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- 2021-06-19 发布
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全*品*高*考*网, 用后离不了!2016-2017学年河南省新乡市延津高中高二(上)期中数学试卷(文科)
一、选择题:(本大题共12小题,每小题5分,满分60分.在每小题给出的四个选项中,只有一项是符合题目要求的.)
1.△ABC中,A=45°,B=30°,a=10,则b=( )
A.5 B.10 C.10 D.5
2.下列命题中,正确的是( )
A.若a>b,c>d,则a>c B.若ac>bc,则a>b
C.若<,则a<b D.若a>b,c>d,则ac>bd
3.设x,y∈R,则“x≥2且y≥2”是“x2+y2≥4”的( )
A.充分而不必要条件 B.必要而不充分条件
C.充分必要条件 D.既不充分也不必要条件
4.已知{an}为等比数列,a4+a7=2,a5a6=﹣8,则a1+a10=( )
A.7 B.5 C.﹣5 D.﹣7
5.若a,b∈R,且ab>0,则下列不等式中,恒成立的是( )
A.a2+b2>2ab B. C. D.
6.数列{an}中,a1=1,a2=2,an+2=an+1﹣an,则{an}的前51项和S51=( )
A.1 B.2 C.3 D.4
7.在△ABC中,b=3,c=3,B=30°,则a的值为( )
A.3 B.23 C.3 D.2
8.已知0<x<1,a=2,b=1+x,c=,则其中最大的是( )
A.a B.b C.c D.不确定
9.在△ABC中,cos2B>cos2A是A>B的( )
A.充分而不必要条件 B.必要而不充分条件
C.充要条件 D.既不充分也不必要条件
10.实数x,y满足不等式组,则ω=的取值范围是( )
A.[﹣,] B.[﹣1,] C.[﹣1,1) D.[﹣,1)
11.已知等差数列{an}的前n项和为Sn,若,且A、B、C三点共线(该直线不过原点O),则S200=( )
A.100 B.101 C.200 D.201
12.设a>0,b>0,且不等式++≥0恒成立.则实数k的最小值等于( )
A.4 B.0 C.﹣2 D.﹣4
二、填空题:(共4小题,每小题5分,共20分)
13.在等比数列{an}中,若a4=5,a8=6,则a2a10= .
14.不等式﹣6x2﹣x+2≤0的解集是 .
15.已知x>0,y>0,x+2y=16,则xy的最大值为 .
16.设x,y满足约束条件,若目标函数z=ax+by(a>0,b>0)的最大值为6,则的最小值为 .
三、解答题:本题共6小题,共70分.
17.设锐角三角形ABC的内角A,B,C的对边分别为a,b,c,a=2bsinA
(Ⅰ)求B的大小;
(Ⅱ)若,c=5,求b.
18.在△ABC中,角A、B、C所对的边分别为a、b、c,且a=2,cosB=.
(1)若b=4,求sinA的值;
(2)若△ABC的面积S△ABC=4,求b、c的值.
19.设等差数列{an}第10项为24,第25项为﹣21.
(1)求这个数列的通项公式;
(2)设Sn为其前n项和,求使Sn取最大值时的n值.
20.关于x的不等式:x2﹣(1+a)x+a>0.
(1)当a=2时,求不等式的解集;
(2)当a∈R时,解不等式.
21.在△ABC中,角A、B、C的对边分别为a、b、c,面积为S,已知acos2+ccos2=b
(1)求证:a、b、c成等差数列;
(2)若B=,S=4 求b.
22.已知{an}是公比为q的等比数列,且a1,a3,a2成等差数列.
(Ⅰ)求q的值;
(Ⅱ)设{bn}是以2为首项,q为公差的等差数列,其前n项和为Sn,当n≥2时,比较Sn与bn的大小,并说明理由.
2016-2017学年河南省新乡市延津高中高二(上)期中数学试卷(文科)
参考答案与试题解析
一、选择题:(本大题共12小题,每小题5分,满分60分.在每小题给出的四个选项中,只有一项是符合题目要求的.)
1.△ABC中,A=45°,B=30°,a=10,则b=( )
A.5 B.10 C.10 D.5
【考点】正弦定理.
【分析】根据题意,由正弦定理可得=,变形可得b=,带入数据计算可得答案.
【解答】解:根据题意,△ABC中,有=,则b=,
又由A=45°,B=30°,a=10,
则b===5;
故选:A.
2.下列命题中,正确的是( )
A.若a>b,c>d,则a>c B.若ac>bc,则a>b
C.若<,则a<b D.若a>b,c>d,则ac>bd
【考点】不等式比较大小.
【分析】对于A,B,D举例即可判断,对于C根据不等式的性质即可判断
【解答】解:对于A:若a=﹣2,b=﹣3,c=1,d=﹣2,则不成立,
对于B:若c≤0,则不成立,
对于C:根据不等式的性质两边同乘以c2,则a<b,故成立,
对于D:若a=1,b=﹣1,c=﹣1,d=﹣2,则不成立,
故选:C
3.设x,y∈R,则“x≥2且y≥2”是“x2+y2≥4”的( )
A.充分而不必要条件 B.必要而不充分条件
C.充分必要条件 D.既不充分也不必要条件
【考点】必要条件、充分条件与充要条件的判断.
【分析】由“x≥2且y≥2”推出“x2+y2≥4”可证明充分性;由满足“x2+y2≥4”可举出反例推翻“x≥2且y≥2”,则证明不必要性,综合可得答案.
【解答】解:若x≥2且y≥2,则x2≥4,y2≥4,所以x2+y2≥8,即x2+y2≥4;
若x2+y2≥4,则如(﹣2,﹣2)满足条件,但不满足x≥2且y≥2.
所以“x≥2且y≥2”是“x2+y2≥4”的充分而不必要条件.
故选A.
4.已知{an}为等比数列,a4+a7=2,a5a6=﹣8,则a1+a10=( )
A.7 B.5 C.﹣5 D.﹣7
【考点】等比数列的性质;等比数列的通项公式.
【分析】由a4+a7=2,及a5a6=a4a7=﹣8可求a4,a7,进而可求公比q,代入等比数列的通项可求a1,a10,即可
【解答】解:∵a4+a7=2,由等比数列的性质可得,a5a6=a4a7=﹣8
∴a4=4,a7=﹣2或a4=﹣2,a7=4
当a4=4,a7=﹣2时,,
∴a1=﹣8,a10=1,
∴a1+a10=﹣7
当a4=﹣2,a7=4时,q3=﹣2,则a10=﹣8,a1=1
∴a1+a10=﹣7
综上可得,a1+a10=﹣7
故选D
5.若a,b∈R,且ab>0,则下列不等式中,恒成立的是( )
A.a2+b2>2ab B. C. D.
【考点】基本不等式.
【分析】利用基本不等式需注意:各数必须是正数.不等式a2+b2≥2ab的使用条件是a,b∈R.
【解答】解:对于A;a2+b2≥2ab所以A错
对于B,C,虽然ab>0,只能说明a,b同号,若a,b都小于0时,所以B,C错
∵ab>0
∴
故选:D
6.数列{an}中,a1=1,a2=2,an+2=an+1﹣an,则{an}的前51项和S51=( )
A.1 B.2 C.3 D.4
【考点】数列的求和.
【分析】根据数列{an}的递推公式,得到an+2=an+1﹣an,又a1=1,a2=2求得各项的值进行相加.由于项数较多,可注意到各项的值是否会出现一定的变化规律,从而为计算带来方便
【解答】解:由a1=1,a2=2,an+2=an+1﹣an,
得a3=2﹣1=1,a4=﹣1,a5=﹣2,a6=﹣1,a7=1,a8=2,…数列{an}各项的值重复出现
∴s51=(a1+a2+a3+a4+a5+a6)+(a7+a8+…a12)+…+(a49+a50+…+a51)=0+0+…+0+1+2=1=4
故选:D
7.在△ABC中,b=3,c=3,B=30°,则a的值为( )
A.3 B.23 C.3 D.2
【考点】余弦定理.
【分析】由已知及余弦定理即可计算得解.
【解答】解:∵b=3,c=3,B=30°,
∴由余弦定理b2=a2+c2﹣2accosB,可得:9=a2+9﹣2×,整理可得:a=3.
故选:C.
8.已知0<x<1,a=2,b=1+x,c=,则其中最大的是( )
A.a B.b C.c D.不确定
【考点】基本不等式;不等式比较大小.
【分析】利用基本不等式的性质可得,1﹣x2<1,即.即可得出.
【解答】解:∵0<x<1,a=2,b=1+x,c=,
∴,1﹣x2<1,即.
∴a<b<c.
故选:C.
9.在△ABC中,cos2B>cos2A是A>B的( )
A.充分而不必要条件 B.必要而不充分条件
C.充要条件 D.既不充分也不必要条件
【考点】必要条件、充分条件与充要条件的判断;二倍角的余弦.
【分析】先判断p⇒q与q⇒p的真假,再根据充要条件的定义给出结论;也可判断命题p与命题q所表示的范围,再根据“谁大谁必要,谁小谁充分”的原则,判断命题p与命题q的关系.
【解答】解:cos2B>cos2A
⇔1﹣2sin2B>1﹣2sin2A
⇔sin2B<sin2A
⇔sinA>sinB
⇔A>B.
故cos 2B>cos 2A是A>B的充要条件.
故选C
10.实数x,y满足不等式组,则ω=的取值范围是( )
A.[﹣,] B.[﹣1,] C.[﹣1,1) D.[﹣,1)
【考点】简单线性规划.
【分析】根据已知的约束条件,画出满足约束条件的可行域,分析表示的几何意义,结合图象即可给出的取值范围.
【解答】解:约束条件对应的平面区域如下图示:
表示可行域内的点(x,y)与点(﹣1,1)连线的斜率,
由图可知的取值范围是,
故选D.
11.已知等差数列{an}的前n项和为Sn,若,且A、B、C三点共线(该直线不过原点O),则S200=( )
A.100 B.101 C.200 D.201
【考点】等差数列的前n项和.
【分析】由三点共线得a1+a200=1,再由等差数列前n项和公式解得.
【解答】解:∵A,B,C三点共线
∴a1+a200=1
又∵
∴s200=100
故选A
12.设a>0,b>0,且不等式++≥0恒成立.则实数k的最小值等于( )
A.4 B.0 C.﹣2 D.﹣4
【考点】函数恒成立问题.
【分析】先分离出参数k,得k≥﹣(+)(a+b),然后利用基本不等式求得﹣(+)(a+b)的最大值即可.
【解答】解:由++≥0,得k≥﹣(+)(a+b),
∵﹣(+)(a+b)=﹣(2+)=﹣4,
当且仅当a=b时取等号,
∴k≥﹣4,即实数k的最小值等于﹣4,
故选:D.
二、填空题:(共4小题,每小题5分,共20分)
13.在等比数列{an}中,若a4=5,a8=6,则a2a10= 30 .
【考点】等比数列的通项公式.
【分析】由等比数列的性质可得a2a10=a4a8,代值计算可得.
【解答】解:由等比数列的性质可得a2a10=a4a8,
又∵a4=5,a8=6,
∴a2a10=5×6=30,
故答案为:30.
14.不等式﹣6x2﹣x+2≤0的解集是 {x|x≥,或x≤﹣} .
【考点】一元二次不等式的解法.
【分析】先求出方程﹣6x2﹣x+2=0的实数根,结合二次函数图象,写出不等式﹣6x2﹣x+2≤0的解集.
【解答】解:方程﹣6x2﹣x+2=0的实数根是
x1=,x2=﹣;
∴不等式﹣6x2﹣x+2≤0的解集是
{x|x≥,或x≤﹣}.
故答案为:{x|x≥,或x≤﹣}.
15.已知x>0,y>0,x+2y=16,则xy的最大值为 32 .
【考点】基本不等式.
【分析】变形为x与2y的乘积,再利用基本不等式求xy的最大值即可.
【解答】解:,当且仅当x=2y=8时取等号.
故答案为32.
16.设x,y满足约束条件,若目标函数z=ax+by(a>0,b>0)的最大值为6,则的最小值为 .
【考点】简单线性规划;基本不等式.
【分析】作出不等式组对应的平面区域,利用目标函数的几何意义,确定z取最大值点的最优解,利用基本不等式的性质,利用数形结合即可得到结论.
【解答】解:作出不等式组对应的平面区域如图:
由z=ax+by(a>0,b>0)得y=,
则直线的斜率k=<0,截距最大时,z也最大.
平移直y=,由图象可知当直线y=经过点A时,
直线y=的截距最大,此时z最大,
由,解得,
即A(4,6),
此时z=4a+6b=6,
即,
∴=()()=,
当且仅当,即a=时取等号,此时b=,a=3﹣时取等号..
故答案为:
三、解答题:本题共6小题,共70分.
17.设锐角三角形ABC的内角A,B,C的对边分别为a,b,c,a=2bsinA
(Ⅰ)求B的大小;
(Ⅱ)若,c=5,求b.
【考点】正弦定理的应用;余弦定理的应用.
【分析】(1)根据正弦定理将边的关系化为角的关系,然后即可求出角B的正弦值,再由△ABC为锐角三角形可得答案.
(2)根据(1)中所求角B的值,和余弦定理直接可求b的值.
【解答】解:(Ⅰ)由a=2bsinA,
根据正弦定理得sinA=2sinBsinA,所以,
由△ABC为锐角三角形得.
(Ⅱ)根据余弦定理,得b2=a2+c2﹣2accosB=27+25﹣45=7.
所以,.
18.在△ABC中,角A、B、C所对的边分别为a、b、c,且a=2,cosB=.
(1)若b=4,求sinA的值;
(2)若△ABC的面积S△ABC=4,求b、c的值.
【考点】余弦定理.
【分析】(1)由cosB=>0,且0<B<π,可得sinB=.再利用正弦定理即可得出.
(2)由S△ABC=acsinB=,解得c,再利用余弦定理即可得出.
【解答】解:(1)∵cosB=>0,且0<B<π,∴sinB==.
由正弦定理得=,∴sinA===.
(2)∵S△ABC=acsinB=×=4,∴c=5.
由余弦定理得b2=a2+c2﹣2accosB=22+52﹣2×2×5×=17,∴b=.
19.设等差数列{an}第10项为24,第25项为﹣21.
(1)求这个数列的通项公式;
(2)设Sn为其前n项和,求使Sn取最大值时的n值.
【考点】等差数列的前n项和;等差数列的通项公式.
【分析】(1)由等差数列{an}第10项为24,第25项为﹣21,利用等差数列的通项公式建立方程组求出等差数列的首项和公差,由此能求出这个数列的通项公式.
(2)由a1=51,d=﹣3,知Sn=51n+=﹣+,利用配方法能求出使Sn取最大值时的n值.
【解答】解:(1)∵等差数列{an}第10项为24,第25项为﹣21,
∴,
解得a1=51,d=﹣3,
∴an=51+(n﹣1)×(﹣3)=﹣3n+54.
(2)∵a1=51,d=﹣3,
∴Sn=51n+=﹣+=﹣(n﹣)2+,
∴n=16,或n=17时,Sn取最大值.
20.关于x的不等式:x2﹣(1+a)x+a>0.
(1)当a=2时,求不等式的解集;
(2)当a∈R时,解不等式.
【考点】一元二次不等式的解法.
【分析】(1)通过因式分解,即可解出;
(2)通过对a与1的大小关系分类讨论即可得出.
【解答】解:(1)当a=2时,原不等式化为x2﹣3x+2>0,即(x﹣1)(x﹣2)>0,解得x>2或x<1.
∴原不等式的解集为{x|x>2或x<1}.
(2)原式等价于(x﹣a)(x﹣1)>0,
当a>1时,解得x>a或x<1,故解集是{x|x>a或x<1};
当a=1时,不等式化为(x﹣1)2>0,故其解集是{x|x≠1};
当a<1时,解得x>1或x<a,故解集是{x|x>1或x<a}.
21.在△ABC中,角A、B、C的对边分别为a、b、c,面积为S,已知acos2+ccos2=b
(1)求证:a、b、c成等差数列;
(2)若B=,S=4 求b.
【考点】余弦定理;正弦定理.
【分析】(1)已知等式利用正弦定理化简,再利用二倍角的余弦函数公式及两角和与差的正弦函数公式变形,整理后再利用正弦定理化简,利用等差数列的性质判断即可得证;
(2)利用三角形面积公式列出关系式,把sinB与已知面积代入求出ac的值,利用余弦定理列出关系式,整理得出b的值即可.
【解答】解:(1)由正弦定理得:sinAcos2+sinCcos2=sinB,
即sinA•+sinC•=sinB,
∴sinA+sinC+sinAcosC+cosAsinC=3sinB,即sinA+sinC+sin(A+C)=3sinB,
∵sin(A+C)=sinB,
∴sinA+sinC=2sinB,
由正弦定理化简得:a+c=2b,
∴a,b,c成等差数列;
(2)∵S=acsinB=ac=4,
∴ac=16,
又b2=a2+c2﹣2accosB=a2+c2﹣ac=(a+c)2﹣3ac,
由(1)得:a+c=2b,
∴b2=4b2﹣48,即b2=16,
解得:b=4.
22.已知{an}是公比为q的等比数列,且a1,a3,a2成等差数列.
(Ⅰ)求q的值;
(Ⅱ)设{bn}是以2为首项,q为公差的等差数列,其前n项和为Sn,当n≥2时,比较Sn与bn的大小,并说明理由.
【考点】等差数列的前n项和.
【分析】(1)由题意可知2a3=a1+a2,根据等比数列通项公式代入a1和q,进而可求得q.
(II)讨论当q=1和q=﹣,时分别求得Sn和bn,进而根据Sn﹣bn与0的关系判断Sn与bn的大小,
【解答】解:(1)由题意可知,2a3=a1+a2,即a(2q2﹣q﹣1)=0,∴q=1或q=﹣;
(II)q=1时,Sn=2n+=,∵n≥2,∴Sn﹣bn=Sn﹣1=>0
当n≥2时,Sn>bn.
若q=﹣,则Sn=,同理Sn﹣bn=.
∴2≤n≤9时,Sn>bn,n=10时,Sn=bn,n≥11时,Sn<bn.