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- 2021-06-23 发布
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2016-2017学年江苏省盐城市学富镇时杨中学高二(上)期中数学试卷
一、填空题(本大题共14小题,每小题5分,计70分)
1.命题“存在实数x”,使2x2﹣x+3=0的否定是: .
2.已知椭圆+,那它的焦距为 .
3.已知f(x)=x3﹣2,则曲线y=f(x)在x=处的切线斜率为 .
4.若点(1,1)在直线x+y=a右上方,则a的取值范围是 .
5.若抛物线的焦点坐标为(﹣2,0),则抛物线的标准方程是 .
6.若实数x,y满足,则目标函数z=2x+y 的取值范围是 .
7.不等式的解集为 .
8.已知函数f(x)=x2lnx(x>0),则f'(1)= .
9.“”是“对任意的正数x,”的 条件.
10.已知椭圆+ 上一点P到左焦点的距离为4,求P点到右准线的距离 .
11.给出下列四个命题:
①“若xy=1,则x,y互为倒数”的逆命题;
②“相似三角形的周长相等”的否命题;
③“若b≤﹣1,则x2﹣2bx+b2+b=0有实数根”的逆否命题;
④若p:x>1,q:x≥4,则p是q的充分条件;
其中真命题的序号是 .(请把所有真命题的序号都填上).
12.已知椭圆的焦点到相应准线的距离为长半轴长,该椭圆椭圆的离心率 .
13.曲线y=ex在点(2,e2)处的切线与坐标轴所围成的三角形的面积为 .
14.已知x、y为正实数,则+的最小值为 .
二、解答题(本大题共6小题,计90分)
15.(12分)解不等式:
(1)﹣x2+2x+3>0
(2)≤0.
16.(12分)已知命题p:关于x的不等式x2+2ax+4>0对∀x∈R恒成立;命题q:不等式x2﹣(a+1)x+1≤0的解集是空集.若“p∨q”为真命题,“p∧q”为假命题,求实数a的取值范围.
17.(14分)若不等式ax2+(a﹣5)x﹣2>0的解集为{x|﹣2<x<﹣}
(1)解不等式2x2+(2﹣a)x﹣a>0
(2)求b为的范围,使﹣ax2+bx+3≥0 的解集为R.
18.(14分)已知F1、F2 是椭圆C: +=1(a>b>0):的左、右焦点,点Q(﹣,1)在椭圆上,线段QF2 与y轴的交点M,且点M为QF2 中点
(1)求椭圆C的方程;
(2)设P为椭圆C上一点,且∠F1PF2=,求△F1PF2 的面积.
19.(14分)某商店预备在一个月内分批购买每张价值为200元的书桌共36台,每批都购入x台(x是正整数),且每批均需付运费40元,储存购入的书桌一个月所付的保管费与每批购入书桌的总价值(不含运费)成正比,若每批购入4台,则该月需用去运费和保管费共520元,现在全月只有480元资金可以用于支付运费和保管费.
(1)求该月需用去的运费和保管费的总费用f(x);
(2)能否恰当地安排每批进货的数量,使资金够用?写出你的结论,并说明理由.
20.(14分)在平面直角坐标系xOy中,已知椭圆C: +=1(a>b>0)过点P(1,),离心率为.
(1)求椭圆C的方程;
(2)设直线l与椭圆C交于A,B两点.
①若直线l过椭圆C的右焦点,记△ABP三条边所在直线的斜率的乘积为t,求t的最大值;
②若直线l的斜率为,试探究OA2+OB2是否为定值,若是定值,则求出此定值;若不是定值,请说明理由.
2016-2017学年江苏省盐城市学富镇时杨中学高二(上)期中数学试卷
参考答案与试题解析
一、填空题(本大题共14小题,每小题5分,计70分)
1.(2016秋•盐都区校级期中)命题“存在实数x”,使2x2﹣x+3=0的否定是: 任意实数x,使2x2﹣x+3≠0 .
【考点】命题的否定.
【专题】简易逻辑.
【分析】特称命题的否定是全称命题写出结果即可.
【解答】解:因为特称命题的否定是全称命题,
所以命题“存在实数x”,使2x2﹣x+3=0的否定是:任意实数x,使2x2﹣x+3≠0.
故答案为:任意实数x,使2x2﹣x+3≠0.
【点评】本题考查命题的否定,特称命题与全称命题的否定关系.
2.(2016秋•盐都区校级期中)已知椭圆+,那它的焦距为 8 .
【考点】椭圆的标准方程.
【专题】计算题;方程思想;演绎法;圆锥曲线的定义、性质与方程.
【分析】由椭圆的标准方程及其c=即可得出.
【解答】解:由椭圆+可得焦距2c=2=8.
故答案为:8.
【点评】本题考查了椭圆的标准方程及其性质,属于基础题.
3.(2016秋•盐都区校级期中)已知f(x)=x3﹣2,则曲线y=f(x)在x=处的切线斜率为 .
【考点】利用导数研究曲线上某点切线方程.
【专题】函数思想;分析法;导数的概念及应用.
【分析】求得f(x)的导数,运用导数的几何意义可得所求切线的斜率.
【解答】解:f(x)=x3﹣2的导数为f′(x)=3x2,
由导数的几何意义可得,
曲线y=f(x)在x=处的切线斜率为k=3×=.
故答案为:.
【点评】本题考查导数的运用:求切线的斜率,考查导数的几何意义,以及运算能力,属于基础题.
4.(2016秋•盐都区校级期中)若点(1,1)在直线x+y=a右上方,则a的取值范围是 (﹣∞,2) .
【考点】二元一次不等式(组)与平面区域.
【专题】转化思想;转化法;不等式的解法及应用.
【分析】利用点(1,1)在直线x+y=a右上方(不包括边界),建立条件关系,进行求解即可.
【解答】解:若点(1,1)在直线x+y=a右上方,
则1+1>a,解得:a<2,
故答案为:(﹣∞,2).
【点评】本题主要考查二元一次不等式表示平面区域,以及点与平面区域的关系,比较基础.
5.(2011•秦州区校级模拟)若抛物线的焦点坐标为(﹣2,0),则抛物线的标准方程是 y2=﹣8x .
【考点】抛物线的标准方程.
【专题】计算题.
【分析】由焦点(﹣2,0),可设抛物线的方程为y2=﹣2px,由可求p.
【解答】解:由焦点(﹣2,0)可设抛物线的方程为y2=﹣2px
∵
∴p=4
∴y2=﹣8x
故答案为:y2=﹣8x.
【点评】本题主要考查了由抛物线的性质求解抛物线的方程,解题的关键是由抛物线的焦点确定抛物线的开口方向,属于基础试题.
6.(2016秋•盐都区校级期中)若实数x,y满足,则目标函数z=2x+y 的取值范围是 [0,4] .
【考点】简单线性规划.
【专题】计算题;数形结合;定义法;不等式.
【分析】由约束条件作出可行域,数形结合得到最优解,把最优解的坐标代入目标函数即可求得k值.
【解答】解:由约束条件作出可行域如图:
O(0,0),A(2,0),
由z=2x+y得:y=﹣2x+z,
显然直线过O(0,0)时,z最小,z的最小值是0,
直线过A(2,0)时,z最大,z的最大值是4,
故答案为:[0,4].
【点评】本题考查了简单的线性规划,考查了数形结合的解题思想方法,是中档题.
7.(2014•汕尾二模)不等式的解集为 [﹣2,1) .
【考点】其他不等式的解法.
【专题】计算题;不等式的解法及应用.
【分析】原不等式等价于,解不等式组可得.
【解答】解:原不等式等价于,
解得,即﹣2≤x<1
故原不等式的解集为:[﹣2,1)
故答案为:[﹣2,1)
【点评】本题考查分式不等式的解集,把分式不等式化为不等式组是解决问题的关键,属基础题.
8.(2016秋•盐都区校级期中)已知函数f(x)=x2lnx(x>0),则f'(1)= 1 .
【考点】导数的运算.
【专题】定义法;导数的概念及应用.
【分析】根据导数的公式即可得到结论.
【解答】解:函数f(x)=x2lnx(x>0),
则f′(x)=(x2)′•lnx+(lnx)′•x2
=2x•lnx+•x2
=2x•lnx+x.
∴f'(1)=2•ln1+1=1,
故答案为:1.
【点评】本题主要考查导数的基本运算,比较基础.
9.(2016秋•盐都区校级期中)“”是“对任意的正数x,”的 充分非必要 条件.
【考点】必要条件、充分条件与充要条件的判断.
【专题】计算题.
【分析】根据基本不等式,我们可以判断出“a=”⇒“对任意的正数x,2x+”与“对任意的正数x,2x+”⇒“a=”真假,进而根据充要条件的定义,即可得到结论
【解答】解:当“a=”时,由基本不等式可得:
“对任意的正数x,一定成立,
即“a=”⇒“对任意的正数x,2x+”为真命题;
而“对任意的正数x,2x+的”时,可得“a≥”
即“对任意的正数x,2x+”⇒“a=”为假命题;
故“a=”是“对任意的正数x,2x+的”充分不必要条件
故答案为充分非必要.
【点评】本题考查的知识点是必要条件、充分条件与充要条件的判断,其中根据基本不等式,判断“a=”⇒“对任意的正数x,2x+”与“对任意的正数x,2x+”⇒“a=”真假,是解答本题的关键.
10.(2016秋•盐都区校级期中)已知椭圆+ 上一点P到左焦点的距离为4,求P点到右准线的距离 16 .
【考点】椭圆的简单性质.
【专题】计算题;方程思想;定义法;圆锥曲线的定义、性质与方程.
【分析】由椭圆方程求出a,c,得到e,再由已知结合定义可得|PF2|,由由圆锥曲线统一定义得答案.
【解答】解:由椭圆+,得a2=64,b2=28,,
又|PF1|=4,由椭圆定义可得|PF2|=2a﹣4=12,
设P点到右准线的距离为d,
则由圆锥曲线统一定义可得:,
∴d=.
故答案为:16.
【点评】本题考查椭圆的简单性质,考查椭圆定义的应用,是中档题.
11.(2016秋•盐都区校级期中)给出下列四个命题:
①“若xy=1,则x,y互为倒数”的逆命题;
②“相似三角形的周长相等”的否命题;
③“若b≤﹣1,则x2﹣2bx+b2+b=0有实数根”的逆否命题;
④若p:x>1,q:x≥4,则p是q的充分条件;
其中真命题的序号是 ①③ .(请把所有真命题的序号都填上).
【考点】命题的真假判断与应用.
【专题】探究型;定义法;简易逻辑.
【分析】写出原命题的逆命题,可判断①;写出原命题的否命题,可判断②;根据互为逆否的两个命题,真假性相同,可判断③;根据充要条件的定义,可判断④.
【解答】解:①“若xy=1,则x,y互为倒数”的逆命题为“若x,y互为倒数,则xy=1”,为真命题;
②“相似三角形的周长相等”的否命题为“不相似三角形的周长不相等”,为假命题;
③“若b≤﹣1,则4b2﹣4(b2+b)=﹣4b>0,则x2﹣2bx+b2+b=0有实数根”为真命题,故其逆否命题为真命题;
④若p:x>1,q:x≥4,则p是q的必要不充分条件,为假命题;
故答案为:①③
【点评】本题以命题的真假判断与应用为载体,考查了四种命题,充要条件知识点,难度中档.
12.(2016秋•盐都区校级期中)已知椭圆的焦点到相应准线的距离为长半轴长,该椭圆椭圆的离心率 .
【考点】椭圆的简单性质.
【专题】计算题;转化思想;定义法;圆锥曲线的定义、性质与方程.
【分析】由已知可得,转化为关于e的一元二次方程求解.
【解答】解:由题意,,
即a2﹣c2﹣ac=0,
∴e2+e﹣1=0,解得:(舍),或.
∴椭圆椭圆的离心率为.
故答案为:.
【点评】本题考查椭圆的简单性质,是基础的计算题.
13.(2010•番禺区校级模拟)曲线y=ex在点(2,e2)处的切线与坐标轴所围成的三角形的面积为 .
【考点】利用导数研究曲线上某点切线方程;指数函数的图象与性质.
【专题】计算题.
【分析】欲切线与坐标轴所围成的三角形的面积,只须求出切线在坐标轴上的截距即可,故先利用导数求出在x=2处的导函数值,再结合导数的几何意义即可求出切线的斜率.最后求出切线的方程,从而问题解决.
【解答】解析:依题意得y′=ex,
因此曲线y=ex在点A(2,e2)处的切线的斜率等于e2,
相应的切线方程是y﹣e2=e2(x﹣2),
当x=0时,y=﹣e2
即y=0时,x=1,
∴切线与坐标轴所围成的三角形的面积为:
S=×e2×1=.
故答案为:.
【点评】本小题主要考查直线的方程、三角形的面积、导数的几何意义、利用导数研究曲线上某点切线方程等基础知识,考查运算求解能力.属于基础题.
14.(2016秋•盐都区校级期中)已知x、y为正实数,则+的最小值为 .
【考点】基本不等式.
【专题】转化思想;转化法;不等式.
【分析】x、y为正实数,则+=+,令=t>0,可得+=+t=+﹣,利用基本不等式的性质即可得出.
【解答】解:∵x、y为正实数,则+=+,
令=t>0,∴ +=+t=+﹣≥﹣=,
当且仅当t=时取等号.
∴+的最小值为.
故答案为:.
【点评】本题考查了基本不等式的性质,考查了推理能力与计算能力,属于中档题.
二、解答题(本大题共6小题,计90分)
15.(12分)(2016秋•盐都区校级期中)解不等式:
(1)﹣x2+2x+3>0
(2)≤0.
【考点】一元二次不等式的解法.
【专题】计算题;转化思想;定义法;不等式的解法及应用.
【分析】(1)利用因式分解法即可求出不等式的解集,
(2)≤0等价于或,解得即可.
【解答】解:(1)﹣x2+2x+3>0,等价于x2﹣2x﹣3<0,即(x﹣3)(x+2)<0,解得﹣2<x<3,故不等式的解集为(﹣2,3),
(2)≤0.等价于或,
解得x<﹣4或2≤x<3,
故不等式的解集为(﹣∞,﹣4)∪[2,3)
【点评】本题考查了不等式的解法,属于基础题.
16.(12分)(2016秋•盐都区校级期中)已知命题p:关于x的不等式x2+2ax+4>0对∀x∈R恒成立;命题q:不等式x2﹣(a+1)x+1≤0的解集是空集.若“p∨q”为真命题,“p∧q”为假命题,求实数a的取值范围.
【考点】命题的真假判断与应用;函数恒成立问题.
【专题】转化思想;转化法;简易逻辑.
【分析】若“p∨q”为真命题,“p∧q”为假命题,则命题p,q一真一假,进而可得实数a的取值范围.
【解答】解:若不等式x2+2ax+4>0对∀x∈R恒成立,
则△=4a2﹣16<0,
∴命题p:﹣2<a<2;
若等式x2﹣(a+1)x+1≤0的解集是空集.
则△=(a+1)2﹣4<0,
∴命题q:﹣3<a<1,
∵“p∨q”为真命题,“p∧q”为假命题,
∴命题p,q一真一假,
∴,或,
综上可得:a∈(﹣3,﹣2]∪[1,2).
【点评】本题以命题的真假判断与应用为载体,考查了复合但,函数恒成立等知识点,难度中档.
17.(14分)(2016秋•盐都区校级期中)若不等式ax2+(a﹣5)x﹣2>0的解集为{x|﹣2<x<﹣}
(1)解不等式2x2+(2﹣a)x﹣a>0
(2)求b为的范围,使﹣ax2+bx+3≥0 的解集为R.
【考点】一元二次不等式的解法.
【专题】计算题;方程思想;定义法;不等式的解法及应用.
【分析】(1)根据一元二次不等式与对应方程的关系,利用根与系数的关系求出a的值,再解不等式即可,
(2)不等式的解集为R,则△=b2﹣4×4×3≤0,解得即可.
【解答】解:(1)ax2+(a﹣5)x﹣2>0的解集为{x|﹣2<x<﹣}
∴a<0, =﹣2×(﹣)
解得a=﹣4,
∴2x2+(2﹣a)x﹣a>0,即为2x2+6x+4>0,即为x2+3x+2>0,解得x<﹣2或x>﹣1,
故不等式的解集为(﹣∞,﹣2)∪(﹣1,+∞)
(2)∵4x2+bx+3≥0 的解集为R,
∴△=b2﹣4×4×3≤0,
解得﹣4≤b≤4
故b的范围[﹣4,4]
【点评】本题考查了一元二次不等式的解集与所对应一元二次方程根的关系,是基础题.
18.(14分)(2016秋•盐都区校级期中)已知F1、F2 是椭圆C: +=1(a>b>0):的左、右焦点,点Q(﹣,1)在椭圆上,线段QF2 与y轴的交点M,且点M为QF2 中点
(1)求椭圆C的方程;
(2)设P为椭圆C上一点,且∠F1PF2=,求△F1PF2 的面积.
【考点】椭圆的简单性质.
【专题】综合题;方程思想;定义法;圆锥曲线的定义、性质与方程.
【分析】(1)设MM(0,y),结合M是线段QF2 的中点及Q的坐标求得F2的坐标,得到c,再由Q在椭圆上列式可得a,b的值,则椭圆方程可求;
(2)由∠F1PF2=,可知△PF1F2为直角三角形,在焦点三角形中由椭圆定义及余弦定理联立求得PF1、PF2的值,则△F1PF2 的面积可求.
【解答】解:(1)设M(0,y),∵M是线段QF2 的中点,
∴F2(),
∴,解得a2=4,b2=2.
∴椭圆的标准方程为:;
(2)由∠F1PF2=,可知,
∴,解得PF1=PF2=2.
∴.
【点评】本题考查椭圆的简单性质,涉及椭圆焦点三角形问题,常利用椭圆定义及余弦定理求解,是中档题.
19.(14分)(2016秋•盐都区校级期中)某商店预备在一个月内分批购买每张价值为200元的书桌共36台,每批都购入x台(x是正整数),且每批均需付运费40元,储存购入的书桌一个月所付的保管费与每批购入书桌的总价值(不含运费)成正比,若每批购入4台,则该月需用去运费和保管费共520元,现在全月只有480元资金可以用于支付运费和保管费.
(1)求该月需用去的运费和保管费的总费用f(x);
(2)能否恰当地安排每批进货的数量,使资金够用?写出你的结论,并说明理由.
【考点】函数模型的选择与应用.
【专题】转化思想;函数的性质及应用;不等式的解法及应用.
【分析】(1)设题中比例系数为k,若每批购入x台,则共需分批,每批价值20x.由题意f(x)=•4+k•20x,由x=4时,y=52,代入可得k.即可得出.
(2)利用基本不等式的性质即可得出.
【解答】解 (1)设题中比例系数为k,若每批购入x台,则共需分批,每批价值20x.
由题意f(x)=•4+k•20x,
由x=4时,y=52,得k==.
∴f(x)=+4x (0<x≤36,x∈N*).
(2)由(1)知f(x)=+4x (0<x≤36,x∈N*).
∴f(x)≥=48(元).当且仅当=4x,即x=6时,上式等号成立.
故只需每批购入6张书桌,可以使资金够用.
【点评】本题考查了函数的应用、基本不等式的性质,考查了推理能力与计算能力,属于中档题.
20.(14分)(2016秋•盐都区校级期中)在平面直角坐标系xOy中,已知椭圆C: +=1(a>b>0)过点P(1,),离心率为.
(1)求椭圆C的方程;
(2)设直线l与椭圆C交于A,B两点.
①若直线l过椭圆C的右焦点,记△ABP三条边所在直线的斜率的乘积为t,求t的最大值;
②若直线l的斜率为,试探究OA2+OB2是否为定值,若是定值,则求出此定值;若不是定值,请说明理由.
【考点】椭圆的简单性质.
【专题】综合题;转化思想;综合法;圆锥曲线的定义、性质与方程.
【分析】(1)由椭圆过点P(1,),离心率为,列出方程组,求出a,b,由此能求出椭圆C的方程.
(2)①设直线l的方程为x=my+1,代入椭圆,得(3m2+4)y2+6my﹣9=0,由此利用根的判别式、韦达定理,结合已知条件能求出t的最大值.
②设直线l的方程为y=,代入椭圆,得,由此利用根的判别式、韦达定理,结合已知条件能求出OA2+OB2为定值.
【解答】解:(1)∵椭圆C: +=1(a>b>0)过点P(1,),离心率为,
∴,
解得a=2,b=,
∴椭圆C的方程为=1.
(2)①设直线l的方程为x=my+1,直线l与椭圆C的交点为A(x1,y1),B(x2,y2),
由,得(3m2+4)y2+6my﹣9=0,
△=36m2+36(3m2+4)>0,
,,
∴kAP•kBP====﹣,
∴t=kAB•kAP•kBP=﹣=﹣()2+,
∴当m=﹣时,t有最大值.
②设直线l的方程为y=,直线l与椭圆C的交点为A(x1,y1),B(x2,y2),
由,得,
,
即,
,,
=(+n)2+(+n)2
=
=
=(x1+x2)+2n2
==7.
∴OA2+OB2为定值7.
【点评】本题考查椭圆方程的求法,考查实数的最大值的求法,考查代数式的值是否为定值的判断与求法,是中档题,解题时要认真审题,注意根的判别式、韦达定理、椭圆性质的合理运用.