等差数列;‎ ‎(2)∵S=acsinB=ac=4,‎ ‎∴ac=16,‎ 又b2=a2+c2﹣2accosB=a2+c2﹣ac=(a+c)2﹣3ac,‎ 由(1)得:a+c=2b,‎ ‎∴b2=4b2﹣48,即b2=16,‎ 解得:b=4.‎ ‎ ‎ ‎22.已知{an}是公比为q的等比数列,且a1,a3,a2成等差数列.‎ ‎(Ⅰ)求q的值;‎ ‎(Ⅱ)设{bn}是以2为首项,q为公差的等差数列,其前n项和为Sn,当n≥2时,比较Sn与bn的大小,并说明理由.‎ ‎【考点】等差数列的前n项和.‎ ‎【分析】(1)由题意可知2a3=a1+a2,根据等比数列通项公式代入a1和q,进而可求得q.‎ ‎(II)讨论当q=1和q=﹣,时分别求得Sn和bn,进而根据Sn﹣bn与0的关系判断Sn与bn的大小,‎ ‎【解答】解:(1)由题意可知,2a3=a1+a2,即a(2q2﹣q﹣1)=0,∴q=1或q=﹣;‎ ‎(II)q=1时,Sn=2n+=,∵n≥2,∴Sn﹣bn=Sn﹣1=>0‎ 当n≥2时,Sn>bn.‎ 若q=﹣,则Sn=,同理Sn﹣bn=.‎ ‎∴2≤n≤9时,Sn>bn,n=10时,Sn=bn,n≥11时,Sn<bn.‎