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- 2021-06-20 发布
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一、考纲要求:
1.理解直线的方向向量与平面的法向量.
2.能用向量语言表述线线、线面、面面的平行和垂直关系.
3.能用向量方法证明有关直线和平面位置关系的一些简单定理(包括三垂线定理).
4.能用向量方法解决直线与直线、直线与平面、平面与平面的夹角的计算问题,了解向量方法在研究立体几何问题中的应用.
二、概念掌握及解题上的注意点:
1.利用已知的线面垂直关系构建空间直角坐标系,准确写出相关点的坐标,从而将几何证明转化为向量运算.其中灵活建系是解题的关键.
2.用向量证明垂直的方法
(1))线线垂直:证明两直线所在的方向向量互相垂直,即证它们的数量积为零.
(2))线面垂直:证明直线的方向向量与平面的法向量共线,或将线面垂直的判定定理用向量表示.
(3))面面垂直:证明两个平面的法向量垂直,或将面面垂直的判定定理用向量表示.
3.利用向量法求异面直线所成的角的步骤
(1))选好基底或建立空间直角坐标系.
(2))求出两直线的方向向量v1,v2.
(3))代入公式|cos〈v1,v2〉|=求解.
4.求线面角方法:
(1))线面角范围,向量夹角范围为[0,π].
(2))线面角θ的正弦值等于斜线对应向量与平面法向量夹角余弦值的绝对值.即sin θ=.
即斜向量,n为平面法向量.
例5.(2018天津卷)如图,AD∥BC且AD=2BC,AD⊥CD,EG∥AD且EG=AD,CD∥FG且CD=2FG,DG⊥平面ABCD,DA=DC=DG=2.
(Ⅰ)若M为CF的中点,N为EG的中点,求证:MN∥平面CDE;
(Ⅱ)求二面角E﹣BC﹣F的正弦值;
(Ⅲ)若点P在线段DG上,且直线BP与平面ADGE所成的角为60°,求线段DP的长.
【答案】(Ⅰ)见解析;(Ⅱ);(Ⅲ)
(Ⅱ)解:依题意,可得,,.
设为平面BCE的法向量,
则,不妨令z=1,可得.
设为平面BCF的法向量,
则,不妨令z=1,可得.
因此有cos<>=,于是sin<>=.
∴二面角E﹣BC﹣F的正弦值为;
例6.(2018浙江卷)如图,已知多面体ABCA1B1C1,A1A,B1B,C1C均垂直于平面ABC,∠ABC=120°,A1A=4,C1C=l,AB=BC=B1B=2.
(Ⅰ)证明:AB1⊥平面A1B1C1;
(Ⅱ)求直线AC1与平面ABB1所成的角的正弦值.
【答案】(Ⅰ)见解析;(Ⅱ)
【解析】:(I)证明:∵A1A⊥平面ABC,B1B⊥平面ABC,
∴AA1∥BB1,
∵AA1=4,BB1=2,AB=2,
∴A1B1==2,
又AB1==2,∴AA12=AB12+A1B12,
∴AB1⊥A1B1,
同理可得:AB1⊥B1C1,
又A1B1∩B1C1=B1,
∴AB1⊥平面A1B1C1.
设平面ABB1的法向量为=(x,y,z),则,
∴,令y=1可得=(﹣,1,0),
∴cos<>===.
设直线AC1与平面ABB1所成的角为θ,则sinθ=|cos<>|=.
∴直线AC1与平面ABB1所成的角的正弦值为.
例7.(2018上海卷)已知圆锥的顶点为P,底面圆心为O,半径为2.
(1)设圆锥的母线长为4,求圆锥的体积;
(2)设PO=4,OA、OB是底面半径,且∠AOB=90°,M为线段AB的中点,如图.求异面直线PM与OB所成的角的大小.
【答案】(1);(2)arccos
【解析】:(1)∵圆锥的顶点为P,底面圆心为O,半径为2,圆锥的母线长为4,
∴圆锥的体积V==
=.
设异面直线PM与OB所成的角为θ,
则cosθ===.
∴θ=arccos.
∴异面直线PM与OB所成的角的为arccos.
立体几何向量方法
一、选择题
1.若直线l的方向向量为a=(1,0,2),平面α的法向量为n=(-2,0,-4),则 ( )
A.l∥α B.l⊥α
C.l⊂α D.l与α相交
【答案】B
【解析】: ∵n=-2a,
∴a与平面α的法向量平行,∴l⊥α.
18.如图所示,四棱锥PABCD的底面是边长为1的正方形,PA⊥CD,PA=1,PD=,E为PD上一点,PE=2ED.
(1)求证:PA⊥平面ABCD;
(2)在侧棱PC上是否存在一点F,使得BF∥平面AEC?若存在,指出F点的位置,并证明;若不存在,说明理由.
【答案】见解析
则n=(-1,1,-2).
假设侧棱PC上存在一点F,且=λ(0≤λ≤1),
使得BF∥平面AEC,则·n=0.
又∵=+=(0,1,0)+(-λ,-λ,λ)=(-λ,1-λ,λ),
∴·n=λ+1-λ-2λ=0,∴λ=,
∴存在点F,使得BF∥平面AEC,且F为PC的中点.
19.如图,在四棱台ABCDA1B1C1D1中,AA1⊥底面ABCD,四边形ABCD为菱形,∠BAD=120°,AB=AA1=2A1B1=2.
(1)若M为CD的中点,求证:AM⊥平面AA1B1B;
(2)求直线DD1与平面A1BD所成角的正弦值.
【答案】(1)见解析;(2)
【解析】: (1)证明:∵四边形ABCD为菱形,∠BAD=120°,连接AC,则△ACD为等边三角形,
又∵M为CD的中点,∴AM⊥CD,
由CD∥AB得AM⊥AB.
∵AA1⊥底面ABCD,AM⊂底面ABCD,
∴AM⊥AA1,又∵AB∩AA1=A,
∴AM⊥平面AA1B1B.
设平面A1BD的法向量为n=(x,y,z),
则有⇒
令x=1,则n=(1,,1).
∴直线DD1与平面A1BD所成角θ的正弦值
sin θ=|cos〈n,1〉|==.
20.如图,四棱锥PABCD的底面为正方形,侧棱PA⊥底面ABCD,且PA=AD=2,E,F,H分别是线段PA,PD,AB的中点.
求证:(1)PB∥平面EFH;
(2)PD⊥平面AHF.
【答案】见解析
【解析】:[证明] 建立如图所示的空间直角坐标系Axyz.
(2)∵=(0,2,-2),=(1,0,0),=(0,1,1),
∴·=0×0+2×1+(-2)×1=0,
·=0×1+2×0+(-2)×0=0,
∴PD⊥AF,PD⊥AH.
又∵AF∩AH=A,∴PD⊥平面AHF.
21.如图,在平行六面体ABCDA1B1C1D1中,AA1⊥平面ABCD,且AB=AD=2,AA1=,∠BAD=120°.
(1)求异面直线A1B与AC1所成角的余弦值;
(2)求二面角BA1DA的正弦值.
【答案】(1) ;(2)
(1)=(,-1,-),=(,1,),
则cos〈,〉=
==-,
因此异面直线A1B与AC1所成角的余弦值为.
(2)解:平面A1DA的一个法向量为=(,0,0).
设m=(x,y,z)为平面BA1D的一个法向量,
又=(,-1,-),=(-,3,0),
则
即
因此二面角BA1DA的正弦值为.
22.如图,四棱锥PABCD中,侧面PAD为等边三角形且垂直于底面ABCD,AB=BC=
AD,∠BAD=∠ABC=90°,E是PD的中点.
(1)证明:直线CE∥平面PAB;
(2)点M在棱PC上,且直线BM与底面ABCD所成角为45°,求二面角MABD的余弦值.
【答案】(1)见解析;(2)
【解析】: (1)证明:取PA的中点F,连接EF,BF.
因为E是PD的中点,所以EF∥AD,EF=AD.
由∠BAD=∠ABC=90°得BC∥AD,
又BC=AD,所以EFBC,
四边形BCEF是平行四边形,CE∥BF.
又BF⊂平面PAB,CE⊄平面PAB,故CE∥平面PAB.
(2)解:由已知得BA⊥AD,以A为坐标原点,的方向为x轴正方向,||为单位长度,建立如图所示的空间直角坐标系Axyz,则A(0,0,0),B(1,0,0),C(1,1,0),P(0,1,),=(1,0,-),=(1,0,0).
从而=.
设m=(x0,y0,z0)是平面ABM的法向量,则
即
所以可取m=(0,-,2).
于是cos〈m,n〉==.
因此二面角MABD的余弦值为.