高中数学讲义微专题40 利用函数性质与图像解不等式 16页

微专题 40 利用函数性质与图像解不等式 高中阶段解不等式大体上分为两类，一类是利用不等式性质直接解出解集（如二次不等 式，分式不等式，指对数不等式等）；一类是利用函数的性质，尤其是函数的单调性进行运算。 相比而言后者往往需要构造函数，利用函数单调性求解，考验学生的观察能力和运用条件能 力，难度较大。本章节以一些典型例题来说明处理这类问题的常规思路。 一、基础知识： （一）构造函数解不等式 1、函数单调性的作用： 在 单调递增，则 (在单调区间内，单调性是自变量大小关系与函数 值大小关系的桥梁） 2、假设 在 上连续且单调递增， ，则 时， ; 时， (单调性与零点配合可确定零点左右点的函数值的符号） 3、导数运算法则： （1） （2） 4、构造函数解不等式的技巧： （1）此类问题往往条件比较零散，不易寻找入手点。所以处理这类问题要将条件与结论结合 着分析。在草稿纸上列出条件能够提供什么，也列出要得出结论需要什么。两者对接通常可 以确定入手点 （2）在构造函数时要根据条件的特点进行猜想，例如出现轮流求导便猜有可能是具备乘除关 系的函数。在构造时多进行试验与项的调整 （3）此类问题处理的核心要素是单调性与零点，对称性与图像只是辅助手段。所以如果能够 确定构造函数的单调性，猜出函数的零点。那么问题便易于解决了。 （二）利用函数性质与图像解不等式： 1、轴对称与单调性：此类问题的实质就是自变量与轴距离大小与其函数值大小的等价关系。 通常可作草图帮助观察。例如： 的对称轴为 ，且在 但增。则可以作出草图  f x  ,a b      1 2 1 2 1 2, , ,x x a b x x f x f x      f x  ,a b    0 0, , 0x a b f x    0,x a x   0f x   0,x x b   0f x              ' ' 'f x g x f x g x f x g x                ' ' ' 2 f x f x g x f x g x g x g x        f x 1x   1, （不比关心单调增的情况是否符合 ，不会影响结论），得到：距离 越近，点的函数 值越小。从而得到函数值与自变量的等价关系 2、图像与不等式：如果所解不等式不便于用传统方法解决，通常的处理手段有两种，一类是 如前文所说可构造一个函数，利用单调性与零点解不等式；另一类就是将不等式变形为两个 函数的大小关系如 ，其中 的图像均可作出。再由 可 知 的图像在 图像的下方。按图像找到符合条件的范围即可。 二、典型例题： 例 1：定义在 上的可导函数 满足： ， ，则 的 解集为（ ） A. B. C . D. 思路：本题并没有 的解析式，所以只能考虑利用函数的单调性来解不等式。由条件 可得 ，进而联想到有可能是通过导数的乘除运算法则所得， 再结合所解不等式 ，发现 ，刚好与条件联系起来，故设 ，则 在 上单调递减。 ，所以 的解集为 答案：C 小炼有话说： （1）在解题过程中目标要明确：既然不能用传统方法解不等式，则要靠函数单调性，进而目 标为构造函数并求单调性，要确定单调性则要分析所构造函数的导函数的符号 （2）此题构造的关键点有二：一是 轮流求导的特点，进而联想到导数乘除法 运算，二是所求不等式所给予的“暗示”。所以解此类题目一定要让条件与结论“对上话” （3）体会条件 的作用：提供零点以便配合单调性求解 例 2 ： 函 数 的 定 义 域 为 ， ， 对 任 意 的 ， 有 ， 则  f x 1x     f x g x    ,f x g x    f x g x  f x  g x  0,  f x    'xf x f x  1 0f    0f x x   0,1    0,1 1,  1,   f x    'xf x f x    ' 0xf x f x    0f x x       ' ' 2 f x xf x f x x x         f xF x x        ' ' ' 2 0f x xf x f xF x x x        F x  0,    11 =01 fF    0f x x   1,    'xf x f x  1 0f  )(xf R 2)1( f Rx  2)(  xf 的解集是 ； 思路：所解不等式化为 ，令 ，则 由 可得 （这也是为何构造 的原因）， 在 上单调递增。考虑 ， 答案： 例 3：设定义在 上的函数 的导函数为 ，且 ，则不等 式 的解集为_________ 思路：由 可得原函数 （注意由导函数反求原函数时 要带个常数 ），再由 可得 ， （看到函数解析式的反应： 定义域？奇偶性？）显然 是奇函数，且在 单调递增。进而不等式可利用单调性解 出 的 范 围 。 ， 所 以 答案： 小炼有话说：（1）本题尽管求出的 的解析式，但由于靠解析式所解得不等式过于复杂， 所以依然选择利用单调性 （2）要掌握一些能直接判断 单调性与奇偶性的方法，常见的判断方法如下： 奇偶性：① 奇+奇→奇 ② 偶+偶→偶 ③ 奇×奇→偶 ④ 奇×偶→奇 ⑤ 偶×偶→偶 单调性：① 增+增→增 ② 减+减→减 ③ 增×（-1）→减 ④ 1/增 →减（仅在函数值恒正或恒负时成立） （3）本题求解有一个重要细节：由于 定义在 上，所以 要保 证 均在 上 （4）要培养一个习惯：拿到函数，首先看定义域，其次看函数的三个性质是否有能直接判断 的（尤其奇偶性），再根据条件分析。 42)(  xxf ( ) 2 4 0f x x       2 4g x f x x      ' ' 2g x f x  2)(  xf  ' 0g x   g x  g x R    1 1 2 1 4 0g f        0 1,g x x      1,  1,1  f x  ' 5 cosf x x   0 0f     21 1 0f x f x     ' 5 cosf x x    5 sinf x x x C   C  0 0f  0C    5 sinf x x x    f x  1,1 x          2 2 21 1 0 1 1 1f x f x f x f x f x            2 2 1 1 1 1 1 1 1, 2 1 1 x x x x x                1, 2x   f x  f x  f x  1,1    21 1f x f x ， 21,1x x   1,1 例 4：函数 是定义在 上的奇函数， ，当 时，有 成立， 则不等式 的解集是（ ） A． B． C． D． 思路： ，令 ，则 在 单调递增， 因为 是奇函数，所以可判断 为偶函数。另一方面， 的解集与 的 解集相同，进而只需求出 的解集。 ，由增函数可得 时， ，由对称性可知 时， 答案：D 例 5：若函数 是定义在 上的偶函数，且在区间 上是单调增函数.如果实数 满 足 时，那么 的取值范围是 . 思路：根据函数 为偶函数，而 与 互为相反数的特点可化简所求不等式： ，由偶函数与 单调性作草图可得：距离 轴约近，函数值越小，所以可得 ，解出 的范围即可 解：所解不等式等价于： 为偶函数 为偶函数，且 上单增 )(xf R 0)2( f 0x 0)()( 2  x xfxfx 0)(  xfx ( 2,0) (2, )  ( 2,0) (0,2)  ( , 2) (0,2)   ( , 2) (2, )     ' 2 ( ) ( ) 0 0f xxf x f x x x            f xF x x  F x  0, )(xf  F x 0)(  xfx  f x x   0F x     22 02 fF    2,x     0F x   , 2x      0F x   f x R  0, t    1ln ln 2 1f t f ft      t  f x lnt 1ln t        1ln ln 2 1 ln 1f t f f f t ft        y ln 1t  t      ln ln 2 1f t f t f    f x    ln lnf t f t     ln 1f t f   f x  0,  ln 1 1 ln 1t t     1 ,t ee      答案： 小炼有话说：遇到单调性与对称轴已知的函数，可以作草图并得到距离对称轴远近与函数值 的大小的等价关系。 例 6： 已知定义在 上的可导函数 的导函数为 ，满足 ，且 为偶函数， ，则不等式 的解集为____________ 思路：考虑条件能够提供什么， 为偶函数 的图像关于 轴对称 的图像关于 轴对称； ，由轮流求导的特点 联想到导数的乘除运算法则（极有可能是除法，则要猜想分母），观察所求不等式与条件的联 系 ，而 ，进而找到 联系。构造函数 ，则 ，得到 在 单调递增，所解不等式也变为求 的解。考虑 时 的值，再利用 单调性求解。 ，而 ，考虑 ， 图像关于 轴对称，故 , 由 在 单调递增可得 的解集为 答案： 小炼有话说： （1）本题所给条件比较零散。而解题思路则是像一根线把各个条件与求解联系起来。此类题 目在不知如何入手时不妨先将条件进行简单转化，看条件能提供什么，再与所求部分（或者 是选择题中的选项）进行对照。从对照中往往就能够得知如何构造函数。 （2）本题对条件 的利用，以及猜想 的解是一个难点。对于指对数运算， 结果比较整齐时（尤其是 ），要想到一些特殊结果，比如 等。 例 7 ： 设 函 数 是 定 义 在 上 的 可 导 函 数 ， 其 导 函 数 为 ， 且 有 1 ,t ee      R  y f x  'f x    'f x f x  1y f x   2 1f    xf x e  1y f x    1f x  0x    f x 1x       ' ' ( ) 0f x f x f x f x        1x x f xf x e e              ' ' ' 2 x x x xx f x e f x e f x f x f x e ee            x f xF x e        ' ' ' 0x x f x f x f xF x e e        F x  ,    1F x    1F x  x  2 1f      2 2 2 12 1fF e e        0 00 0fF fe   f x 1x     0 2 1f f   0 1F   F x  ,    1F x   ,0  ,0  2 1f    1F x  0,1 0 1,log 1 0aa    f x  ,0  'f x ，则不等式 的解集为（ ） A. B. C. D. 思路：此题一入手便发现需用函数单调性解不等式，观察条件： 出现轮 流求导，所解不等式中 ， 均具备“ ” 的形式，进而找到连结条件与所求的桥梁。下面对条件进行变形： (注意 ，不等式变 号），令 ，则 ，故 在 上单调递减。所解不等式 变为 答案：C 小 炼 有 话 说 ： 此 题 在 处 理 条 件 时 也 有 另 一 个 选 择 ， 即 ，但是这与所求不等式之间没有联系（不 等式中没有出现 的形式），所以此套方案舍弃，将 仅仅用于判断符号。在数学题目中， 条件就像树状图一样，一个条件可以引出很多种思路与想法。但是如何进行选取要借助其他 条件与所求带来的暗示 例 8：（2015 红桥一模）已知函数 ，若 ，则 实数 的取值范围是（ ） A. B. C. D.    ' 22f x xf x x       22014 2014 4 2 0x f x f      , 2012   2012,0  , 2016   2016,0    ' 22f x xf x x     22014 2014x f x       24 2 2 2f f     2x f x           '' 2 2 ' 3 2 32 2f x xf x x xf x x f x x x f x x       0x     2F x x f x  ' 3 0F x x   F x  ,0    2014 2F x F   2014 2 2016x x         '2 3x f x x      ' ' '2 4 2 41 10 04 4x f x x x f x x              41 4 x 3x    , 11 2 x xxf x g xx       f x g x x 1 5 1 5, ,2 2                1 5 1 5, ,2 2               1 5 1 5,2 2         1 5 1 5,1 1,2 2               思路：本题如果按照传统不等式解法，则要通过零点分段 法 去 掉 绝 对 值 ， 再 解 不 等 式 ， 过 程 较 为 复 杂 。分 析 ， ，每 一 段均可作出图像，而所解不等式 在图像上是 位 于 下 方 的 部 分 。 所 以 作 出 图 像 找 到 边 界 值 ： ， 解 得 ， ，解得： ，所以满足 的 的范围是 答案：B 例 9 ： 已 知 ， 若 同 时 满 足 条 件 ： ① 或 ； ② ， 则 的 取 值 范 围 是 __________ 思路：本题如果用代数方法求解，则由于 本身含参，在解含参不等式时涉及分类讨论较 为复杂，同时对于条件①②，均可翻译为图像上的特点，①表示 的图像在每一点 处至少有一个在 轴下方，②表示在 中至少存在一个位置， 分居 轴两 侧；再考虑到 图像便于作出，所以可用数形结合求出 的范围 解：因为 为常系数函数，先做出 图像 由图像可得： 时， ，故 图像必为开口向下的抛物线（否则不满足条件 ①），可得 ， 与 轴有两个交点 ，结合条件①②可得，较   11 , 11 11 , 11 xxf x xx            1 , 0 1, 0 x xg x x        f x g x  f x  g x     1 1: 1 11 11 1 g x x A xxf x x            5 1 2x      1 1: 1 11 11 1 g x x B xxf x x          5 1 2x     f x g x x 1 5 1 5, ,2 2                     2 3 , 2 2xf x m x m x m g x       , 0x R f x     0g x       , 4 , 0x f x g x     m  f x    ,f x g x x  , 4     ,f x g x x    ,f x g x m  g x  g x 1x    0g x   f x 0m   f x x  1 22 , 3x m x m    小的根应小于 ，较大的根应小于 1。故对 进行分类讨论： 或 解得： 答案： 例 10：定义在 上的可导函数 满足： ， 当 时， ， 则不等式 的解集为__________ 思路：不易入手时可先梳理条件与结论能提供什么： ① 所解不等式 ，令 ，可猜出 ，进而目标转向求 的单调性。 ② （注： 是复合函数，求导时要用复合函数求导法则： ），想办法确定其符号 ③ ：两边求导可得 ④当 时 ：此为 用 表示的一个条件，进而有可能将 中抽象的 表示出来 由此发现，只要能确定当 时 与 的关系，即可处理 的符号，联系条件③ 当 时， ， ，进而 单调递减 时， 答案： 小炼有话说： （1）在解决此类条件零碎的问题时，除了将所给条件和结论进行进一步的分析外，还要在做 得过程中明确下一步需要做什么，需要得到什么。 4 m     2 3 2 1 3 4 m m m m              2 3 2 4 3 1 m m m m          4 2m     4, 2m   R  f x     2f x f x x   0x   'f x x    1 12f x f x x           1 11 1 02 2f x f x x f x f x x                11 2F x f x f x x     1 02F       F x      ' ' ' 1 1F x f x f x     1f x         ' '' '1 1 1 1f x f x x f x            2f x f x x      ' ' 2f x f x x   0x   'f x x  'f x x  'F x  'f x ，  ' 1f x 0x   'f x x  'F x 0x       ' '2 2 )f x x f x x x x        'f x x         ' ' '= 1 1 1 1 0F x f x f x x x          F x 1, 2x         1 02F x F      1, 2     （2）在考试中本题也可利用特殊函数得到答案。由 可构造一个符合条件 的函数如“ +奇函数”的形式。在根据 进行调整。例如 ，然 后求解不等式即可。（因为从题目上看可发现只要满足条件的函数 均可使不等式的解集 相同） 三、历年好题精选 1、已知定义域为 的函数 在 上单调递减，且 为偶函数，则关于 的不等式 的解集为（ ） A. B. C. D. 2、若关于 的不等式 有解，则实数 的取值范围是_______ 3、（2014，庆安高三期中）设 ，则不等式 的解集为（ ） A． B． C． D． 4 、（2016 ，北京西城高三期末）已知函数 的部分图象 如图所示，若不等式 的解集为 ，则 实数 的值为____. 5、设不等式 的解集为 ，若 ，则实数 的取值范围是（ ） A. B. C. D. 6、设函数 ，则使得 成立的 的取值范围是（ ） A. B. C. D. 7、（2015 新课标 II）设函数 是奇函数 的导函数， ，当     2f x f x x   21 2 x  'f x x   21 2f x x x   f x R )(xf ),2(  )2(  xfy x 0)1()12(  xfxf  4, 2,3        4 ,23      4, 2,3       4 ,23      x 1 2a x x    a       2),1(log 2,2)( 2 3 1 xx xexf x 2)( xf (1,2) (3, ) ),10(  (1,2) ( 10, ) )2,1( ( )f x 2 ( ) 4f x t    ( 1,2) t 2 2 2 0x ax a    A  1,3A  a 111, 5     111, 5      112, 5       1,3     2 1ln 1 1f x x x       2 1f x f x  x 1,13       1, 1,3       1 1,3 3     1 1, ,3 3             'f x   f x x R  1 0f   0x  时， ，则使得 成立的 的范围是（ ） A. B. C. D. 8 、（ 2014 ， 新 课 标 全 国 卷 II ） 已 知 偶 函 数 在 单 调 递 减 ， ， 若 ，则 的取值范围是_______ 9、（2014，浙江）设函数 ，若 ，则实数 的取值范围是 ________ 10、（2016，重庆万州二中）已知定义在实数集 的函数 满足 ，且 导函 数 ，则不等式 的解集为（ ） A. B. C. D. 11、设偶函数 满足 ，则不等式 的解集为（ ） A. B. C. D. 12、已知函数 ，则关于 的不等式 的解集是 _______. 13、设函数 ，若 ，则 的取值范围是（ ） A. B. C. D. 14、设 是定义在 上的奇函数，在 上有 且 ， 则不等式 的解集为__________ 15、设函数 在 上存在导数 ，对任意的 ，有 ，且 时， ，若 ，则实数 的取值范围是（ ）    ' 0xf x f x    0f x  x    , 1 0,1      1,0 1,     , 1 1,0      0,1 1,  f x  0,  2 0f   1 0f x   x   2 2 , 0 , 0 x x xf x x x        2f f a    a R  f x  1 4f   f x  ' 3f x   ln 3ln 1f x x   1,  ,e   0,1  0,e  f x    2 4 0f x x x    2 0f x      , 2 4,      ,0 4,     ,0 6,     , 2 2,     1ln sin1 xf x xx   a    22 4 0f a f a      2 3 , 1 , 1 x xf x x x       9f x  x    , 2 3,    2,3    , 3 2,      , 2 3,    f x R  ,0    '2 2 2 0xf x f x   2 0f   2 0xf x   f x R  'f x x R     2f x f x x    0,x   'f x x    2 2 2f a f a a    a A. B. C. D. 16、定义在 上的函数 满足： 则不等式 （其 中 为自然对数的底数）的解集为（ ） A. B. C. D. 17、已知函数 则不等式 的解集是（ ） A． B． C． D． 18、定义在 上的函数 满足： ，且对于任意的 ,都有 ，则不 等式 的解集为 __________________.  1,  ,1  ,2  2, R ( )f x ( ) ( ) 1, (0) 4,f x f x f   ( ) 3x xe f x e  e  0,    ,0 3,     ,0 0,   3, 2 2, 1( ) , ( 1) 2, 1 xf x x x      2(1 ) (2 )f x f x  { | 1 1 2}x x     { | 1 2 2 1}x x x    或 { | 1 2 1}x x    { | 1 1 2}x x x    或 R ( )f x (1) 1f  x R 1'( ) 2f x  2 2 log 1(log ) 2 xf x  习题答案： 1、答案：C 解析：由 为偶函数可知 关于 轴对称，因为 在 上单调递 减，所以结合对称性与单调性，数形结合可知距离 越近的点，函数值越大。则 ， 即 ， 可 解 得 ： 2、答案： 解析：不等式变形为： ，设 结合图像可知：若不等式 有解，则 的图像有位于 下方的部分， 所以 ，解得 3、答案：C 解析：若 ，则 ，所以有 若 时，可得： 解得： ，所 以 综上所述：不等式的解集为 4、答案：1 解析：由图像可知：当 的范围应该在 ，即不等式的解集为： ，依题意可 得： 5、答案：A 解析：分两种情况，若 ，则 解得 ，当 )2(  xfy  f x 2x  )(xf ),2(  2x  (2 1) ( 1) 2 1 2 1 2f x f x x x         2 3 1x x    4, 2,3x           , 1 1,a     2 1a x x      2 3, 2 2 1 1,1 2 3 2 , 1 x x f x x x x x x              2 1a x x     f x y a 1a     , 1 1,a     2x  12 2 1 0 1xe x x        1,2 2x   2 2 3log 1 2 1 9x x        10, , 10x     10,x  (1,2) ( 10, ) x t  0,3  ,3t t  1t  A    20 4 4 2 0a a      1 2a   A   设方程 的两根为 ，则问题转化为 ，从而用根分布进行 求 解 ， 设 ， 则 ： ， 解 得 ： ，综上所述，可得： 6、答案：A 解析：由 可知 为偶函数，当 时，可判断出 单调 递 增 ， 由 对 称 性 和 单 调 性 通 过 作 图 可 知 ： 距 离 轴 越 近 ， 则 函 数 值 越 小 。 所 以 ，解得 7、答案：A 解析：设 ，所以 为偶函数，且 ，由已知可得： 时 ， ， 所 以 在 单 调 递 减 。 由 为 奇 函 数 可 知 ， 所 以 ， 所 以 可 得 时 ， ， 从 而 ，同理 时， ，再由 奇函数的特点可得 时， 。综上所述： 时， 8、答案： 解析：令 ，则先解 ， 在 单调递减， 时， 是偶函数 的解集为 9、答案： 解 析 ： 通 过 数 形 结 合 处 理 ， 的 图 像 如 图 所 示 ， 令 ， 则 先 解 ， 由 图 可 得 ： 即 ，再由图可知 2 2 2 0x ax a    1 2,x x  1 2, 1,3x x    2 2 2f x x ax a         2 3 01 0 11 5 03 0 4 4 2 00 1 31 3 af af a a aa                     112, 5x      111, 5x          2 1ln 1 1f x x x     f x 0x   f x y    2 1 2 1f x f x x x     1 13 x     f xg x x  g x      ' ' 2 xf x f xg x x  0x   ' 0g x   g x  0,  f x    1 1 0f f     1 0g   0,1x      0f xg x x    0f x   1,x     0f x   f x  , 1x      0f x     , 1 0,1x       0f x   1,3 1t x    0f t   f x  0,  2 0f   0,2t    0f t   f x   0f t   2,2t   2 1 2 1 3x x         , 2   f x  t f a   2f t  2t     2f a   2a  10、答案：D 解析：由 可得： ，设 ，可得 为减函数， 。所解不等式中令 ，则 ，即解 ， 由 为减函数及 可知 。苏哟哟 11、答案：B 思路： 是偶函数，在 中可得 时， ，由对称性可得： 时， ，所以对于不等式 ，只需 ，解得： 12、答案： 思路：虽然 有具体解析式，但 若代入解析式，则形式过于复杂， 所以考虑利用函数性质求解。分析 可得以下性质：① 定义域 ；② 可判定 单调递增；③ 可判定 为 奇函数，从而 进而可得： ，解得： 注：本题解题时要注意 应在定义域之中，也是本题的易错点 13、答案：A 解析：方法一：当 时， ，解得： ，当 时， ， 解得： ，综上可得：  ' 3f x      '' 3 3 0f x f x x          3g x f x x   g x    1 1 3 1g f   lnt x   3 1f t t    1g t   g x  1 1g  1t   ln 1 0,x x e    f x  0,  2,x    0f x     2, , 2x      0f x   2 0f x      2 2, , 2x         4, ,0x    3,2a  f x    22 , 4f a f a   f x  1,1   2ln 1 sin1f x xx         f x     0f x f x    f x          2 2 22 4 0 2 4 4f a f a f a f a f a           2 2 1 2 1 1 4 1 2 4 a a a a              3,2a 22, 4a a  1x    3 9xf x   2x   1x    2 9f x x  3x     , 2 3,x    方法二：本题分段函数易于作图，可以考虑作图，所解 不等式为 位于水平线 上方的部分，计算出 临界值再利用图像直接写出解集 14、答案： 解析： 为奇函数 为奇函数 设 为偶函数，故只需考虑 的情况即可 ，即 在 单调递减 时 有偶函数性质可得： 的解集为 15、答案：B 解析：所解不等式没有具体表达式，考虑利用函数性质求解。由 可 得： ，构造函数 ，可猜得： ，进而考虑 的单调性。 ，若要判断 的符 号，首要解决 。条件 提供了将 放缩为表达式的方式，但仅 局限于 ，而所求 并不知其符号，所以考虑解决 的情况。由 ，当 时， ， ，可得 或 时， 均有 ，从而 ，可得 单 调递减。再由 可得： 的解集为 16、答案：A 思路：这道题条件零散，寻找其中的联系。所求不等式中有 ，而在所给不等式  f x 9y     1,0 0,1   f x  2f x    2g x xf x  g x  ,0x        ''2 2 2 0 2 0xf x f x xf x       ' 0g x   g x  ,0    1 1 2 0g f      1 1 0g g     1,0x      1 0g x g    2 0xf x     1,0 0,1     2 2 2f a f a a       2 2 2 0f a f a a          2 2 2g a f a f a a      1 0g   g a      ' ' '2 2g a f a f a      'g a    ' '2 ,f a f a  'f x x  'f x  0,x  2 ,a a  ,0x             2 ' ' ' '2 2f x f x x f x f x x f x x f x            ,0x   0,x        ' '2 2f x x f x x x x        ,0x   0,x   'f x x        ' ' '2 2 2 2 0g a f a f a a a            g a  1 0g    0g a   ,1 ( )xe f x 中存在 轮流求导，想到导数的乘除法则。两边同乘 （只有 的导函 数与原函数相同）， 单调递增，由此再观察所求不等式便会发现联系 ， ， 由 单 调 性 可 得 当 时 ， ，即 17、答案：B 通过作图可得： 只需 ，即 或 18、答案： 解析：设 ，即解不等式 ，因为 ，所以 ，设 ，则 为减函数，且 时， ，所以 ( ) ( ) 1f x f x   f x xe xe     ' ' ( ) ( ) 0x x x x xe f x e f x e e f x e           ' 0x x x xe f x e h x e f x e      ( ) 3 ( ) 3x x x xe f x e e f x e        0 0 1 3h f   0x    3h x  ( ) 3x xe f x e  2(1 ) (2 )f x f x  21 2x x  2 2 1 0 1 2x x x       1 2x    (0,2) 2logt x    1 1 1 2 2 2 tf t f t t    1'( ) 2f x      ' ' 1 1 02 2f x f x x           1 2g x f x x   g x   11 2g  1t       1 112 2g t f t t g     2log 1 0,2x x  