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  • 2021-06-24 发布

【数学】河南省九师联盟2020届高三11月质量检测巩固卷试题(理)(解析版)

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河南省九师联盟2020届高三11月质量检测巩固卷 数学试题(理)‎ 一、选择题 ‎1.若集合,则( )‎ A. B. ‎ C. D. ‎ ‎【答案】B ‎【解析】由集合,‎ 又因为,所以或.‎ 故选B.‎ ‎2.已知向量,若,则( )‎ A. B. C. 1 D. 2‎ ‎【答案】B ‎【解析】由,得,解得.‎ 故选B.‎ ‎3.下列说法正确的个数为(  )‎ ‎①若,则; ②,,则;‎ ‎③若,,则; ④若,,则.‎ A. 1 B. 2 C. 3 D. 4‎ ‎【答案】B ‎【解析】①,根据不等式的性质,可得,故①正确;‎ ‎②当,时,满足,且设,,满足,此时,故②不正确;‎ ‎③当,时,满足,且设,,满足,此时,故③不正确;‎ ‎④,,对两边同时除以得;‎ 又,,故④正确;‎ 综上,正确的为①④,共2个 故选B ‎4.已知曲线的一条切线的斜率为,则切点的横坐标为( )‎ A. B. C. D. ‎ ‎【答案】A ‎【解析】令切点坐标为,且,,,∴.‎ ‎5.设,是两条不同的直线,,是两个不同的平面,则下列说法正确的是( )‎ A. 若,,,则 ‎ B. 若,,,则 C. 若,,,则 ‎ D. 若,,,则 ‎【答案】D ‎【解析】A中,若,,,则,也有可能平行,故A错;‎ B中,若,,,则,,但,可能异面、平行,故B错;‎ C中,若,,,则,可能平行或相交,故C错;‎ D中,若,,则,又,所以,即D正确.‎ 故选D.‎ ‎6.若不等式与关于x的不等式的解集相同,则的解集是( )‎ A. 或 B. ‎ C. 或 D. ‎ ‎【答案】D ‎【解析】由得,‎ 则或.由题意可得 则对应方程 的两根分别为,‎ 则的解集是 故选;D.‎ ‎7.函数的最小正周期是,若将该函数的图象沿轴向左平移个单位长度后,所得图象关于直线对称,则函数的解析式为( ).‎ A. B. ‎ C. D. ‎ ‎【答案】C ‎【解析】因为函数的最小正周期是.‎ 所以,解得.所以.‎ 将该函数的图象向左平移个单位长度后,得到图象所对应的函数解析式为,‎ 由此函数图象关于直线对称,得,‎ 即.‎ 由,得,‎ 所以函数的解析式为.‎ 故选C.‎ ‎8.若关于x的不等式x2-4ax+3a2<0(a>0)的解集为(x1,x2),则的最小值是(  )‎ A. B. C. D. ‎ ‎【答案】C ‎【解析】不等式x2﹣4ax+3a2<0(a>0)的解集为(x1,x2),‎ ‎∴x1+x2=4a,且x1x2=3a2;‎ ‎∴=4a+≥2=,‎ 当且仅当4a=,即a=时“=”成立;‎ 故所求的最小值是.‎ 故选C.‎ ‎9.在数列中,,,则的通项公式为( ).‎ A. B. ‎ C. D. ‎ ‎【答案】A ‎【解析】由已知得,‎ 所以 将上述个式子相加,整理的 又因为,所以.‎ 故选A.‎ ‎10.函数(且)的图象可能为( )‎ A. B. ‎ C. D. ‎ ‎【答案】D ‎【解析】因为,故函数是奇函数,所以排除A,B;取,则,故选D.‎ ‎11.已知定义在上的函数在上是增函数,若是奇函数,且,则不等式的解集是( ).‎ A. B. ‎ C. D. ‎ ‎【答案】C ‎【解析】是奇函数.‎ 函数图象对称中心为.‎ 函数图象的对称中心为且.‎ 又函数在上是增函数.‎ 函数在上为增函数.‎ ‎.‎ 由对称性,.‎ 画出函数图象的草图(如图).‎ 结合图象可得的解集是.‎ 故选C.‎ ‎12.如图,在正方体中,是中点,点在线段上,若直线与平面所成的角为,则的取值范围是( ).‎ A. B. ‎ C. D. ‎ ‎【答案】A ‎【解析】如图,设正方体棱长为1,.‎ 以为原点,分别以,,所在直线为,,轴建立空间直角坐标系.‎ 则,,所以.‎ 在正方体中,可证平面,‎ 所以是平面的一个法向量.‎ 所以.‎ 所以当时,取得最大值,当或1时,取得最小值.‎ 所以.‎ 故选A.‎ 二、填空题 ‎13.已知在等差数列中,,,则______.‎ ‎【答案】2019.‎ ‎【解析】因为,,,所以.‎ 故答案为:2019.‎ ‎14.若命题“”为假命题,则实数的取值范围是______.‎ ‎【答案】‎ ‎【解析】由题意,可得恒成立,‎ 即解得.‎ 故答案为:‎ ‎15.设实数x,y满足约束条件则目标函数的取值范围为______.‎ ‎【答案】‎ ‎【解析】画出可行域,由图可知,当直线 过点时,取最小值,则;‎ 当直线过点时,‎ 取最大值,则,‎ 故目标函数的取值范围是.‎ 故答案为: ‎ ‎16.已知三棱锥的各顶点均在半径为2的球面上,且,则三棱锥体积的最大值为______.‎ ‎【答案】‎ ‎【解析】设为球心,则,‎ 可得在底面ABC的射影为的外心.‎ 由,‎ 可得是以斜边的直角三角形,‎ O在底面ABC的射影为斜边AC的中点M,‎ 则.‎ 当P,O,M三点共线时,三棱锥的体积最大,‎ 此时体积.‎ 故答案为: ‎ 三、解答题 ‎17.在中,角A,B,C的对边分别为a,b,c,.‎ ‎(1)求角B的大小;‎ ‎(2)若B是锐角,,求的面积.‎ 解:(1)∵,‎ ‎∴,‎ 解得或.‎ 又.‎ ‎∴或.‎ ‎(2)∵B是锐角,∴.‎ 由余弦定理,‎ 得,‎ 又,∴.‎ ‎∴的面积.‎ ‎18.2019年某开发区一家汽车生产企业计划引进一批新能源汽车制造设备,通过市场分析,全年需投入固定成本3000万元,每生产x(百辆),需另投入成本万元,且 ‎,由市场调研知,每辆车售价6万元,且全年内生产的车辆当年能全部销售完.‎ ‎(1)求出2019年的利润(万元)关于年产量x(百辆)的函数关系式;(利润=销售额成本)‎ ‎(2)2019年产量为多少(百辆)时,企业所获利润最大?并求出最大利润.‎ 解:(1)由已知有当时,‎ 当时,,‎ 即,‎ ‎(2)当时,,‎ 当时,取最大值,‎ 当时,,‎ 当且仅当,即时取等号,‎ 又 ‎ 故2019年年产量为100百辆时,企业所获利润最大,最大利润为5800万元.‎ ‎19.已知函数,将函数图象上所有的点向左平行移动个单位长度,得到函数的图象.‎ ‎(1)若,求函数的解析式;‎ ‎(2)若在区间上的单调增函数,求的取值范围.‎ 解:(1)将函数图象上所有的点向左平行移动个单位长度,‎ 得到图象对应的函数解析式为.‎ 当时,‎ 函数.‎ ‎(2)由(1)可得,‎ ‎∴令,‎ 解得,‎ 可得函数单调递增区间为.‎ ‎∵函数在上的单调增函数,‎ ‎∴‎ 解得.‎ ‎∵,‎ ‎∴.‎ ‎∴的取值范围为.‎ ‎20.已知数列,的前项和分别为,,且 ‎,,.‎ ‎(1)求,的通项公式;‎ ‎(2)求证:.‎ ‎(1)解:∵‎ ‎∴.‎ 故为等比数列,为等差数列,公差和公比均为.‎ 由,得,解得或(舍去).‎ 故,.‎ ‎∴为以2为首项,2为公比的等比数列,;‎ 为以1为首项,2为公差的等差数列,.‎ ‎(2)证明:∵,∴.‎ 故 ‎.即证.‎ ‎21.如图,在四棱锥中,底面是矩形,平面,是等腰三角形,,是的一个三等分点(靠近点),与的延长线交于点,连接.‎ ‎(1)求异面直线与所成角的余弦值;‎ ‎(2)求二面角的正切值.‎ 解:(1)底面是矩形,平面 ‎,,‎ 以为坐标原点,,,所在直线为,,轴建立如图所示的空间直角坐标系.‎ 因为是的一个三等分点(靠近点),所以,.‎ 因为是等腰三角形,且,所以.‎ 不妨设,则,,,.‎ 又由平行线分线段成比例,得,所以.‎ 所以点,,,,‎ 则,.‎ 设异面直线与所成角,‎ 则.‎ 所以异面直线与所成角的余弦值为.‎ ‎(2)建系,求点的坐标同(1),则,.‎ 设平面的法向量为,则,得.‎ 令,得平面的一个法向量为;‎ 又易知平面的一个法向量为.‎ 设二面角的大小为,由题意得为锐角,‎ 所以,则.‎ 所以二面角的正切值为.‎ ‎22.已知函数.‎ ‎(Ⅰ)若,证明:函数在上单调递减;‎ ‎(Ⅱ)是否存在实数,使得函数在内存在两个极值点?若存在,求实数的取值范围;若不存在,请说明理由. (参考数据:,)‎ 解:(Ⅰ)函数的定义域是.‎ 求导得. ‎ 设,则与同号.‎ 所以,若,则对任意恒成立.‎ 所以函数在上单调递减. ‎ 又,‎ 所以当时,满足.即当时,满足.‎ 所以函数在上单调递减. ‎ ‎(Ⅱ)①当时,函数上单调递减.‎ 由,又,时,,‎ 取,则,‎ 所以一定存在某个实数,使得. ‎ 故在上,;在上,.‎ 即在上,;在上,.‎ 所以函数在上单调递增,在上单调递减.此时函数只有1个极值点,不合题意,舍去; ‎ ‎②当时,令,得;令,得,‎ 所以函数在上单调递减,在上单调递增.‎ 故函数的单调情况如下表:‎ ‎0‎ ‎+‎ 极小值 要使函数在内存在两个极值点,则需满足,即,‎ 解得又,,‎ 所以. ‎ 此时,,‎ 又,; ‎ 综上,存在实数,使得函数在内存在两个极值点. ‎ ‎ ‎ ‎ ‎