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  • 2021-06-23 发布

2019年山西省八校高三上学期第一次联考理科数学(解析版) (2)

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湖北省部分重点中学 2018-2019 学年度上学期新高三起点考试 理科数学试卷 一、选择题(本题共 12 小题,每小题 5 分,共 60 分.在每小题给出的四个选项中,只有一项是符合题目 要求的.) 1.已知集合 2 3{ | 3 2 0}, { | log ( 2) 1}A x x x B x x     ≥ ,则 A B  ( ) A.{ | 2 1}x x   B.{ | 1 2}x x x或≤ ≥ C.{ | 1}x x  D. 1.答案:A 解析: 2{ | 3 2 0} { | ( 1)( 2) 0} { | 1 2}A x x x x x x x x x       或≥ ≥ ≤ ≥ , 3{ | log ( 2) 1} { | 2 1}B x x x x       ,则 { | 2 1}A B x x    . 2.已知复数 z 满足( i) (1 i) 2 iz      ,则 z z  ( ) A.1 B. 1 2 C. 2 2 D. 2 2.答案:B 解析: 2 i 2 i i(1 i) 2 i i 1 1 1 1 1 2i ,1 i 1 i 1 i 1 i 1 i 1 i 1 i 1 i 22 z z                       , 2 1 2z z z    . 3.设等差数列{ }na 的前 n 项和为 nS .若 4 520, 10S a  ,则 16a  ( ) A. 32 B.12 C.16 D.32 3.答案: 解析: 3.已知命题 0 3 0 0: , 3R xp x x   ,那么命题 p 为( ) A. 3, 3R xx x   B. 0 3 0 0, 3R xx x   C. 3, 3R xx x  ≥ D. 0 3 0 0, 3R xx x  ≥ 3.答案:C 解析:特称命题的否定是全称命题,所以 p 为 3, 3R xx x  ≥ . 4.已知函数 1( ) ( )ln 11 x x xf x e e x     ,若 ( ) 1f a  ,则 ( )f a  ( ) A.1 B. 1 C.3 D. 3 4.答案:D 解析:设 1( ) ( )ln1 x x xg x e e x     ,则 1 1 1 1( ) ( ) ( )ln ( )ln ( ) ln ln 01 1 1 1 x x x x x xx x x xg x g x e e e e e ex x x x                      , 所以函数 ( )g x 为奇函数,且 ( ) ( ) 1f x g x  , 由 ( ) ( ) 1 1, ( ) 2, ( ) ( ) 2, ( ) ( ) 1 2 1 3f a g a g a g a g a f a g a                   . 5.执行程序框图,假如输入的 ,S k 的值分别为 1,2,那么输出的 S  ( ) A.1 15 B. 15 C.4 D. 17 5.答案:C 解析: 16 2 11 1k S k k     , 1 1 1 1 ( 1 )( 1) k k k k k k k k k k             , 所以 1 ( 2 1) ( 3 2) ( 4 3) ( 16 15) 16 4S             . 6.有 4 位游客来某地旅游,若每人只能从此地甲、乙、丙三个不同景点中选择一处游览,则每个景点都 有人去游览的概率为( ) A. 3 4 B. 9 16 C. 8 9 D. 4 9 6.答案:D 解析:由题意知,4 位游客各从甲、乙、丙三个不同景点中选择一处游览的选法有 43 81 种.将 4 位游客 分为 3 组的分法有 2 4C 种,然后将这 3 组游客分到甲、乙、丙三个不同的景点,其分法有 3 3A 种,由分步乘 法计数原理知,每个景点都有人去游览的方法有 2 3 4 3 36C A  种.于是所求概率为 36 4 81 9P   . 7.已知函数 ( ) sin( ) 0, 2f x x           ,其图象相邻两条对称轴之间的距离为 4  ,将函数 ( )y f x 的图象向左平移 3 16  个单位后,得到的图象关于 y 轴对称,那么函数 ( )y f x 的图象( ) A.关于点 ,016     对称 B.关于点 ,016      对称 C.关于直线 16x  对称 D.关于直线 4x   对称 7.答案:B 解析:相邻两条对称轴之间的距离为 4  ,所以周期为 2  ,将函数 ( )y f x 的图象向左平移 3 16  个单位后, 得到的图象关于 y 轴对称,所以 ( )y f x 的一条对称轴方程为 3 16x  ,故其对称轴方程为 3 ,4 16 kx k   Z ; 因为对称轴与对称中心之间的距离为 1 4 8T  ,所以 ( )y f x 的一个对称中心为 ,016      . 8.已知 ABC△ 的内角 , ,A B C 的对边分别是 , ,a b c ,且 2 2 2sin sin sin sin sin cos cos A B C A B c a B b A     , 若 4a b  ,则c 的取值范围为( ) A.(0, 4) B.[2,4) C.[1,4) D.(2,4] 8.答案:B 解析:在 ABC△ 中,由三角函数的定义知 cos cosa B b A c  ,结合正弦定理和已知,得: 2 2 2a b c ab c c    ,即 2 2 2a b c ab   ,所以 2 2 2 2 2 2 23 ( )( ) 3 ( ) ( ) 44 4 a bc a b ab a b ab a b a b           ≥ ,所以 2c≥ , 又 4c a b   ,所以c 的取值范围是[2,4) . 9.已知 ,x y 满足约束条件 1 0 0 0 x x y x y m       ≥ ≤ ≤ ,若 1 y x  的最大值为 2,则 m 的值为( ) A.4 B.5 C.8 D.9 9.答案:B 解析:由题意知 1, , 2x y x m x y≥ ≥ ≥ ≥ ,作出满足约束条件的平面区域如图所示,因为 1 y x  表示 定点 ( 1,0)P  与平面区域内的点 ( , )x y 连线的斜率,由图可知,当直线经过平面区域内的顶点 (1, 1)A m  时,直线的斜率取得最大值 1 22 m   ,解得 5m  . O x y P A B C 10.已知两点 ( ,0), ( ,0) ( 0)A a B a a  ,若圆 2 2( 3) ( 1) 1x y    上存在点 P ,使得 90APB   , 则正实数 a 的取值范围为( ) A.(0,3] B.[1,3] C.[2,3] D.[1,2] 10.答案:B 解析:由题意知,点 P 在以 AB 为直径的圆上,即圆 2 2( 3) ( 1) 1x y    与圆 2 2 2x y a  有交点, 圆心距为 2,所以 1 2 1a a ≤ ≤ ,解得1 3a≤ ≤ . 11.如图,已知 , ,A B C 是双曲线 2 2 2 2 1( 0, 0)x y a ba b    上的三个点, AB 经过原点O , AC 经过右焦 点 F ,若 BF AC 且 2 AF CF ,则该双曲线的离心率是( ) A. 5 3 B. 17 3 C. 17 2 D. 9 4 11.答案:B 解析:设双曲线的左焦点为 F,连接 , ,AF BF CF   ,则由 , ,OA OB OF OF BF AC   知四边 形 AFBF 为矩形,设 AF m ,则 2 , 2 3 , 2AF m a AC AF AF m FC m       ,则 2 2 2F C FC a m a     ,则在 Rt AF C△ 中, 2 2 2F C AF AC   ,即 2 2 2(2 2 ) ( 2 ) (3 )m a m a m    ,解得 2 3m a .在 Rt AF F△ 中, 2 2 2F F AF AF   , 即 2 2 24 ( 2 )c m a m   ,即 2 2 24 ( 2 )c m a m   ,即 2 2 2 2 24 23 3c a a a            , 整理得: 2 2 17 9 c a  ,所以双曲线的离心率为 17 3 ce a  ,故选 B. C B A FF' O 12.己知函数 ( ) x xf x e ,若关于 x 的方程 2[ ( )] ( ) 1 0f x mf x m    恰有 3 个不同的实数解,则实数 m 的取值范围是( ) A.( , 2) (2, )  B. 11 ,e      C. 11 ,1e     D.(1, )e 12.答案:C 解析:因为 2 1( ) ( ) x x x x e xe xf x e e     ,所以函数 ( )f x 在 ( ,1) 上单调递增,在(1, ) 上单调递减,则 max 1( ) (1)f x f e  ,且 x   时, ( )f x   ,当 x   时, ( ) 0f x  且 ( ) 0f x  ,由此作出函 数 ( )f x 的简图,如图所示.令 ( )t f x , 2( ) 1g t t mt m    ,由题意与图可知函数 2( ) 1g t t mt m    有一个零点必在 10, e      内,另一个零点必为 1 e 或在( ,0] 内. 当 ( )g t 的一个零点为 1 e ,另一个零点在 10, e      内时, 2 (0) 1 0 1 1 1 0 10 2 g m mg me e e m e                      ,此不等式组无解, 当 ( )g t 的一个零点在( ,0] 内,另一个零点在 10, e      内时, 2 (0) 1 0 1 1 1 0 g m mg me e e              或 2 (0) 1 0 1 1 1 0 10 2 g m mg me e e m e                     ,解得 11 1me   . 二、填空题(本题共 4 小题,每小题 5 分,共 20 分) 13. 5 2 2x x     的展开式中 4x 项的系数为_______. 13.答案:40 解析:二项式展开式的通项 2 5 10 3 1 5 5 2( ) 2 r r r r r r rT C x C xx          ,令10 3 4r  ,得 2r  , 所以展开式中 4x 项的系数为 2 2 52 40C  . 14.函数 ( ) 2sin cos 3 sin 24 4f x x x x              的最小正周期为___________. 14.答案: 解析: ( ) sin 2 3 sin 2 sin 2 3 sin 2 cos 2 3 sin 2 2sin 24 2 6f x x x x x x x x                           , 所以其最小正周期 2 2T    . 15.如图所示,圆 O 及其内接正八边形.已知 1 2,OA e OB e      ,点 P 为正八边形边上任意一点, 1 2 , , ROP e e         ,则  的最大值为_____________________. B A O P 15.答案: 2 1 解析:以O 为原点建立如图所示平面直角坐标系,不妨设 1 2 1e e    ,如图, //CD AB ,由向量的等和 线定理可知,当点 P 位于线段CD 上时,   取得最大值,不妨取点 P 为点C , 1 2 2, ,2 2OA e          2(0,1), (1,0)OP OB e      ,由 1 2 , , ROP e e         , 2 02 2 22(0,1) , (1,0), , 2 12 2 12 12                                . A D C O B 16.某三棱锥的三视图如图所示,则它的外接球表面积为__________. 2 3 44 4 2 3 正视图 侧视图 俯视图 16.答案:100 3  解析:该几何体为如图所示的三棱锥 A BCD ,因为 AC  平面 BCD ,所以是圆柱模型,底面圆的半径 4 3 3r  ,高 2 3h  ,设外接球半径为 R ,则 2 2 2 2 28 3 64 100(2 ) (2 ) (2 3) 123 3 3R r h            , 则外接球的表面积 2 100(2 ) 3S R    . A BC D 三、解答题(共 70 分.解答应写出文字说明、证明过程或演算步骤.第 17~21 题为必考题,每个试题考 生都必须作答.第 22、23 题为选考题,考生根据要求作答.) (一)必考题:共 60 分. 17.已知数列{ }na 的前 n 项和为 nS , 1 1a  ,且满足 1n nS a  . (1)求数列{ }na 的通项 na ; (2)求数列{ }nna 的前 n 项和 nT . 17.解:(1) 1n nS a  ,当 1n  时, 2 1a  ,当 2n≥ 时, 1 2n nS a  , 1 1n n n n na S S a a      ,即 1 2 ( 2)n na a n  ≥ , 又因为 1 21, 1a a  不满足上式,所以数列{ }na 是从第二项起的等比数列,其公比为 2; 所以 2 1, 1 2 , 2n n na n    ≥ .………………6 分 (2)当 1n  时, 1 1T  ,当 2n≥ 时, 0 1 2 3 2 1 2 3 2 1 1 2 2 3 2 4 2 ( 1) 2 2 2 2 2 2 3 2 4 2 ( 1) 2 2 n n n n n n T n n T n n                                 ① ② ① ② ,得 2 3 2 1 1 1 11 2 2 2 2 2 2 1 2 (1 ) 2 1n n n n n nT n n n                     , 1( 1) 2 1n nT n      , 当 1n  时, 1 1T  也满足上式,所以 1( 1) 2 1 ( )n nT n n     N ………………12 分 18.如图,四棱锥 P ABCD 的底面 ABCD 为平行四边形, DA DP , BA BP . (1)求证: PA BD ; (2)若 DA DP , 60ABP   , 2BA BP BD   ,求二面角 D PC B  的正弦值. A B CD P 18.解:(1)证明:取 AP 中点 M ,连 ,DM BM ,∵ DA DP , BA BP ∴ PA DM , PA BM ,∵ DM BM M ∴ PA  面 DMB ,又∵ BD  面 DMB ,∴ PA BD ………………4 分 (2)∵ DA DP , BA BP , DA DP , 60ABP   , ∴ DAP△ 是等腰直角三角形, ABP△ 是等边三角形,∵ 2AB PB BD   ,∴ 1DM  , 3BM  .∴ 2 2 2BD MB MD  ,∴ MD MB 以 , ,MP MB MD 所在直线分别为 , ,x y z 轴建立空间直角坐标系,………………6 分 则 ( 1,0,0)A  , (0, 3,0)B , (1,0,0)P , (0,0,1)D 从而得 (1,0, 1)DP    , )1, 3,0(DC AB    , (1, 3,0)BP    , (1,0,1)BC AD    设平面 DPC 的法向量 1 1 1 1( , , )n x y z  ,则 1 1 1 1 3 0 0 n DP n D x z xC y             ,可取 1 ( 3,1, 3)n     , 设平面 PCB 的法向量 2 2 2 2( , , )n x y z  ,则 2 2 2 2 0 3 0 n BC x z n BP x y              ,可取 2 ( 3,1, 3)n    ∴ 1 2 1 2 1 2 1cos , 7 n nn n n n         设二面角 D PC B  为 ,∴ 2 1 2 4 3sin 1 cos , 7n n      ………………12 分 19.已知 , ,A B C 为椭圆 2 2: 12 xE y  上三个不同的点,O 为坐标原点,若O 为 ABC△ 的重心. (1)如果直线 AB OC、 的斜率都存在,求证 AB OCk k 为定值; (2)试判断 ABC△ 的面积是否为定值,如果是就求出这个定值,否则请说明理由. A B C O x y 19.解:(1)设直线 :AB y kx m  ,代入 2 2: 12 xE y  得: 2 2 2(1 2 ) 4 2( 1) 0k x kmx m     , 设 1 1 2 2( , ), ( , )A x y B x y ,则 2 1 2 1 22 2 4 2( 1),2 1 2 1 km mx x x xk k      ; 由 2 2 2 216 8(1 2 )( 1) 0m k k m      得: 2 21 2m k  线段 AB 中点 2 2 2( , )2 1 2 1 km mD k k   ,因为O 为 ABC△ 的重心, 所以 1 1( )2 2AB OC AB ODk k k k k k      为定值. ………………6 分 点差法求证相应给分. (2)设 3 3( , )C x y ,则 3 1 2 3 1 22 2 4 2( ) , ( )2 1 2 1 km mx x x y y yk k          , 代入 2 2 12 x y  得 2 21 2 4k m  ,又 2 2 1 2 1 21 ( ) 4AB k x x x x     , 原点O 到 AB 的距离 2 1 md k   ,于是 2 2 2 2 2 2 2 2 2 2 21 1 4 2( 1) 64 1 2 32 2 1 2 1 2 1 2 4 4OAB m mkm mS AB d m k m mk k k m                  △ 所以 3 63 4ABC OABS S △ △ (定值). ………………12 分 20.为了研究学生的数学核心素养与抽象能力(指标 x )、推理能力(指标 y )、建模能力(指标 z )的相关性, 将它们各自量化为 1、2、3 三个等级,再用综合指标 w x y z   的值评定学生的数学核心素养,若 7w≥ , 则数学核心素养为一级;若5 6w≤ ≤ ,则数学核心素养为二级;若3 4w≤ ≤ ,则数学核心素养为三级, 为了了解某校学生的数学核心素养,调查人员随机访问了某校 10 名学生,得到如下数据: 学生编号 A1 A2 A3 A4 A5 A6 A7 A8 A9 A10 (x,y,z) (2,2,3) (3,2,3) (3,3,3) (1,2,2) (2,3,2) (2,3,3) (2,2,2) (2,3,3) (2,1,1) (2,2,2) (1)在这 10 名学生中任取两人,求这两人的建模能力指标相同条件下综合指标值也相同的概率; (2)在这 10 名学生中任取三人,其中数学核心素养等级是一级的学生人数记为 X ,求随机变量 X 的分布列 及其数学期望. 20.解: 学生编号 A1 A2 A3 A4 A5 A6 A7 A8 A9 A10 (x,y,z) (2,2,3) (3,2,3) (3,3,3) (1,2,2) (2,3,2) (2,3,3) (2,2,2) (2,3,3) (2,1,1) (2,2,2) w 7 8 9 5 7 8 6 8 4 6 (1)由题可知:建模能力三级的学生是 9A ;建模能力二级的学生是 4 7 10, ,A A A ;建模能力一级的学生是 1 2 3 5 6 8, , , , ,A A A A A A . 记“所取的两人的建模能力指标相同”为事件 A ,记“所取的两人的综合指标值相同”为事件 B . 则 2 2 2 3 2 2 2 2 3 6 ( ) 5( | ) ( ) 18 C C CP ABP B A P A C C     ………………6 分 (2)由题可知,数学核心素养一级的学生为: 1 2 3 5 6 8, , , , ,A A A A A A ,非一级的学生为余下 4 人 X 的所有可能取值为 0,1,2,3. 0 3 1 2 2 1 3 1 6 4 6 4 6 4 6 4 3 3 3 3 10 10 10 10 1 3 1 1( 0) , ( 1) , ( 2) , ( 3)30 10 2 6 C C C C C C C CP X P X P X P XC C C C            所以随机变量 X 的分布列为: X 0 1 2 3 P 1 30 3 10 1 2 1 6 ………………10 分 1 3 1 10 1 2 3 1.830 10 2 6EX          ………………12 分 21.设函数 2 1 1 1( ) ln , ( ) xf x ax a x g x x e      ,其中 , 2.71828Ra e  为自然对数的底数. (1)讨论 ( )f x 的单调性; (2)证明:当 1x  时, ( ) 0g x  ; (3)如果 ( ) ( )f x g x 在区间(1, ) 内恒成立,求实数 a 的取值范围. 21.解:(1) 21 2 1( ) 2 ( 0)axf x ax xx x     ………………1 分 当 0a ≤ 时, ( ) 0f x  , ( )f x 在(0, ) 内单调递减. ………………2 分 当 0a  时,由 ( ) 0f x  ,得 1 2 x a  .当 10, 2a x     时, ( ) 0, ( )f x f x  单调递减; 当 1 + 2 x a     , 时, ( ) 0, ( )f x f x  单调递增. ………………4 分 (2) 1 1( ) x x e xg x xe    ,令 1( ) exs x x  ,则 1( ) e 1xs x   . 当 1x  时, ( ) 0s x  ,所以 ( )s x 单调递增,又 (1) 0s  , ( ) 0s x  , 从而 1x  时, 1 1 1( ) 0exg x x    . ………………7 分 (3)由(2),当 1x  时, ( ) 0g x  . 当 0a ≤ , 1x  时, 2( ) ( 1) ln 0f x a x x    . 故当 ( ) ( )f x g x 在区间(1, ) 内恒成立时,必有 0a  .………………8 分 当 10 2a  时, 1 1 2a  .由(Ⅰ)有 1 (1) 0 2 f f a       ,而 1 0 2 g a      , 所以此时 ( ) ( )f x g x 在区间(1, ) 内不恒成立. ………………10 分 当 1 2a≥ 时,令 ( ) ( ) ( ) ( 1)h x f x g x x  ≥ . 当 1x  时, 3 2 1 2 2 2 2 1 1 1 1 1 2 1 2 1( ) 2 e 0x x x x xh x ax xx x x x x x x                 . 因此, ( )h x 在区间(1, ) 单调递增. 又因为 (1) 0h  ,所以当 1x  时, ( ) ( ) ( ) 0h x f x g x   ,即 ( ) ( )f x g x 恒成立. 综上, 1 +2a     , .………………12 分 (二)选考题:共 10 分.请考生在第 22、23 题中任选一题作答.如果多做,则按所做的第一题计分. 22.[选修 4—4:坐标系与参数方程](10 分) 已知在平面直角坐标系 xOy 中,直线l 的参数方程是 2 6 x t y t     (t 是参数),以原点O 为极点, x 轴正 半轴为极轴且取相同的单位长度建立极坐标系,曲线C 的极坐标方程为 2 2 cos  . (1)求直线l 的普通方程与曲线C 的直角坐标方程; (2)设 ( , )M x y 为曲线C 上任意一点,求 x y 的取值范围. 22.解:(Ⅰ)由 2 6 x t y t     ,得 2 6y x  ,故直线l 的普通方程为 2 6 0x y   , 由 2 2 cos  ,得 2 2 2 cos   ,所以 2 2 2 2x y x  ,即 2 2( 2) 2x y   , 故曲线C 的普通方程为 2 2( 2) 2x y   . ………………5 分 (Ⅱ)据题意设点 ( 2 2 cos , 2 sin )M   , 则 2 2 cos 2 sin 2 2sin 4x y             , 所以 x y 的取值范围是[ 2 2,2 2]   . ………………10 分 23.[选修 4—5:不等式选讲](10 分) 已知函数 ( ) 1f x x a x    . (1)若 2a  ,求不等式 ( ) 2f x x  的解集; (2)如果关于 x 的不等式 ( ) 2f x  的解集不是空集,求实数 a 的取值范围. 23.[解:(Ⅰ)当 2a  时,知 2 1 ( 1) ( ) 3 ( 1 2) 2 1 ( 2) x x f x x x x          ≤ ≥ ,不等式 ( ) 2f x x  等价于 1 2 1 2 x x x       或 1 2 3 2 x x      ≤ 或 2 2 1 2 x x x      ≥ 解得: 1 3x x 或 故原不等式的解集为{ | 1 3}x x x 或 . ………………5 分 (Ⅱ) ( ) 1 ( ) ( 1) 1f x x a x x a x a         ≥ ,当( )( 1) 0x a x  ≤ 时取等号. 所以若关于 x 的不等式 ( ) 2f x  的解集不是空集,只需 1 2a   解得 3 1a   ,即实数 a 的取值范围是 ( 3,1) ………………10 分

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