2020版高考数学大一轮复习（讲义·理·新人教A版）第七章 立体几何与空间向量 第4节 直线平面垂直的判定及性质 26页

‎ 第4节　直线、平面垂直的判定及性质 考试要求　1.以立体几何的定义、公理和定理为出发点，认识和理解空间中线面垂直的有关性质与判定定理；2.能运用公理、定理和已获得的结论证明一些空间图形的垂直关系的简单命题.‎ 知 识 梳 理 ‎1.直线与平面垂直 ‎(1)直线和平面垂直的定义 如果一条直线l与平面α内的任意直线都垂直，就说直线l与平面α互相垂直.‎ ‎(2)判定定理与性质定理 文字语言 图形表示 符号表示 判定定理 一条直线与一个平面内的两条相交直线都垂直，则该直线与此平面垂直 ⇒l⊥α 性质定理 ‎ 两直线垂直于同一个平面，那么这两条直线平行 ⇒a∥b ‎2.直线和平面所成的角 ‎(1)定义：一条斜线和它在平面上的射影所成的锐角叫做这条直线和这个平面所成的角，一条直线垂直于平面，则它们所成的角是直角；一条直线和平面平行或在平面内，则它们所成的角是0°的角.‎ ‎(2)范围：.‎ ‎3.二面角 ‎(1)定义：从一条直线出发的两个半平面所组成的图形叫做二面角；‎ ‎(2)二面角的平面角：在二面角的棱上任取一点，以该点为垂足，在两个半平面内分别作垂直于棱的两条射线，这两条射线所构成的角叫做二面角的平面角.‎ ‎(3)二面角的范围：[0，π].‎ ‎4.平面与平面垂直 ‎(1)平面与平面垂直的定义 两个平面相交，如果它们所成的二面角是直二面角，就说这两个平面互相垂直.‎ ‎(2)判定定理与性质定理 文字语言 图形表示 符号表示 判定定理 一个平面经过另一个平面的一条垂线，则这两个平面互相垂直 ⇒α⊥β 性质定理 如果两个平面互相垂直，则在一个平面内垂直于它们交线的直线垂直于另一个平面 ⇒l⊥α ‎[微点提醒]‎ ‎1.两个重要结论 ‎(1)若两平行线中的一条垂直于一个平面，则另一条也垂直于这个平面.‎ ‎(2)若一条直线垂直于一个平面，则它垂直于这个平面内的任何一条直线(证明线线垂直的一个重要方法).‎ ‎2.使用线面垂直的定义和线面垂直的判定定理，不要误解为“如果一条直线垂直于平面内的无数条直线，就垂直于这个平面”.‎ 基 础 自 测 ‎1.判断下列结论正误(在括号内打“√”或“×”)‎ ‎(1)直线l与平面α内的无数条直线都垂直，则l⊥α.(　　)‎ ‎(2)垂直于同一个平面的两平面平行.(　　)‎ ‎(3)若两平面垂直，则其中一个平面内的任意一条直线垂直于另一个平面.(　　)‎ ‎(4)若平面α内的一条直线垂直于平面β内的无数条直线，则α⊥β.(　　)‎ 解析　(1)直线l与平面α内的无数条直线都垂直，则有l⊥α或l与α斜交或l⊂α或l∥α，故(1)错误.‎ ‎(2)垂直于同一个平面的两个平面平行或相交，故(2)错误.‎ ‎(3)若两个平面垂直，则其中一个平面内的直线可能垂直于另一平面，也可能与另一平面平行，也可能与另一平面相交，也可能在另一平面内，故(3)错误.‎ ‎(4)若平面α内的一条直线垂直于平面β内的所有直线，则α⊥β，故(4)错误.‎ 答案　(1)×　(2)×　(3)×　(4)×‎ ‎2.(必修2P66练习改编)已知直线a，b和平面α，且a⊥b，a⊥α，则b与α的位置关系为(　　)‎ A.b⊂α B.b∥α C.b⊂α或b∥α D.b与α相交 答案　C ‎3.(必修2P67练习2改编)已知P为△ABC所在平面外一点，且PA，PB，PC两两垂直，有下列结论：①PA⊥BC；②PB⊥AC；③PC⊥AB；④AB⊥BC.其中正确的是(　　)‎ A.①②③ B.①②④‎ C.②③④ D.①②③④‎ 解析　如图，因为PA⊥PB，PA⊥PC，PB∩PC＝P，且PB⊂平面PBC，PC⊂平面PBC，所以PA⊥平面PBC.又BC⊂平面PBC，所以PA⊥BC，同理可得PB⊥AC，PC⊥AB，故①②③正确.‎ 答案　A ‎4.(2019·上海静安区质检)已知m和n是两条不同的直线，α和β是两个不重合的平面，下面给出的条件中一定能推出m⊥β的是(　　)‎ A.α⊥β且m⊂α B.m⊥n且n∥β C.m∥n且n⊥β D.m⊥n且α∥β 解析　由线线平行性质的传递性和线面垂直的判定定理，可知C正确.‎ 答案　C ‎5.(2017·全国Ⅲ卷)在正方体ABCD－A1B1C1D1中，E为棱CD的中点，则(　　)‎ A.A1E⊥DC1 B.A1E⊥BD C.A1E⊥BC1 D.A1E⊥AC 解析　如图，由题设知，A1B1⊥平面BCC1B1且BC1⊂平面BCC1B1，从而A1B1⊥BC1.‎ 又B1C⊥BC1，且A1B1∩B1C＝B1，所以BC1⊥平面A1B1CD，又A1E⊂平面A1B1CD，所以A1E⊥BC1.‎ 答案　C ‎6.(2018·安阳二模)已知a，b表示两条不同的直线，α，β表示两个不同的平面，下列说法错误的是(　　)‎ A.若a⊥α，b⊥β，α∥β，则a∥b B.若a⊥α，b⊥β，a⊥b，则α⊥β C.若a⊥α，a⊥b，α∥β，则b∥β D.若α∩β＝a，a∥b，则b∥α或b∥β 解析　对于A，若a⊥α，α∥β，则a⊥β，又b⊥β，故a∥b，故A正确；‎ 对于B，若a⊥α，a⊥b，则b⊂α或b∥α，∴存在直线m⊂α，使得m∥b，‎ 又b⊥β，∴m⊥β，∴α⊥β.故B正确；‎ 对于C，若a⊥α，a⊥b，则b⊂α或b∥α，又α∥β，所以b⊂β或b∥β，故C错误；‎ 对于D，若α∩β＝a，a∥b，则b∥α或b∥β，故D正确.‎ 答案　C 考点一　线面垂直的判定与性质 ‎【例1】 (2018·全国Ⅱ卷)如图，在三棱锥P－ABC中，AB＝BC＝2，PA＝PB＝PC＝AC＝4，O为AC的中点.‎ ‎(1)证明：PO⊥平面ABC；‎ ‎(2)若点M在棱BC上，且MC＝2MB，求点C到平面POM的距离.‎ ‎(1)证明　因为AP＝CP＝AC＝4，O为AC的中点，‎ 所以OP⊥AC，且OP＝2.‎ 连接OB.因为AB＝BC＝AC，所以△ABC为等腰直角三角形，且OB⊥AC，OB＝AC＝2.‎ 由OP2＋OB2＝PB2知，OP⊥OB.‎ 由OP⊥OB，OP⊥AC且OB∩AC＝O，知PO⊥平面ABC.‎ ‎(2)解　作CH⊥OM，垂足为H.‎ 又由(1)可得OP⊥CH，‎ 所以CH⊥平面POM.‎ 故CH的长为点C到平面POM的距离.‎ 由题设可知OC＝AC＝2，‎ CM＝BC＝，∠ACB＝45°.‎ 所以OM＝，‎ CH＝＝.‎ 所以点C到平面POM的距离为.‎ 规律方法　1.证明直线和平面垂直的常用方法有：‎ ‎(1)判定定理；(2)垂直于平面的传递性(a∥b，a⊥α⇒b⊥α)；(3)面面平行的性质(a⊥α，α∥β⇒a⊥β)；(4)面面垂直的性质(α⊥β，α∩β＝a，l⊥a，l⊂β⇒l⊥α).‎ ‎2.证明线面垂直的核心是证线线垂直，而证明线线垂直则需借助线面垂直的性质.因此，判定定理与性质定理的合理转化是证明线面垂直的基本思想.‎ ‎【训练1】 (2019·青岛调研)如图，三棱柱ABC－A1B1C1中，已知AB⊥侧面BB1C1C，AB＝BC＝1，BB1＝2，∠BCC1＝60°.‎ ‎(1)求证：BC1⊥平面ABC；‎ ‎(2)E是棱CC1上的一点，若三棱锥E－ABC的体积为，求线段CE的长.‎ ‎(1)证明　∵AB⊥平面BB1C1C，BC1⊂平面BB1C1C，‎ ‎∴AB⊥BC1，‎ 在△CBC1中，BC＝1，CC1＝BB1＝2，∠BCC1＝60°，‎ 由余弦定理得BC＝BC2＋CC－2BC·CC1·cos∠BCC1＝12＋22－2×1×2cos 60°＝3，∴BC1＝，‎ ‎∴BC2＋BC＝CC，∴BC⊥BC1，‎ 又AB，BC⊂平面ABC，BC∩AB＝B，‎ ‎∴BC1⊥平面ABC.‎ ‎(2)解　∵AB⊥平面BB1C1C，‎ ‎∴VE－ABC＝VA－EBC＝S△BCE·AB＝S△BCE·1＝，‎ ‎∴S△BCE＝＝CE·BC·sin∠BCE＝CE·，‎ ‎∴CE＝1.‎ 考点二　面面垂直的判定与性质 ‎【例2】 如图，在四棱锥P－ABCD中，AB∥CD，AB⊥AD，CD＝2AB，平面PAD⊥底面ABCD，PA⊥AD，E和F分别是CD和PC的中点，求证：‎ ‎(1)PA⊥底面ABCD；‎ ‎(2)BE∥平面PAD；‎ ‎(3)平面BEF⊥平面PCD.‎ 证明　(1)∵平面PAD⊥底面ABCD，‎ 且PA垂直于这两个平面的交线AD，PA⊂平面PAD，‎ ‎∴PA⊥底面ABCD.‎ ‎(2)∵AB∥CD，CD＝2AB，E为CD的中点，‎ ‎∴AB∥DE，且AB＝DE.‎ ‎∴四边形ABED为平行四边形.‎ ‎∴BE∥AD.‎ 又∵BE⊄平面PAD，AD⊂平面PAD，‎ ‎∴BE∥平面PAD.‎ ‎(3)∵AB⊥AD，而且ABED为平行四边形.‎ ‎∴BE⊥CD，AD⊥CD，‎ 由(1)知PA⊥底面ABCD，CD⊂平面ABCD，‎ ‎∴PA⊥CD，且PA∩AD＝A，PA，AD⊂平面PAD，‎ ‎∴CD⊥平面PAD，又PD⊂平面PAD，‎ ‎∴CD⊥PD.‎ ‎∵E和F分别是CD和PC的中点，‎ ‎∴PD∥EF.‎ ‎∴CD⊥EF，又BE⊥CD且EF∩BE＝E，‎ ‎∴CD⊥平面BEF，又CD⊂平面PCD，‎ ‎∴平面BEF⊥平面PCD.‎ 规律方法　1.证明平面和平面垂直的方法：(1)面面垂直的定义；(2)面面垂直的判定定理.‎ ‎2.已知两平面垂直时，一般要用性质定理进行转化，在一个平面内作交线的垂线，转化为线面垂直，然后进一步转化为线线垂直.‎ ‎【训练2】 (2018·泸州模拟)如图，在四棱锥S－ABCD中，底面ABCD是梯形，AB∥DC，∠ABC＝90°，AD＝SD，BC＝CD＝AB，侧面SAD⊥底面ABCD.‎ ‎(1)求证：平面SBD⊥平面SAD；‎ ‎(2)若∠SDA＝120°，且三棱锥S－BCD的体积为，求侧面 △SAB的面积.‎ ‎(1)证明　设BC＝a，则CD＝a，AB＝2a，由题意知△BCD是等腰直角三角形，且∠BCD ‎＝90°，‎ 则BD＝a，∠CBD＝45°，‎ 所以∠ABD＝∠ABC－∠CBD＝45°，‎ 在△ABD中，‎ AD＝＝a，‎ 因为AD2＋BD2＝4a2＝AB2，所以BD⊥AD，‎ 由于平面SAD⊥底面ABCD，平面SAD∩平面ABCD＝AD，BD⊂平面ABCD，‎ 所以BD⊥平面SAD，‎ 又BD⊂平面SBD，所以平面SBD⊥平面SAD.‎ ‎(2)解　由(1)可知AD＝SD＝a，在△SAD中，∠SDA＝120°，SA＝2SDsin 60°＝a.‎ 作SH⊥AD，交AD的延长线于点H，‎ 则SH＝SDsin 60°＝a，‎ 由(1)知BD⊥平面SAD，‎ 因为SH⊂平面SAD，所以BD⊥SH.‎ 又AD∩BD＝D，所以SH⊥平面ABCD，‎ 所以SH为三棱锥S－BCD的高，‎ 所以VS－BCD＝×a××a2＝，‎ 解得a＝1.‎ 由BD⊥平面SAD，SD⊂平面SAD，可得BD⊥SD，‎ 则SB＝＝＝2.‎ 又AB＝2，SA＝，‎ 在等腰三角形SBA中，‎ 边SA上的高为＝，‎ 则△SAB的面积为××＝.‎ 考点三　平行与垂直的综合问题　多维探究 角度1　多面体中平行与垂直关系的证明 ‎【例3－1】 (2018·北京卷)如图，在四棱锥P－ABCD中，底面ABCD为矩形，平面PAD⊥平面ABCD，PA⊥PD，PA＝PD，E，F分别为AD，PB的中点.‎ ‎(1)求证：PE⊥BC；‎ ‎(2)求证：平面PAB⊥平面PCD；‎ ‎(3)求证：EF∥平面PCD.‎ 证明　(1)因为PA＝PD，E为AD的中点，‎ 所以PE⊥AD.‎ 因为底面ABCD为矩形，‎ 所以BC∥AD.‎ 所以PE⊥BC.‎ ‎(2)因为底面ABCD为矩形，‎ 所以AB⊥AD.‎ 又因为平面PAD⊥平面ABCD，平面PAD∩平面ABCD＝AD，‎ 所以AB⊥平面PAD.‎ 所以AB⊥PD.‎ 又因为PA⊥PD，且PA∩AB＝A，‎ 所以PD⊥平面PAB.又PD⊂平面PCD，‎ 所以平面PAB⊥平面PCD.‎ ‎(3)如图，取PC中点G，连接FG，DG.‎ 因为F，G分别为PB，PC的中点，‎ 所以FG∥BC，FG＝BC.‎ 因为ABCD为矩形，且E为AD的中点，‎ 所以DE∥BC，DE＝BC.‎ 所以DE∥FG，DE＝FG.‎ 所以四边形DEFG为平行四边形.‎ 所以EF∥DG.‎ 又因为EF⊄平面PCD，DG⊂平面PCD，‎ 所以EF∥平面PCD.‎ 规律方法　1.三种垂直的综合问题，一般通过作辅助线进行线线、线面、面面垂直间的转化.‎ ‎2.垂直与平行的结合问题，求解时应注意平行、垂直的性质及判定的综合应用.‎ 角度2　平行与垂直关系中的探索性问题 ‎【例3－2】 如图，三棱锥P－ABC中，PA⊥平面ABC，PA＝1，AB＝1，AC＝2，∠BAC＝60°.‎ ‎(1)求三棱锥P－ABC的体积；‎ ‎(2)在线段PC上是否存在点M，使得AC⊥BM，若存在点M，求出的值；若不存在，请说明理由.‎ 解　(1)由题知AB＝1，AC＝2，∠BAC＝60°，‎ 可得S△ABC＝·AB·AC·sin 60°＝，‎ 由PA⊥平面ABC，可知PA是三棱锥P－ABC的高.‎ 又PA＝1，所以三棱锥P－ABC的体积V＝·S△ABC·PA＝.‎ ‎(2)在平面ABC内，过点B作BN⊥AC，垂足为N.在平面PAC内，过点N作MN∥PA交PC于点M，连接BM.‎ 由PA⊥平面ABC知PA⊥AC，所以MN⊥AC.‎ 由于BN∩MN＝N，故AC⊥平面MBN.‎ 又BM⊂平面MBN，所以AC⊥BM.‎ 在Rt△BAN中，AN＝AB·cos∠BAC＝，‎ 从而NC＝AC－AN＝.‎ 由MN∥PA，得＝＝.‎ 故存在满足条件的点M，且＝.‎ 规律方法　1.求条件探索性问题的主要途径：(1)先猜后证，即先观察与尝试给出条件再证明；(2)先通过命题成立的必要条件探索出命题成立的条件，再证明充分性.‎ ‎2.涉及点的位置探索性问题一般是先根据条件猜测点的位置再给出证明，探索点存在问题，点多为中点或三等分点中某一个，也可以根据相似知识建点.‎ 角度3　空间位置关系与几何体的度量计算 ‎【例3－3】 如图，在四棱锥P－ABCD中，AD⊥平面PDC，AD∥BC，PD⊥PB，AD＝1，BC＝3，CD＝4，PD＝2.‎ ‎(1)求异面直线AP与BC所成角的余弦值；‎ ‎(2)求证：PD⊥平面PBC；‎ ‎(3)求直线AB与平面PBC所成角的正弦值.‎ ‎ (1)解　如图，由已知AD∥BC，故∠DAP或其补角即为异面直线AP与BC所成的角.‎ 因为AD⊥平面PDC，PD⊂平面PDC，‎ 所以AD⊥PD.‎ 在Rt△PDA中，由已知，得AP＝＝，‎ 故cos∠DAP＝＝.‎ 所以，异面直线AP与BC所成角的余弦值为.‎ ‎(2)证明　由(1)知AD⊥PD，‎ 又因为BC∥AD，所以PD⊥BC.‎ 又PD⊥PB，BC∩PB＝B，‎ 所以PD⊥平面PBC.‎ ‎(3)解　过点D作DF∥AB，交BC于点F，连接PF，则DF与平面PBC所成的角等于AB与平面PBC所成的角.‎ 因PD⊥平面PBC，故PF为DF在平面PBC上的射影，所以∠DFP为直线DF和平面PBC所成的角.‎ 由于AD∥BC，DF∥AB，故BF＝AD＝1.‎ 由已知，得CF＝BC－BF＝2.‎ 又AD⊥DC，故BC⊥DC.‎ 在Rt△DCF中，可得DF＝＝2.‎ 在Rt△DPF中，可得sin∠DFP＝＝.‎ 所以直线AB与平面PBC所成角的正弦值为.‎ 规律方法　1.本题证明的关键是垂直与平行的转化，如由AD∥BC，AD⊥PD，得PD⊥BC，进而利用线面垂直的判定定理证明PD⊥平面PBC.‎ ‎2.利用综合法求空间线线角、线面角、二面角一定注意“作角、证明、计算”是完整统一过程，缺一不可.‎ ‎(1)线面角的求法：找出斜线在平面上的射影，关键是作垂线，找垂足，要把线面角转化到一个三角形中求解.‎ ‎(2)二面角的大小用它的平面角来度量.平面角的作法常见的有：①定义法；②垂面法.注意利用等腰、等边三角形的性质.‎ ‎【训练3】 如图，三角形PDC所在的平面与长方形ABCD所在的平面垂直，PD＝PC＝4，AB＝6，BC＝3.点E是CD边的中点，点F，G分别在线段AB，BC上，且AF＝2FB，CG＝2GB.‎ ‎(1)证明：PE⊥FG.‎ ‎(2)求二面角P－AD－C的正切值.‎ ‎(3)求直线PA与直线FG所成角的余弦值.‎ ‎(1)证明　因为PD＝PC且点E为CD的中点，‎ 所以PE⊥DC.‎ 又平面PDC⊥平面ABCD，且平面PDC∩平面ABCD＝CD，PE⊂平面PDC，所以PE⊥平面ABCD，‎ 又FG⊂平面ABCD，所以PE⊥FG.‎ ‎(2)解　由(1)知PE⊥平面ABCD，∴PE⊥AD，‎ 又AD⊥CD，PE∩CD＝E，‎ ‎∴AD⊥平面PDC，∴AD⊥PD，‎ ‎∴∠PDC为二面角P－AD－C的平面角，‎ 在Rt△PDE中，PD＝4，DE＝3，‎ ‎∴PE＝＝，∴tan∠PDC＝＝.‎ 故二面角P－AD－C的正切值为.‎ ‎(3)解　如图，连接AC，∵AF＝2FB，CG＝2GB，∴AC∥FG.‎ ‎∴直线PA与FG所成角即直线PA与AC所成角∠PAC.‎ 在Rt△PDA中，PA2＝AD2＋PD2＝25，∴PA＝5.又PC＝4.‎ AC2＝CD2＋AD2＝36＋9＝45，∴AC＝3.‎ 又cos∠PAC＝＝＝.‎ 所以直线PA与直线FG所成角的余弦值为.‎ ‎[思维升华]‎ ‎1.证明线面垂直的方法：‎ ‎(1)线面垂直的定义：a与α内任何直线都垂直⇒a⊥α；‎ ‎(2)判定定理1：⇒l⊥α；‎ ‎(3)判定定理2：a∥b，a⊥α⇒b⊥α；‎ ‎(4)面面垂直的性质：α⊥β，α∩β＝l，a⊂α，a⊥l⇒a⊥β；‎ ‎2.证明面面垂直的方法 ‎(1)利用定义：两个平面相交，所成的二面角是直二面角；‎ ‎(2)判定定理：a⊂α，a⊥β⇒α⊥β.‎ ‎3.转化思想：三种垂直关系之间的转化 ‎[易错防范]‎ ‎1.证明线面垂直时，易忽视面内两条线为相交线这一条件.‎ ‎2.面面垂直的判定定理中，直线在面内且垂直于另一平面易忽视.‎ ‎3.面面垂直的性质定理在使用时易忘面内一线垂直于交线而盲目套用造成失误.‎ ‎4.在解决直线与平面垂直的问题过程中，要注意直线与平面垂直的定义、判定定理和性质定理的联合交替使用，即注意线线垂直和线面垂直的相互转化.‎ 直观想象、逻辑推理——立体几何中的动态问题 ‎1.直观想象是指借助几何直观和空间想象感知事物的形态与变化，利用空间形式特别是图形，理解和解决数学问题的素养.‎ ‎2.立体几何中的动态问题主要包括：空间动点轨迹的判断，求轨迹的长度及动角的范围等.‎ ‎3.一般是根据线、面垂直，线、面平行的判定定理和性质定理，结合圆或圆锥曲线的定义推断出动点的轨迹(理科还可以利用空间向量的坐标运算求出动点的轨迹方程).‎ ‎【例1】 在正方体ABCD－A1B1C1D1中，点M、N分别是直线CD、AB上的动点，点P是△A1C1D内的动点(不包括边界)，记直线D1P与MN所成角为θ，若θ的最小值为，则点P的轨迹是(　　)‎ A.圆的一部分 B.椭圆的一部分 C.抛物线的一部分 D.双曲线的一部分 解析　把MN平移到平面A1B1C1D1中，直线D1P与MN所成角为θ，直线D1P与MN 所成角的最小值是直线D1P与平面A1B1C1D1所成角，即原问题转化为：直线D1P与平面A1B1C1D1所成角为，点P在平面A1B1C1D1的投影为圆的一部分，因为点P是△A1C1D内的动点(不包括边界)，所以点P的轨迹是椭圆的一部分.故选B.‎ 答案　B ‎【例2】 (2018·石家庄一模)如图，四棱锥P－ABCD的底面是边长为2的正方形，PA⊥平面ABCD，且PA＝4，M是PB上的一个动点(不与P，B重合)，过点M作平面α∥平面PAD，截棱锥所得图形的面积为y，若平面α与平面PAD之间的距离为x，则函数y＝f(x)的图象是(　　)‎ 解析　过M作MN⊥AB，交AB于N，则MN⊥平面ABCD，过N作NQ∥AD，交CD于Q，过Q作QH∥PD，交PC于H，连接MH，‎ 则平面MNQH是所作的平面α，‎ 由题意得＝，‎ 解得MN＝4－2x，由＝.‎ 即＝，解得QH＝(2－x)，‎ 过H作HE⊥NQ，在Rt△HEQ中，EQ＝＝2－x，‎ ‎∴NE＝2－(2－x)＝x，∴MH＝x.‎ ‎∴y＝f(x)＝ ‎＝－x2＋4(00)，则BD＝，‎ 因为△ABD∽△DCB，所以＝，即＝，‎ 解得x＝，故AB＝，BD＝，BC＝3.‎ 由于AB⊥平面ADC，AC⊂平面ADC，‎ 所以AB⊥AC，又E为BC的中点，‎ 所以由平面几何知识得AE＝＝，‎ 因为BD⊥DC，E为BC的中点，‎ 所以DE＝＝，‎ 所以S△ADE＝×1×＝.‎ 因为DC⊥平面ABD，‎ 所以VA－BCD＝VC－ABD＝CD·S△ABD＝.‎ 设点B到平面ADE的距离为d.‎ 则由d·S△ADE＝VB－ADE＝VA－BDE＝VA－BCD＝，得d＝，即点B到平面ADE的距离为.‎ 新高考创新预测 ‎15.(多选题)在三棱锥P－ABC中，已知PA⊥底面ABC，AB⊥BC，E，F分别是线段PB，PC上的动点，则下列说法正确的是(　　)‎ A.当AE⊥PB时，△AEF一定为直角三角形 B.当AF⊥PC时，△AEF一定为直角三角形 C.当EF∥平面ABC时，△AEF一定为直角三角形 D.当PC⊥平面AEF时，△AEF一定为直角三角形 解析　因为AP⊥平面ABC，BC⊂平面ABC，所以AP⊥BC，又AB⊥BC，且PA和AB是平面PAB内两条相交直线，则BC⊥平面PAB，又AE⊂平面PAB，所以BC⊥AE，又PB∩BC＝B，当AE⊥PB时，AE⊥平面PBC，又EF⊂平面PBC，则AE⊥EF，△AEF一定是直角三角形，A正确；当EF∥平面ABC时，EF在平面PBC内，平面PBC与平面ABC相交于BC，则EF∥BC，则EF⊥AE，△AEF一定是直角三角形，C正确；当PC⊥平面AEF时，又AE⊂平面AEF，AE⊥PC，又AE⊥BC，PC∩BC＝C，则AE⊥平面PBC，又EF⊂平面PBC，所以AE⊥EF，△AEF一定是直角三角形，D正确；B中结论无法证明.‎ 答案　ACD