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- 2021-06-23 发布
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2019-2020学年江苏省南京市高二上学期期中数学试题
一、单选题
1.若直线ax+2y+1=0与直线x+2y–2=0互相垂直,则实数a的值是( )
A.1 B.–1 C.4 D.–4
【答案】D
【解析】由直线方程一般式垂直的条件计算.
【详解】
由题意,.
故选:D.
【点睛】
本题考查两直线垂直条件,两直线方程分别为和,则它们垂直的充要条件是.
2.已知向量,.若向量与向量平行,则实数的值是( )
A.2 B. C.10 D.
【答案】A
【解析】由与共线得,即,解方程组即可.
【详解】
由已知,,因为与共线,所以存在实数,使得,故
,即,解得.
故选:A.
【点睛】
本题考查共线向量定理的应用,涉及向量坐标运算,考查学生的计算能力,是一道基础题.
3.在平面直角坐标系中,双曲线的渐近线方程是( )
A. B. C. D.
【答案】A
【解析】将双曲线方程右端1改为0,即可求得双曲线渐近线方程.
【详解】
令右端1为0,得,即.
故选:A.
【点睛】
本题考查求双曲线的渐近线,考查学生基本计算能力,是一道基础题.
4.为了解某社区居民的家庭年收入和年支出的关系,随机调查了该社区5户家庭,得到如下统计数据表:
收入x(万元)
8.3
8.5
10
11.2
12
支出y(万元)
6
7.5
8
8.5
10
根据上表可得,线性回归方程.据此估计,该社区一户年收入为20万元家庭年支出为( )
A.15.2万元 B.15.6万元 C.16万元 D.16.2万元
【答案】B
【解析】将样本中心点代入回归直线方程求得,进而回归方程为,再令代入计算即可.
【详解】
将代入线性回归方程,得,解得,
所以回归方程为,当时,.
故选:B.
【点睛】
本题考查线性回归直线方程及其应用,回归直线一定过样本中心点,这是解题的一个依据,本题是一道容易题.
5.如图,一个圆柱的底面半径为,高为2,若它的两个底面圆周均在球O的球面上,则球O的表面积为( )
A. B. C. D.
【答案】B
【解析】采用数形结合,根据勾股定理可得球的半径,然后利用球的表面积公式,可得结果.
【详解】
根据题意,画图如下:
则,,,
故在中,
,
,.
故选:B
【点睛】
本题主要考查球的表面积,属基础题.
6.如图,在四面体中,点是棱上的点,且,点是棱的中点.若,其中为实数,则的值是( )
A. B. C. D.
【答案】C
【解析】将用表示,对比系数即可.
【详解】
因为,所以,故.
故选:C.
【点睛】
本题考查空间向量的线性运算,一定要结合图形,灵活运用三角形法则和平行四边形法则,本题是一道基础题.
7.在平面直角坐标系中,直线过点,且被圆:截得的弦长为,则直线的方程为( )
A. B.
C.或 D.或
【答案】C
【解析】由已知得到圆心O到直线l的距离为1,设出直线方程,利用点到直线的距离公式计算即可.
【详解】
由已知,圆心O到直线l的距离,当直线的斜率不存在时,
此时直线的方程为,满足题意;当直线的斜率存在时,设直线的方程为
,即,由点到直线的距离公式得,解得
,此时方程为.
故选:C.
【点睛】
本题考查直线与圆的位置关系,涉及到弦心距公式,特别要注意在设直线的点斜式时,要先讨论斜率不存在的情况.
8.已知,则的值是( )
A. B. C. D.
【答案】D
【解析】由,利用二倍角公式计算即可.
【详解】
.
故选:D.
【点睛】
本题考查三角恒等变换的应用,涉及到配角技巧及倍角公式等知识,考查学生基本计算能力,是一道基础题.
9.在平面直角坐标系中,直线过抛物线的焦点,交抛物线于两点,且线段中点的横坐标为3,则线段的长为( )
A.6 B.7 C.8 D.10
【答案】C
【解析】由抛物线定义结合公式计算即可.
【详解】
设,则,由抛物线定义知,,
.
故选:C.
【点睛】
本题考查利用抛物线的定义求焦点弦长,在处理抛物线焦半径时,经常会想到利用抛物线定义将其转化为到准线的距离.
10.在平面直角坐标系中,已知点,点在双曲线上,且,则直线的斜率为( )
A. B. C. D.
【答案】B
【解析】设直线AB方程为,联立双曲线方程得,,又由得,消即可.
【详解】
由题意可知,当直线AB的斜率为0时显然不满足题意,
设,AB的方程为,联立消x,得,
所以,①,又,有,即②,
由①②,得,即,,所以斜率为.
故选:B.
【点睛】
本题考查直线与双曲线的位置关系,考查学生利用韦达定理消元,有一定的运算量,是一道中档题.
二、多选题
11.已知两条直线,及三个平面,下列条件中能推出的是( )
A. B.
C. D.
【答案】ABC
【解析】利用面面垂直的判定定理与性质定理来处理.
【详解】
如果一个平面经过另一平面的垂线,则这两个平面相互垂直知选项A正确;选项B显然正确;
如果两个互相平行的平面有一个垂直于一个平面 那么另一个平面也垂直这个平面知选项C
正确;D选项有可能与可能平行.
故选:ABC.
【点睛】
本题考查空间中面面垂直的判定,考查学生空间想象能力,是一道基础题.
12.在平面直角坐标系中,动点到两个定点和的距离之积等于8,记点的轨迹为曲线,则( )
A.曲线经过坐标原点 B.曲线关于轴对称
C.曲线关于轴对称 D.若点在曲线上,则
【答案】BCD
【解析】利用直接法可得曲线的方程为,然后逐一验证A,B,C,D.
【详解】
设,由已知,,即,平方得,不满足方程,故选项A错误;
用换,方程不变,所以曲线关于轴对称,故B正确;同理用用换,方程不变,所以曲线
关于轴对称,故C正确;令,得,即,所以,故,D正确.
故选:BCD.
【点睛】
本题考查利用直接法求曲线的轨迹方程,对于选项A,B,C,D只需逐一代入验证即可,本题是一道中档题.
三、填空题
13.在平面直角坐标系中,双曲线的焦距为________.若双曲线的右焦点与抛物线的焦点重合,则实数的值为______________.
【答案】4 4
【解析】利用及抛物线的焦点横坐标为计算即可.
【详解】
由已知,,故,所以焦距为,又双曲线右焦点为,
所以有,.
故答案为:(1)4;(2)4.
【点睛】
本题考查抛物线、双曲线的定义及应用,考查学生的基本运算能力,是一道基础题.
14.在平面直角坐标系中,若椭圆的两个焦点和短轴的两个端点恰为正方形的四个顶点,则椭圆的离心率是__________.
【答案】
【解析】由题易得,再利用计算即可.
【详解】
由已知,,所以,故离心率为.
故答案为:.
【点睛】
本题考查求椭圆离心率,解决椭圆的离心率的问题,关键是建立的方程或不等式,本题是一道容易题.
15.我国数学家陈景润在哥德巴赫猜想的研究中取得了世界领先的成果.哥德巴赫猜想是:每个大于2的偶数可以表示为两个质数的和,如.在不超过15的质数中,随机选取2个不同的数,其和不等于16的概率是________.
【答案】
【解析】先求出和等于16的概率,再利用事件A与其对立事件概率和为1解决.
【详解】
不超过15的质数有2,3,5,7,11,13共6个,从中选2个质数一共有
种,和等于16的有(3,13),(5,11)两种,
由古典概型的概率计算公式知,和等于16的概率为,和不等于16的概率为.
故答案为:.
【点睛】
本题考查古典概型的概率计算,注意正面情况比较多的情况下,可以采用先计算对立事件的概率,本题是一道容易题.
16.已知四棱柱的底面是矩形,底面边长和侧棱长均为2,,则对角线的长为________.
【答案】
【解析】将表示成,平方即可.
【详解】
如图,,所以
,所以.
故答案为:.
【点睛】
本题考查空间向量的线性运算,涉及到向量的模,向量数量积等知识,是一道基础题.
四、解答题
17.在中,角的对边分别为.已知.
(1)求;
(2)若,且的面积为5,求的值.
【答案】(1)(2)
【解析】(1)利用正弦定理并结合即可获解;
(2)由及的值可得到,再利用计算即可.
【详解】
(1)因为,
由正弦定理得,
因此.
在中,,所以,
于是,
因为,所以,所以.
(2)由(1)知,所以.
因为的面积为5,即,
所以,即.又因为,
所以,
因此.
【点睛】
本题考查利用正余弦定理解三角形,考查学生计算能力,难度不大,要注意书写的规范性.
18.某家庭记录了未使用节水龙头30天的日用水量数据(单位:)和使用了节水龙头30天的日用水量数据,得到频数分布表如下:
(一)未使用节水龙头30天的日用水量频数分布表
日用水量
频数
2
3
8
12
5
(二)使用了节水龙头30天的日用水量频数分布表
日用水量
频数
2
5
11
6
6
(1)估计该家庭使用了节水龙头后,日用水量小于的概率;
(2)估计该家庭使用节水龙头后,平均每天能节省多少水?(同一组中的数据以这组数据所在区间中点的值作代表)
【答案】(1)0.6.(2)
【解析】(1)由频率,为事件A出现的次数,为试验次数,;
(2)分别算出两种情况用水量的平均数作差即可.
【详解】
(1)根据表格(二),估计该家庭使用了节水龙头后,日用水量小于的频数为,
所以所求的概率约为,
即该家庭使用节水龙头后日用水量小于的概率的估计值为0.6.
(2)该家庭未使用节水龙头30天日用水量的平均数为
;
该家庭使用了节水龙头后30天日用水量的平均数为
;
.
因此,使用节水龙头后,平均每天能节省的水量估计为.
【点睛】
本题考查用频率、平均数估计值的计算,考查学生基本计算能力,是一道基础题.
19.如图,已知四棱锥的底面是平行四边形,且.
(1)求证:平面;
(2)若点分别是棱,的中点,求证:平面.
【答案】(1)见解析(2)见解析
【解析】(1)要证明平面,只需证明AB与平面内的两条相交直线垂直即可;
(2)要证明平面,只需证明一个包含EF的平面与平面平行即可.
【详解】
证明:(1)在四棱锥中,
因为,所以.
又因为四棱锥的底面是平行四边形,所以,
所以.
因为平面,所以平面.
(2)如图,取的中点,连.
在中,因为是棱的中点,
所以.
又平面平面,
所以平面.
在平行四边形中,分别是棱的中点,
所以,所以四边形是平行四边形,
所以.
又平面,平面,所以平面.
因为平面,所以平面平面.
又平面,所以平面.
【点睛】
本题考查线面垂直、线面平行的证明,涉及到线面垂直的判定定理,面面平行性质定理的应用,是一道基础题.
20.如图,在直三棱柱中,,,.
(1)点在棱上,且,求的长;
(2)求二面角的大小.
【答案】(1)(2)
【解析】(1)过作的垂线交于,以所在直线为轴,轴,轴建立坐标系,利用及坐标运算即可算出AD的长;
(2)易得平面的一个法向量为,再算出平面的一个法向量为,利用计算即可.
【详解】
(1)如图,在中,过作的垂线交于.
在直三棱锥中,平面,
所以.
分别以所在直线为轴,轴,轴,
建立空间直角坐标系.
因为,
所以.
因为点在棱上,设,则.
因为,所以,解得.
所以.
(2)平面的一个法向量为.
又,所以.
设平面的一个法向量为,
由,得所以.
取,则,
所以平面的一个法向量为.
,
所以,
又,从而.
根据图形可知,二面角大小的为.
【点睛】
本题考查利用向量法求线段长度、二面角大小,考查学生的计算能力,要注意坐标的准确性,是一道中档题.
21.在平面直角坐标系中,椭圆的左、右焦点分别为,离心率.过的直线与椭圆相交于两点,且的周长为.
(1)求椭圆的方程;
(2)若点位于第一象限,且,求的外接圆的方程.
【答案】(1)(2)
【解析】(1)由的周长为得,再结合即可解出a,b;
(2)设,由得,联立椭圆方程可解得A点坐标,然后再写出直线的方程,联立椭圆方程得到B点坐标即可解决.
【详解】
解:(1)因为椭圆的离心率,
所以①.
又的周长为,所以.②
联立①②,解得,从而,
因此椭圆的方程为.
(2)因为点位于第一象限,故设,其中.
因为,所以,又点在椭圆上,
所以解得,从而.
由(1)知,椭圆的左焦点为,所以直线的方程为.
由得,解得或.
所以.
因为,所以的外接圆就是以为直径的圆.
又椭圆的右焦点为,
所以线段的中点的坐标为,此时,
故的外接圆的方程为.
【点睛】
本题考查求椭圆的标准方程及直角三角形的外接圆方程,考查学生运算能力的核心素养,是一道容易题.
22.在平面直角坐标系中,点,过动点作直线的垂线,垂足为,且.记动点的轨迹为曲线.
(1)求曲线的方程;
(2)过点的直线交曲线于不同的两点,.
①若为线段的中点,求直线的方程;
②设关于轴的对称点为,求面积的取值范围.
【答案】(1)(2)①.②
【解析】(1)设,利用直接法求曲线的方程;
(2)①由已知,分析可知直线的斜率存在且不为零,设,联立抛物线方程,利用韦达定理解决;②将用直线的斜率表示,即,再结合的范围即可解决.
【详解】
(1)设,则.
因为,所以,
因为,所以,即.
所以曲线的方程为.
(2)①若直线的斜率不存在,则与曲线无公共点,因此的斜率存在;
若的斜率为0,则与曲线只有一个公共点,因此的斜率不为0.
设,
由得,于是,解得且.
设,,则.
因为为线段的中点,所以.
又,所以,
因此,所以,符合且,
于是,此时直线的方程为.
②因为点,关于轴对称,所以,
于是点到直线的距离为.
因为,所以.
又,
所以.
因为,所以.
又因为且,因此,
即面积的取值范围为.
【点睛】
本题考查利用直接法求曲线方程、直线与抛物线的位置关系,在处理直线与抛物线的位置关系的问题时,通常会利用韦达定理来处理,本题是一道较难的题.