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- 2021-06-24 发布
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第64课 通项与求和(1)
1. 熟练掌握等差、等比数列的通项公式,能将一些特殊数列转化为等差、等比数列来求通项.
2. 掌握求非等差、等比数列的通项公式的常用方法.
1. 阅读:必修5第37~39页、第51~53页.
2. 解悟:①等差数列和等比数列通项公式形式的联系与区别;②体会课本中推出等差数列和等比数列通项公式的方法;③整理求数列通项公式的常用方法.
3. 践习:在教材空白处,完成第39页思考、第41页第10题,第53页思考、第54页第4题.
基础诊断
1. 已知等差数列{an}的公差为d,则an-am= (n-m)d .
解析:因为数列{an}是等差数列,且公差为d,所以an-am=a1+(n-1)d-[a1+(m-1)d]=(n-m)d.
2. 在数列{an}中,a1=1,=,则an= .
解析:当n≥2时,an=a1××××…×=1××××…×=;当n=1时也成立,故an=.
3. 若数列{an}满足a1=1,an=n+an-1(n≥2,n∈N*),则数列{an}的通项公式为 an= .
解析:由an=n+an-1可变形为an-an-1=n(n≥2,n∈N*),由此可写出以下各式:an-an-1=n,an-1-an-2=n-1,an-2-an-3=n-2,…,a2-a1=2,将以上等式两边分别相加,得an-a1=n+(n-1)+(n-2)+…+2,所以an=n+(n-1)+(n-2)+…+2+1=.
4. 在斐波那契数列1,1,2,3,5,8,13,…中,任意连续的三项an,an+1,an+2的关系是 an+2=an+an+1 .
范例导航
考向❶ 利用“累乘、累加”法求通项
例1 已知数列{an}满足a1=,数列{an}的前n项和Sn=n2an(n∈N*),数列{bn}满足b1=2,bn+1=2bn.求数列{an},{bn}的通项公式.
解析:因为Sn=n2an(n∈N*),
当n≥2时,Sn-1=(n-1)2an-1,
所以an=Sn-Sn-1=n2an-(n-1)2an-1,
所以(n+1)an=(n-1)an-1,即=.
又a1=,
所以an=×××…×××a1=×××…×××=.
当n=1时,上式成立,故an=.
因为b1=2,bn+1=2bn,
所以{bn}是首项为2,公比为2的等比数列,故bn=2n.
已知a1=2,an+1=an+ln,求数列{an}的通项公式.
解析:因为an+1=an+ln,
所以an-an-1=ln=ln(n≥2),
所以an=(an-an-1)+(an-1-an-2)+…+(a2-a1)+a1
=ln+ln+…+ln+ln2+2
=2+ln
=2+lnn(n≥2).
又a1=2满足上式,故an=2+lnn(n∈N*).
【注】 (1) 形如an+1=an+f(n)的递推关系式利用累加法求出通项,特别注意能消去多少项,保留多少项.
(2) 形如an+1=an·f(n)的递推关系式可化为=f(n)的形式,可用累乘法,也可用an=··…··a1代入求出通项.
(3) 求数列的通项公式,特别是由递推公式给出数列时,除叠加、迭代、累乘外,还应注意配凑变形法. 变形的主要目的是凑出容易解决问题的等差或等比数列,然后再结合等差、等比数列的运算特点解决原有问题.求通项公式时,还可根据递推公式写出前几项,由此来猜测归纳出通项公式,然后再证明.
考向❷ 构造等差、等比数列求通项
例2 (1) 已知数列{an}满足a1=1,an+1=3an+2,求数列{an}的通项公式;
(2) 已知数列{an}满足a1=2, an+1=2an+2n+1,求数列{an}的通项公式.
解析:(1) 因为an+1=3an+2,
所以an+1+1=3(an+1).
又a1=1,所以a1+1=2,
故数列{an+1}是首项为2,公比为3的等比数列,
所以an+1=2×3n-1,
故an=2×3n-1-1.
(2) 因为an+1=2an+2n+1,所以=+1.
又=1,
故数列是首项为1,公差为1的等差数列,
所以=n,即an=n·2n.
已知数列{an}满足a1=2,an+1=,n∈N*,求数列{an}的通项公式.
解析:因为a1=2,an+1=,
所以2a=an,且an>0,
两边取对数,得lg 2+2lg an+1=lg an,
即lg an+1+lg 2=(lg an+lg 2).
因为lg a1+lg 2=2lg 2,
所以数列{lg an+lg 2}是以2lg 2为首项,为公比的等比数列,
所以lg an+lg 2=2××lg 2,
所以an=222-n-1.
【注】 (1) 此题通过两边同时取对数,将一个复杂的数列转化为等比数列.通常来说,我们可以将等比数列取对数后转化成等差数列.将等差数列放到指数函数y=ax中转化为等比数列.
(2) 形如an+1=pan+q的递推关系式可以化为an+1+x=p(an+x)的形式,构成新的等比数列,求出通项公式,求变量x是关键.
考向❸ 由an与Sn的递推关系求通项
例3 记数列{an}的前n项和为Sn.若a1=1,Sn=2(a1+an)(n≥2,n∈N*),求Sn.
解析:方法一:当n=2时,S2=2(a1+a2),
从而得a2=-a1=-1.
当n≥3时,Sn-1=2(a1+an-1),
所以an=Sn-Sn-1=2an-2an-1,即an=2an-1.
又a2≠2a1,
所以数列{an}是从第二项起以a2=-1为首项,2为公比的等比数列,
所以当n≥2时,Sn=1+=2-2n-1.
又S1=a1=1=2-20,满足上式,
所以Sn=2-2n-1.
方法二:当n=2时,S2=2(a1+a2),
从而a2=-a1=-1.
当n≥3时,an=Sn-Sn-1,
所以Sn=2(1+Sn-Sn-1),即Sn=2Sn-1-2,
所以Sn-2=2(Sn-1-2).
因为S2-2=-2,S1-2=-1,
所以S2-2=2(S1-2),
所以数列{Sn-2}是以-1为首项,2为公比的等比数列,
所以Sn-2=(-1)·2n-1,即Sn=2-2n-1.
已知数列{an}共有2k项(k≥2,k∈N*),数列{an}的前n项和为Sn,且满足a1=2,an+1=(p-1)·Sn+2(n=1,2,…,2k-1),其中常数p>1.
(1) 求证:数列{an}是等比数列;
(2) 已知p=2,数列{bn}满足:bn=log2(a1a2…an)(n=1,2,…,2k),求数列{bn}的通项公式.
解析:(1) 因为an+1=(p-1)Sn+2(n=1,2,…,2k-1),
所以an=(p-1)Sn-1+2(n=2,3,…,2k),
两式相减得an+1-an=(p-1)(Sn-Sn-1),
即an+1-an=(p-1)an,
所以an+1=pan(n=2,3,…,2k-1).
令n=1,得a2=(p-1)a1+2=pa1,
所以=p≠0(n=1,2,…,2k-1),
所以{an}是等比数列.
(2) 由(1)得an=a1pn-1,且a1=2,
所以bn=log2(a1a2…an)
=log2(a1·a1p·a1p2·…·a1pn-1)
=log2(a·p1+2+…+n-1)
=log2(a1·p)=1+log2p=1+·=1+.
【注】 一种思考方法是先求出数列{an}的通项公式,再求它的前n项和,所以将Sn转化为an,通过研究an来求和;另一种思考方法是直接研究数列{Sn},所以将an转化为Sn后再求它的通项.这是研究Sn与an的关系问题时常用的两种解法,解题时要合理选择.
自测反馈
1. 已知在数列{an}中,a1=1,an+1=(n∈N*),则a100= .
解析:因为an+1=,所以==+,即-=.又因为=1,所以数列是以1
为首项,为公差的等差数列,所以=1+(n-1)=,所以an=,所以a100=.
2. 已知数列{an}满足a1=1,an=(n≥2,n∈N*),则an= .
解析:因为an=,所以an>0,且a=a+1,即a-a=1,所以数列{a}是以1为首项,1为公差的等差数列,所以a=n,故an=.
3. 若数列{an}的前n项和Sn=2an-1,则an= 2n-1 .
解析:因为Sn=2an-1,当n≥2时,Sn-1=2an-1-1,所以an=Sn-Sn-1=2an-1-(2an-1-1),即2an-1=an,所以=2.因为a1=S1=2a1-1,所以a1=1,所以数列{an}是以1为首项,2为公比的等比数列,所以an=2n-1,当n=1时,也满足上式,所以an=2n-1.
4. 数列{an}满足a1+2a2+3a3+…+nan=(n+1)·(n+2)(n∈N*),则an=
解析:因为a1+2a2+3a3+…+nan=(n+1)(n+2) ①,当n=1时,a1=(1+1)×(1+2)=6;当n≥2时,a1+2a2+3a3+…+(n-1)·an-1=n(n+1) ②,①-②得nan=(n+1)(n+2)-n(n+1)=2n+2,所以an==2+(n≥2).当n=1时,a1=6,不满足上式,所以an=
1. 注意数列条件限制,如正项数列、等比数列中任意一项均不为0.要分清第n+1项与第n项表达式之间的关系.
2. 已知Sn求an,要注意对n=1情况的讨论.
3. 你还有那些体悟,写下来: