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- 2021-06-23 发布
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湖北省部分重点中学 2018-2019 学年度上学期新高三起点考试
理科数学试卷
一、选择题(本题共 12 小题,每小题 5 分,共 60 分.在每小题给出的四个选项中,只有一项是符合题目
要求的.)
1.已知集合 2
3{ | 3 2 0}, { | log ( 2) 1}A x x x B x x ≥ ,则 A B ( )
A.{ | 2 1}x x B.{ | 1 2}x x x或≤ ≥ C.{ | 1}x x D.
1.答案:A
解析: 2{ | 3 2 0} { | ( 1)( 2) 0} { | 1 2}A x x x x x x x x x 或≥ ≥ ≤ ≥ ,
3{ | log ( 2) 1} { | 2 1}B x x x x ,则 { | 2 1}A B x x .
2.已知复数 z 满足( i) (1 i) 2 iz ,则 z z ( )
A.1 B. 1
2 C. 2
2 D. 2
2.答案:B
解析: 2 i 2 i i(1 i) 2 i i 1 1 1 1 1 2i ,1 i 1 i 1 i 1 i 1 i 1 i 1 i 1 i 22
z z
,
2 1
2z z z .
3.设等差数列{ }na 的前 n 项和为 nS .若 4 520, 10S a ,则 16a ( )
A. 32 B.12 C.16 D.32
3.答案:
解析:
3.已知命题 0 3
0 0: , 3R xp x x ,那么命题 p 为( )
A. 3, 3R xx x B. 0 3
0 0, 3R xx x C. 3, 3R xx x ≥ D. 0 3
0 0, 3R xx x ≥
3.答案:C
解析:特称命题的否定是全称命题,所以 p 为 3, 3R xx x ≥ .
4.已知函数 1( ) ( )ln 11
x x xf x e e x
,若 ( ) 1f a ,则 ( )f a ( )
A.1 B. 1 C.3 D. 3
4.答案:D
解析:设 1( ) ( )ln1
x x xg x e e x
,则
1 1 1 1( ) ( ) ( )ln ( )ln ( ) ln ln 01 1 1 1
x x x x x xx x x xg x g x e e e e e ex x x x
,
所以函数 ( )g x 为奇函数,且 ( ) ( ) 1f x g x ,
由 ( ) ( ) 1 1, ( ) 2, ( ) ( ) 2, ( ) ( ) 1 2 1 3f a g a g a g a g a f a g a .
5.执行程序框图,假如输入的 ,S k 的值分别为 1,2,那么输出的 S ( )
A.1 15 B. 15 C.4 D. 17
5.答案:C
解析:
16
2
11
1k
S
k k
, 1 1 1
1 ( 1 )( 1)
k k k k
k k k k k k
,
所以 1 ( 2 1) ( 3 2) ( 4 3) ( 16 15) 16 4S .
6.有 4 位游客来某地旅游,若每人只能从此地甲、乙、丙三个不同景点中选择一处游览,则每个景点都
有人去游览的概率为( )
A. 3
4 B. 9
16 C. 8
9 D. 4
9
6.答案:D
解析:由题意知,4 位游客各从甲、乙、丙三个不同景点中选择一处游览的选法有 43 81 种.将 4 位游客
分为 3 组的分法有 2
4C 种,然后将这 3 组游客分到甲、乙、丙三个不同的景点,其分法有 3
3A 种,由分步乘
法计数原理知,每个景点都有人去游览的方法有 2 3
4 3 36C A 种.于是所求概率为 36 4
81 9P .
7.已知函数 ( ) sin( ) 0, 2f x x
,其图象相邻两条对称轴之间的距离为
4
,将函数
( )y f x 的图象向左平移 3
16
个单位后,得到的图象关于 y 轴对称,那么函数 ( )y f x 的图象( )
A.关于点 ,016
对称 B.关于点 ,016
对称
C.关于直线
16x 对称 D.关于直线
4x 对称
7.答案:B
解析:相邻两条对称轴之间的距离为
4
,所以周期为
2
,将函数 ( )y f x 的图象向左平移 3
16
个单位后,
得到的图象关于 y 轴对称,所以 ( )y f x 的一条对称轴方程为 3
16x ,故其对称轴方程为
3 ,4 16
kx k Z ;
因为对称轴与对称中心之间的距离为 1
4 8T ,所以 ( )y f x 的一个对称中心为 ,016
.
8.已知 ABC△ 的内角 , ,A B C 的对边分别是 , ,a b c ,且
2 2 2sin sin sin sin sin
cos cos
A B C A B
c a B b A
,
若 4a b ,则c 的取值范围为( )
A.(0, 4) B.[2,4) C.[1,4) D.(2,4]
8.答案:B
解析:在 ABC△ 中,由三角函数的定义知 cos cosa B b A c ,结合正弦定理和已知,得:
2 2 2a b c ab
c c
,即 2 2 2a b c ab ,所以
2
2 2 2 2 2 23 ( )( ) 3 ( ) ( ) 44 4
a bc a b ab a b ab a b a b ≥ ,所以 2c≥ ,
又 4c a b ,所以c 的取值范围是[2,4) .
9.已知 ,x y 满足约束条件
1 0
0
0
x
x y
x y m
≥
≤
≤
,若
1
y
x
的最大值为 2,则 m 的值为( )
A.4 B.5 C.8 D.9
9.答案:B
解析:由题意知 1, , 2x y x m x y≥ ≥ ≥ ≥ ,作出满足约束条件的平面区域如图所示,因为
1
y
x
表示
定点 ( 1,0)P 与平面区域内的点 ( , )x y 连线的斜率,由图可知,当直线经过平面区域内的顶点 (1, 1)A m
时,直线的斜率取得最大值 1 22
m ,解得 5m .
O x
y
P
A
B
C
10.已知两点 ( ,0), ( ,0) ( 0)A a B a a ,若圆 2 2( 3) ( 1) 1x y 上存在点 P ,使得 90APB ,
则正实数 a 的取值范围为( )
A.(0,3] B.[1,3] C.[2,3] D.[1,2]
10.答案:B
解析:由题意知,点 P 在以 AB 为直径的圆上,即圆 2 2( 3) ( 1) 1x y 与圆 2 2 2x y a 有交点,
圆心距为 2,所以 1 2 1a a ≤ ≤ ,解得1 3a≤ ≤ .
11.如图,已知 , ,A B C 是双曲线
2 2
2 2 1( 0, 0)x y a ba b 上的三个点, AB 经过原点O , AC 经过右焦
点 F ,若 BF AC 且 2 AF CF ,则该双曲线的离心率是( )
A. 5
3 B. 17
3 C. 17
2 D. 9
4
11.答案:B
解析:设双曲线的左焦点为 F,连接 , ,AF BF CF ,则由 , ,OA OB OF OF BF AC 知四边
形 AFBF 为矩形,设 AF m ,则 2 , 2 3 , 2AF m a AC AF AF m FC m ,则
2 2 2F C FC a m a ,则在 Rt AF C△ 中, 2 2 2F C AF AC ,即
2 2 2(2 2 ) ( 2 ) (3 )m a m a m ,解得 2
3m a .在 Rt AF F△ 中, 2 2 2F F AF AF ,
即 2 2 24 ( 2 )c m a m ,即 2 2 24 ( 2 )c m a m ,即
2 2
2 2 24 23 3c a a a
,
整理得:
2
2
17
9
c
a ,所以双曲线的离心率为 17
3
ce a ,故选 B.
C
B
A
FF' O
12.己知函数 ( ) x
xf x e ,若关于 x 的方程 2[ ( )] ( ) 1 0f x mf x m 恰有 3 个不同的实数解,则实数 m
的取值范围是( )
A.( , 2) (2, ) B. 11 ,e
C. 11 ,1e
D.(1, )e
12.答案:C
解析:因为 2
1( ) ( )
x x
x x
e xe xf x e e
,所以函数 ( )f x 在 ( ,1) 上单调递增,在(1, ) 上单调递减,则
max
1( ) (1)f x f e ,且 x 时, ( )f x ,当 x 时, ( ) 0f x 且 ( ) 0f x ,由此作出函
数 ( )f x 的简图,如图所示.令 ( )t f x , 2( ) 1g t t mt m ,由题意与图可知函数
2( ) 1g t t mt m 有一个零点必在 10, e
内,另一个零点必为 1
e
或在( ,0] 内.
当 ( )g t 的一个零点为 1
e
,另一个零点在 10, e
内时, 2
(0) 1 0
1 1 1 0
10 2
g m
mg me e e
m
e
,此不等式组无解,
当 ( )g t 的一个零点在( ,0] 内,另一个零点在 10, e
内时,
2
(0) 1 0
1 1 1 0
g m
mg me e e
或 2
(0) 1 0
1 1 1 0
10 2
g m
mg me e e
m
e
,解得 11 1me .
二、填空题(本题共 4 小题,每小题 5 分,共 20 分)
13.
5
2 2x x
的展开式中 4x 项的系数为_______.
13.答案:40
解析:二项式展开式的通项 2 5 10 3
1 5 5
2( ) 2
r
r r r r r
rT C x C xx
,令10 3 4r ,得 2r ,
所以展开式中 4x 项的系数为 2 2
52 40C .
14.函数 ( ) 2sin cos 3 sin 24 4f x x x x
的最小正周期为___________.
14.答案:
解析:
( ) sin 2 3 sin 2 sin 2 3 sin 2 cos 2 3 sin 2 2sin 24 2 6f x x x x x x x x
,
所以其最小正周期 2
2T .
15.如图所示,圆 O 及其内接正八边形.已知 1 2,OA e OB e
,点 P 为正八边形边上任意一点,
1 2 , , ROP e e
,则 的最大值为_____________________.
B
A
O
P
15.答案: 2 1
解析:以O 为原点建立如图所示平面直角坐标系,不妨设 1 2 1e e
,如图, //CD AB ,由向量的等和
线定理可知,当点 P 位于线段CD 上时, 取得最大值,不妨取点 P 为点C ,
1
2 2, ,2 2OA e
2(0,1), (1,0)OP OB e
,由 1 2 , , ROP e e
,
2 02 2 22(0,1) , (1,0), , 2 12 2 12 12
.
A D
C
O
B
16.某三棱锥的三视图如图所示,则它的外接球表面积为__________.
2 3
44
4
2 3
正视图 侧视图
俯视图
16.答案:100
3
解析:该几何体为如图所示的三棱锥 A BCD ,因为 AC 平面 BCD ,所以是圆柱模型,底面圆的半径
4 3
3r ,高 2 3h ,设外接球半径为 R ,则
2
2 2 2 28 3 64 100(2 ) (2 ) (2 3) 123 3 3R r h
,
则外接球的表面积 2 100(2 ) 3S R .
A
BC
D
三、解答题(共 70 分.解答应写出文字说明、证明过程或演算步骤.第 17~21 题为必考题,每个试题考
生都必须作答.第 22、23 题为选考题,考生根据要求作答.)
(一)必考题:共 60 分.
17.已知数列{ }na 的前 n 项和为 nS , 1 1a ,且满足 1n nS a .
(1)求数列{ }na 的通项 na ;
(2)求数列{ }nna 的前 n 项和 nT .
17.解:(1) 1n nS a ,当 1n 时, 2 1a ,当 2n≥ 时, 1 2n nS a ,
1 1n n n n na S S a a ,即 1 2 ( 2)n na a n ≥ ,
又因为 1 21, 1a a 不满足上式,所以数列{ }na 是从第二项起的等比数列,其公比为 2;
所以 2
1, 1
2 , 2n n
na
n
≥
.………………6 分
(2)当 1n 时, 1 1T ,当 2n≥ 时,
0 1 2 3 2
1 2 3 2 1
1 2 2 3 2 4 2 ( 1) 2 2
2 2 2 2 3 2 4 2 ( 1) 2 2
n n
n
n n
n
T n n
T n n
①
②
① ② ,得 2 3 2 1 1 1 11 2 2 2 2 2 2 1 2 (1 ) 2 1n n n n n
nT n n n ,
1( 1) 2 1n
nT n ,
当 1n 时, 1 1T 也满足上式,所以 1( 1) 2 1 ( )n
nT n n N ………………12 分
18.如图,四棱锥 P ABCD 的底面 ABCD 为平行四边形, DA DP , BA BP .
(1)求证: PA BD ;
(2)若 DA DP , 60ABP , 2BA BP BD ,求二面角 D PC B 的正弦值.
A B
CD
P
18.解:(1)证明:取 AP 中点 M ,连 ,DM BM ,∵ DA DP , BA BP
∴ PA DM , PA BM ,∵ DM BM M
∴ PA 面 DMB ,又∵ BD 面 DMB ,∴ PA BD ………………4 分
(2)∵ DA DP , BA BP , DA DP , 60ABP ,
∴ DAP△ 是等腰直角三角形, ABP△ 是等边三角形,∵ 2AB PB BD ,∴ 1DM ,
3BM .∴ 2 2 2BD MB MD ,∴ MD MB
以 , ,MP MB MD 所在直线分别为 , ,x y z 轴建立空间直角坐标系,………………6 分
则 ( 1,0,0)A , (0, 3,0)B , (1,0,0)P , (0,0,1)D
从而得 (1,0, 1)DP
, )1, 3,0(DC AB
, (1, 3,0)BP
, (1,0,1)BC AD
设平面 DPC 的法向量 1 1 1 1( , , )n x y z
,则 1 1
1 1
3
0
0
n DP
n D
x z
xC y
,可取 1 ( 3,1, 3)n
,
设平面 PCB 的法向量 2 2 2 2( , , )n x y z
,则 2 2
2 2
0
3 0
n BC x z
n BP x y
,可取 2 ( 3,1, 3)n
∴ 1 2
1 2
1 2
1cos , 7
n nn n
n n
设二面角 D PC B 为 ,∴ 2
1 2
4 3sin 1 cos , 7n n
………………12 分
19.已知 , ,A B C 为椭圆
2
2: 12
xE y 上三个不同的点,O 为坐标原点,若O 为 ABC△ 的重心.
(1)如果直线 AB OC、 的斜率都存在,求证 AB OCk k 为定值;
(2)试判断 ABC△ 的面积是否为定值,如果是就求出这个定值,否则请说明理由.
A
B
C
O x
y
19.解:(1)设直线 :AB y kx m ,代入
2
2: 12
xE y 得: 2 2 2(1 2 ) 4 2( 1) 0k x kmx m ,
设 1 1 2 2( , ), ( , )A x y B x y ,则
2
1 2 1 22 2
4 2( 1),2 1 2 1
km mx x x xk k
;
由 2 2 2 216 8(1 2 )( 1) 0m k k m 得: 2 21 2m k
线段 AB 中点 2 2
2( , )2 1 2 1
km mD k k ,因为O 为 ABC△ 的重心,
所以 1 1( )2 2AB OC AB ODk k k k k k 为定值. ………………6 分
点差法求证相应给分.
(2)设 3 3( , )C x y ,则 3 1 2 3 1 22 2
4 2( ) , ( )2 1 2 1
km mx x x y y yk k
,
代入
2
2 12
x y 得 2 21 2 4k m ,又 2 2
1 2 1 21 ( ) 4AB k x x x x ,
原点O 到 AB 的距离
2 1
md
k
,于是
2 2
2 2 2
2 2 2 2
2 21 1 4 2( 1) 64 1 2 32 2 1 2 1 2 1 2 4 4OAB
m mkm mS AB d m k m mk k k m
△
所以 3 63 4ABC OABS S △ △ (定值). ………………12 分
20.为了研究学生的数学核心素养与抽象能力(指标 x )、推理能力(指标 y )、建模能力(指标 z )的相关性,
将它们各自量化为 1、2、3 三个等级,再用综合指标 w x y z 的值评定学生的数学核心素养,若 7w≥ ,
则数学核心素养为一级;若5 6w≤ ≤ ,则数学核心素养为二级;若3 4w≤ ≤ ,则数学核心素养为三级,
为了了解某校学生的数学核心素养,调查人员随机访问了某校 10 名学生,得到如下数据:
学生编号 A1 A2 A3 A4 A5 A6 A7 A8 A9 A10
(x,y,z) (2,2,3) (3,2,3) (3,3,3) (1,2,2) (2,3,2) (2,3,3) (2,2,2) (2,3,3) (2,1,1) (2,2,2)
(1)在这 10 名学生中任取两人,求这两人的建模能力指标相同条件下综合指标值也相同的概率;
(2)在这 10 名学生中任取三人,其中数学核心素养等级是一级的学生人数记为 X ,求随机变量 X 的分布列
及其数学期望.
20.解:
学生编号 A1 A2 A3 A4 A5 A6 A7 A8 A9 A10
(x,y,z) (2,2,3) (3,2,3) (3,3,3) (1,2,2) (2,3,2) (2,3,3) (2,2,2) (2,3,3) (2,1,1) (2,2,2)
w 7 8 9 5 7 8 6 8 4 6
(1)由题可知:建模能力三级的学生是 9A ;建模能力二级的学生是 4 7 10, ,A A A ;建模能力一级的学生是
1 2 3 5 6 8, , , , ,A A A A A A .
记“所取的两人的建模能力指标相同”为事件 A ,记“所取的两人的综合指标值相同”为事件 B .
则
2 2 2
3 2 2
2 2
3 6
( ) 5( | ) ( ) 18
C C CP ABP B A P A C C
………………6 分
(2)由题可知,数学核心素养一级的学生为: 1 2 3 5 6 8, , , , ,A A A A A A ,非一级的学生为余下 4 人
X 的所有可能取值为 0,1,2,3.
0 3 1 2 2 1 3 1
6 4 6 4 6 4 6 4
3 3 3 3
10 10 10 10
1 3 1 1( 0) , ( 1) , ( 2) , ( 3)30 10 2 6
C C C C C C C CP X P X P X P XC C C C
所以随机变量 X 的分布列为:
X 0 1 2 3
P 1
30 3
10 1
2 1
6
………………10 分
1 3 1 10 1 2 3 1.830 10 2 6EX ………………12 分
21.设函数 2
1
1 1( ) ln , ( ) xf x ax a x g x x e ,其中 , 2.71828Ra e 为自然对数的底数.
(1)讨论 ( )f x 的单调性;
(2)证明:当 1x 时, ( ) 0g x ;
(3)如果 ( ) ( )f x g x 在区间(1, ) 内恒成立,求实数 a 的取值范围.
21.解:(1)
21 2 1( ) 2 ( 0)axf x ax xx x
………………1 分
当 0a ≤ 时, ( ) 0f x , ( )f x 在(0, ) 内单调递减. ………………2 分
当 0a 时,由 ( ) 0f x ,得 1
2
x
a
.当 10,
2a
x
时, ( ) 0, ( )f x f x 单调递减;
当 1 +
2
x
a
, 时, ( ) 0, ( )f x f x 单调递增. ………………4 分
(2)
1
1( )
x
x
e xg x xe
,令 1( ) exs x x ,则 1( ) e 1xs x .
当 1x 时, ( ) 0s x ,所以 ( )s x 单调递增,又 (1) 0s , ( ) 0s x ,
从而 1x 时, 1
1 1( ) 0exg x x . ………………7 分
(3)由(2),当 1x 时, ( ) 0g x .
当 0a ≤ , 1x 时, 2( ) ( 1) ln 0f x a x x .
故当 ( ) ( )f x g x 在区间(1, ) 内恒成立时,必有 0a .………………8 分
当 10 2a 时, 1 1
2a
.由(Ⅰ)有 1 (1) 0
2
f f
a
,而 1 0
2
g
a
,
所以此时 ( ) ( )f x g x 在区间(1, ) 内不恒成立. ………………10 分
当 1
2a≥ 时,令 ( ) ( ) ( ) ( 1)h x f x g x x ≥ .
当 1x 时,
3 2
1
2 2 2 2
1 1 1 1 1 2 1 2 1( ) 2 e 0x x x x xh x ax xx x x x x x x
.
因此, ( )h x 在区间(1, ) 单调递增.
又因为 (1) 0h ,所以当 1x 时, ( ) ( ) ( ) 0h x f x g x ,即 ( ) ( )f x g x 恒成立.
综上, 1 +2a
, .………………12 分
(二)选考题:共 10 分.请考生在第 22、23 题中任选一题作答.如果多做,则按所做的第一题计分.
22.[选修 4—4:坐标系与参数方程](10 分)
已知在平面直角坐标系 xOy 中,直线l 的参数方程是
2 6
x t
y t
(t 是参数),以原点O 为极点, x 轴正
半轴为极轴且取相同的单位长度建立极坐标系,曲线C 的极坐标方程为 2 2 cos .
(1)求直线l 的普通方程与曲线C 的直角坐标方程;
(2)设 ( , )M x y 为曲线C 上任意一点,求 x y 的取值范围.
22.解:(Ⅰ)由
2 6
x t
y t
,得 2 6y x ,故直线l 的普通方程为 2 6 0x y ,
由 2 2 cos ,得 2 2 2 cos ,所以 2 2 2 2x y x ,即 2 2( 2) 2x y ,
故曲线C 的普通方程为 2 2( 2) 2x y . ………………5 分
(Ⅱ)据题意设点 ( 2 2 cos , 2 sin )M ,
则 2 2 cos 2 sin 2 2sin 4x y
,
所以 x y 的取值范围是[ 2 2,2 2] . ………………10 分
23.[选修 4—5:不等式选讲](10 分)
已知函数 ( ) 1f x x a x .
(1)若 2a ,求不等式 ( ) 2f x x 的解集;
(2)如果关于 x 的不等式 ( ) 2f x 的解集不是空集,求实数 a 的取值范围.
23.[解:(Ⅰ)当 2a 时,知
2 1 ( 1)
( ) 3 ( 1 2)
2 1 ( 2)
x x
f x x
x x
≤
≥
,不等式 ( ) 2f x x 等价于
1
2 1 2
x
x x
或 1 2
3 2
x
x
≤
或 2
2 1 2
x
x x
≥
解得: 1 3x x 或
故原不等式的解集为{ | 1 3}x x x 或 . ………………5 分
(Ⅱ) ( ) 1 ( ) ( 1) 1f x x a x x a x a ≥ ,当( )( 1) 0x a x ≤ 时取等号.
所以若关于 x 的不等式 ( ) 2f x 的解集不是空集,只需 1 2a
解得 3 1a ,即实数 a 的取值范围是 ( 3,1) ………………10 分