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  • 2021-06-23 发布

数学理卷·2018届湖南省长郡中学高三第三次月考(2017

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长郡中学2018届高三月考试卷(三)‎ 数学(理科)‎ 第Ⅰ卷(共60分)‎ 一、选择题:本大题共12个小题,每小题5分,共60分.在每小题给出的四个选项中,只有一项是符合题目要求的.‎ ‎1.集合的真子集的个数是( )‎ A.3 B.4 C.7 D.8‎ ‎2.已知变量成负相关,且由观测数据算得样本平均数,,则由该观测数据算得的线性回归方程可能是( )‎ A. B.‎ C. D.‎ ‎3.已知命题,,命题,,则下列命题为真命题的个数是( )‎ ‎①;②;③;④.‎ A.1个 B.2个 C.3个 D.4个 ‎4.已知复数满足(为虚数单位),则的共轭复数( )‎ A. B. C. D.‎ ‎5.执行如图所示的程序框图,则输出的结果是( )‎ A.14 B.15 C.16 D.17‎ ‎6.已知为奇函数,函数与的图象关于直线对称,若,则( )‎ A.-2 B.2 C.-1 D.4‎ ‎7.已知实数满足,且,则的最大值( )‎ A.2 B.4 C.5 D.6‎ ‎8.某空间几何体的三视图如图所示,则该几何体的体积为( )‎ A. B. C. D.‎ ‎9.若函数,又,,且的最小值为,则正数的值是( )‎ A. B. C. D.‎ ‎10.如图,正三棱柱的各条棱长均相等,为的中点,分别是线段和线段上的动点(含端点),且满足.当运动时,下列结论中不正确的是( )‎ A.平面平面 B.三棱锥的体积为定值 C.可能为直角三角形 D.平面与平面所成的锐二面角范围为 ‎11.已知函数(),若数列满足,数列的前项的和为,则( )‎ A.909 B.910 C.911 D.912‎ ‎12.已知函数,,其中为自然对数的底数,若存在实数,使成立,则实数的值为( )‎ A. B. C. D.‎ 第Ⅱ卷(共90分)‎ 二、填空题(每题5分,满分20分,将答案填在答题纸上)‎ ‎13.已知展开式的常数项为15,则 .‎ ‎14.已知向量满足:,且,若,其中,且,则的最小值是 .‎ ‎15.将正整数12分解成两个正整数的乘积有,,三种,其中是这三种分解中两数差的绝对值最小的,我们称为12的最佳分解.当(且)是正整数的最佳分解时,我们定义函数,例如.数列的前100项和为 .‎ ‎16.如图,正方体的棱长为3,在面对角线上取点,在面对角线上取点,使得平面,当线段长度取到最小值时,三棱锥的体积为 .‎ 三、解答题 (本大题共6小题,共70分.解答应写出文字说明、证明过程或演算步骤.) ‎ ‎17.某高校在今年的自主招生考试成绩中随机抽取100名考生的笔试成绩,分为5组制出频率分布直方图如图所示.‎ ‎(1)求的值;‎ ‎(2)该校决定在成绩较好的3、4、5组用分层抽样抽取6名学生进行面试,则每组应各抽多少名学生?‎ ‎(3)在(2)的前提下,已知面试有4位考官,被抽到的6名学生中有两名被指定甲考官面试,其余4名则随机分配给3位考官中的一位对其进行面试,求这4名学生分配到的考官个数的分布列和期望.‎ ‎18.在中,内角所对的边分别为,已知,.‎ ‎(1)当时,求的面积;‎ ‎(2)求周长的最大值.‎ ‎19.如图所示,直三棱柱中,,为的中点,为的中点.‎ ‎(1)求证:面;‎ ‎(2)若面,求二面角的余弦值.‎ ‎20.已知数列满足,.‎ ‎(1)是否能找到一个定义在的函数(是常数)使得数列是公比为3的等比数列,若存在,求出的通项公式;若不存在,说明理由;‎ ‎(2)记,若不等式对任意都成立,求实数的取值范围.‎ ‎21.已知.‎ ‎(1)当时,求证:;‎ ‎(2)当时,试讨论方程的解的个数.‎ 请考生在22、23两题中任选一题作答,如果多做,则按所做的第一题记分.‎ ‎22.选修4-4:坐标系与参数方程 已知直线(为参数),圆(为参数),‎ ‎(1)当时,求与的交点坐标;‎ ‎(2)过坐标原点作的垂线,垂足为,为的中点,当变化时,求点轨迹的参数方程,并指出它是什么曲线.‎ ‎23.选修4-5:不等式选讲 ‎(1)已知函数.若函数的图象恒在轴上方,求实数的取值范围.‎ ‎(2)已知,,求证:.‎ 长郡中学2018届高三月考试卷(三)‎ 数学(理科)参考答案 一、选择题 ‎1-5:CCBAC 6-10:ACBDC 11、12:AB 二、填空题 ‎13. 14. 15. 16.1‎ 三、解答题 ‎17.解:(1)由题意知,,‎ ‎,.‎ ‎(2)三个组共60人,所以第三组应抽人,‎ 第四组应抽人,第五组应抽人.‎ ‎(3)的所有可以取的值分别为1,2,3‎ ‎;‎ ‎(或);‎ ‎(或).‎ 所以的分布列为:‎ 所以的数学期望.‎ ‎18.解:(1)由 得 得,‎ 当时,,,,,‎ 当时,,由正弦定理,联立.‎ 解得,,‎ 故三角形的面积为.‎ ‎(2)由余弦定理及已知条件可得:.‎ 由得,‎ 故周长的最大值为6,当且仅当三角形为正三角形取到.‎ ‎19.解:(1)设与交于,连接,‎ ‎∵,则与平行且相等.‎ ‎∴四边形为平行四边形.‎ ‎∴,又面,面,‎ ‎∴面.‎ ‎(2)以的中点为原点,分别以方向为轴和轴正方向,以方向为轴正方向,建系如图,设,,则有 ‎,,,,‎ ‎∴,∴,∴‎ 由面,则.‎ 则解得.‎ 所以面的法向量为,‎ 又设面的法向量为,,,‎ ‎,,所以,令,‎ 则,‎ ‎∴.‎ 所以二面角的余弦值为.‎ ‎20.解:(1)∵,‎ ‎∴,‎ 所以只需,‎ ‎∵,‎ ‎∴,,,‎ ‎∴,,.‎ 即 ‎∴,‎ ‎∴.‎ ‎(2)‎ ‎∴,‎ 由,得.‎ 设,‎ 则,‎ 当时,‎ ‎∴时,.‎ 容易验证,当时,,‎ ‎∴,‎ ‎∴的取值范围为.‎ ‎21.解:(1)要证,‎ 只要证()‎ 令,则,‎ 而,所以在上单调递增,又,‎ 所以在上单调递减,在上单调递增,‎ ‎∴,即,()式成立 所以原不等式成立.‎ ‎(2)问题转化为函数的零点个数.‎ 而,.‎ 令,解得.‎ 所以在上单调递减,在上单调递增.‎ 所以,‎ 设,,‎ 而,‎ 则在上单调递减,在上单调递增,‎ 所以,即(当即时取等).‎ ‎1°当时,,则恒成立.‎ 所以在上单调递增,又,则有一个零点;‎ ‎2°当时,,,‎ 有在上单调递减,在上单调递增,‎ 且时,‎ 则存在使得,又 这时在上单调递增,在上单调递减,在上单调递增 所以,又时,,‎ 所以这时有两个零点;‎ ‎3°当时,,.‎ 有在上单调递减,在上单调递增,‎ 且时,,‎ 则存在使得.又,‎ 这时在上单调递增,在上单调递减,在上单调递增.‎ 所以.又时,,.‎ 所以这时有两个零点;‎ 综上:时,原方程一个解;当且时,原方程两个解.‎ ‎22.解:(1)当时,的普通方程为,的普通方程为.‎ 联立方程组,‎ 解得与的交点为,.‎ ‎(2)的普通方程为.‎ 点坐标为,故当变化时,点轨迹的参数方程为 ‎(为参数),点轨迹的普通方程为.‎ 故点是圆心为,半径为的圆.‎ ‎23.解:(1)的最小值为,由题设,得,解得.‎ ‎(2)证明:∵‎ ‎,‎ 又.‎ ‎∴.‎ ‎∵,∴.‎ ‎∴.‎