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- 2021-06-22 发布
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【课时训练】导数与函数的单调性
一、选择题
1.(2018广西钦州一模)函数f(x)=x-ln x的单调递减区间为( )
A.(0,1) B.(0,+∞)
C.(1,+∞) D.(-∞,0)∪(1,+∞)
【答案】A
【解析】函数的定义域是(0,+∞),且f ′(x)=1-=,令f ′(x)<0,解得0f(c)>f(d) B.f(b)>f(a)>f(e)
C.f(c)>f(b)>f(a) D.f(c)>f(e)>f(d)
【答案】C
【解析】依题意得,当x∈(-∞,c)时,f ′(x)>0,因此,函数f(x)在(-∞,c)内是增函数,由af(b)>f(a).
3.(2018江苏如皋一模)若函数f(x)=2x3-3mx2+6x在区间(2,+∞)内为增函数,则实数m的取值范围为( )
A.(-∞,2) B.(-∞,2]
C. D.
【答案】D
【解析】∵f ′(x)=6x2-6mx+6,当x∈(2,+∞)时,f ′(x)≥0恒成立,
即x2-mx+1≥0恒成立,∴m≤x+恒成立.
令g(x)=x+,g′(x)=1-,
∴当x>2时,g′(x)>0,即g(x)在(2,+∞)内单调递增.
∴m≤2+=.
4.(2018河北邯郸模拟)若函数f(x)=kx-ln x在区间(1,+∞)单调递增,则k的取值范围是( )
A.(-∞,-2] B.(-∞,-1]
C.[2,+∞) D.[1,+∞)
【答案】D
【解析】由于f ′(x)=k-,f(x)=kx-ln x在区间(1,+∞)单调递增⇔f ′(x)=k-≥0在(1,+∞)内恒成立.由于k≥,而0<<1,所以k≥1,即k的取值范围为[1,+∞).
5.(2018保定第一中学期末)函数f(x)的定义域为R,f(-1)=2,对任意x∈R,f ′(x)>2,则f(x)>2x+4的解集为( )
A.(-1,1) B.(-1,+∞)
C.(-∞,-1) D.(-∞,+∞)
【答案】B
【解析】由f(x)>2x+4,得f(x)-2x-4>0,设F(x)=f(x)-2x-4,则f ′(x)=f ′(x)-2,
因为f ′(x)>2,所以f ′(x)>0在R内恒成立.所以F(x)在R内单调递增.
又F(-1)=f(-1)-2×(-1)-4=2+2-4=0,故不等式f(x)-2x-4>0等价于F(x)>F(-1),所以x>-1.
6.(2019湖北武汉调研)函数f(x)在定义域R内可导,若f(x)=f(2-x),且当x∈(-∞,1)时,(x-1)f ′(x)<0,设a=f(0),b=f ,c=f(3),则( )
A.a0,则f(x)在(-∞,1)内为增函数;
又f(3)=f(-1),且-1<0<<1,因此有f(-1)0.因为x>0,所以[xf(x)]′>0,即函数y=xf(x)为增函数,由a,b∈(0,+∞)且a>b,得af(a)>bf(b).故选B.
二、填空题
10.(2018长春调研)已知函数f(x)=(-x2+2x)ex(x∈R,e为自然对数的底数),则函数f(x)的单调递增区间为________.
【答案】(-,)
【解析】因为f(x)=(-x2+2x)ex,
所以f ′(x)=(-2x+2)ex+(-x2+2x)ex=(-x2+2)ex.
令f ′(x)>0,即(-x2+2)ex>0,
因为ex>0,所以-x2+2>0,解得-0时,xf ′(x)-f(x)>0,则使得f(x)>0成立的x的取值范围是________.
【答案】(-2,0)∪(2,+∞)
【解析】令g(x)=,则g′(x)=>0,x∈(0,+∞),所以函数g(x)在(0,+∞)内单调递增.
又g(-x)====g(x),
则g(x)是偶函数,g(-2)=0=g(2).
则f(x)=xg(x)>0⇔ 或 解得x>2或-20的解集为(-2,0)∪(2,+∞).
三、解答题
14.(2018南昌模拟)设函数f(x)=a(x-5)2+6ln x,其中a∈R,曲线y=f(x)在点(1, f(1))处的切线与y轴相交于点(0,6).
(1)确定a的值;
(2)求函数f(x)的单调区间.
【解】 (1)因为f(x)=a(x-5)2+6ln x,故f ′(x)=2a(x-5)+.
令x=1,得f(1)=16a, f ′(1)=6-8a,所以曲线y=f(x)在点(1, f(1))处的切线方程为y-16a=(6-8a)(x-1).由点(0,6)在切线上可得6-16a=8a-6,故a=.
(2)由(1),知f(x)=(x-5)2+6ln x(x>0),f ′(x)=x-5+=.
令f ′(x)=0,解得x1=2,x2=3.
当03时, f ′(x)>0,故f(x)在(0,2),(3,+∞)内为增函数;当2