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- 2021-06-24 发布
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4.2 数列大题
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1.求通项公式的常见类型
(1)已知an与Sn的关系或Sn与n的关系,利用公式
(2)等差数列、等比数列求通项或转化为等差(比)数列求通项.
(3)由递推关系式求数列的通项公式.
①形如an+1=an+f(n),利用累加法求通项.
②形如an+1=anf(n),利用累乘法求通项.
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2.数列求和的常用方法
(1)公式法:利用等差数列、等比数列的求和公式.
(2)错位相减法:适合求数列{an·bn}的前n项和Sn,其中{an},{bn}一
个是等差数列,另一个是等比数列.
(3)裂项相消法:即将数列的通项分成两个式子的代数和,通过累
加抵消中间若干项的方法.
(4)拆项分组法:先把数列的每一项拆成两项(或多项),再重新组合
成两个(或多个)简单的数列,最后分别求和.
(5)并项求和法:把数列的两项(或多项)组合在一起,重新构成一个
数列再求和,适用于正负相间排列的数列求和.
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3.数列单调性的常见题型及方法
(1)求最大(小)项时,可利用:①数列的单调性;②函数的单调性;③
导数.
(2)求参数范围时,可利用:①作差法;②同号递推法;③先猜后证法.
4.数列不等式问题的解决方法
(1)利用数列(或函数)的单调性.
(2)放缩法:①先求和后放缩;②先放缩后求和,包括放缩后成等差
(或等比)数列再求和,或者放缩后裂项相消再求和.
4.2.1 等差、等比数列与数列
的通项及求和
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考向一 考向二 考向三 考向四 考向五
等差、等比数列的通项及求和
例1Sn为等差数列{an}的前n项和,且a1=1,S7=28.记bn=[lg an],其中
[x]表示不超过x的最大整数,如[0.9]=0,[lg 99]=1.
(1)求b1,b11,b101;
(2)求数列{bn}的前1 000项和.
解 (1)设{an}的公差为d,据已知有7+21d=28,解得d=1.所以{an}
的通项公式为an=n.b1=[lg 1]=0,b11=[lg 11]=1,b101=[lg 101]=2.
所以数列{bn}的前1 000项和为1×90+2×900+3×1=1 893.
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解题心得对于等差、等比数列,求其通项及前n项和时,只需利用
等差数列或等比数列的通项公式及求和公式求解即可.
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考向一 考向二 考向三 考向四 考向五
对点训练1已知等差数列{an}的公差不为零,a1=25,且a1,a11,a13成
等比数列.
(1)求{an}的通项公式;
即(a1+10d)2=a1(a1+12d).
于是d(2a1+25d)=0.
又a1=25,所以d=0(舍去)或d=-2.
故an=-2n+27.
(2)令Sn=a1+a4+a7+…+a3n-2.
由(1)知a3n-2=-6n+31,故{a3n-2}是首项为25,公差为-6的等差数列.
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可转化为等差、等比数列的问题
例2已知等比数列{an}的前n项和为Sn,a1=3,且3S1,2S2,S3成等差数
列.
(1)求数列{an}的通项公式;
(2)设bn=log3an,求Tn=b1b2-b2b3+b3b4-b4b5+…+b2n-1b2n-b2nb2n+1.
解 (1)∵3S1,2S2,S3成等差数列,∴4S2=3S1+S3,
∴4(a1+a2)=3a1+(a1+a2+a3),即a3=3a2,
∴公比q=3,∴an=a1qn-1=3n.
(2)由(1)知,bn=log3an=log33n=n,∵b2n-1b2n-b2nb2n+1=(2n-1)·2n-
2n(2n+1)=-4n,
∴Tn=(b1b2-b2b3)+(b3b4-b4b5)+…+(b2n-1b2n-b2nb2n+1)=-
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考向一 考向二 考向三 考向四 考向五
解题心得无论是求数列的通项还是求数列的前n项和,通过变形、
整理后,能够把数列转化为等差数列或等比数列,进而利用等差数
列或等比数列的通项公式或求和公式解决问题.
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对点训练2设{an}是公比大于1的等比数列,Sn为数列{an}的前n项
和,已知S3=7,且a1+3,3a2,a3+4构成等差数列.
(1)求数列{an}的通项;
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求数列的通项及错位相减求和
例3(2017天津,理18)已知{an}为等差数列,前n项和为
Sn(n∈N*),{bn}是首项为2的等比数列,且公比大于
0,b2+b3=12,b3=a4-2a1,S11=11b4.
(1)求{an}和{bn}的通项公式;
(2)求数列{a2nb2n-1}的前n项和(n∈N*).
解 (1)设等差数列{an}的公差为d,等比数列{bn}的公比为q.
由已知b2+b3=12,得b1(q+q2)=12,
而b1=2,所以q2+q-6=0.
又因为q>0,解得q=2.所以,bn=2n.由b3=a4-2a1,可得3d-a1=8.①
由S11=11b4,可得a1+5d=16,②
联立①②,解得a1=1,d=3,由此可得an=3n-2.
所以,数列{an}的通项公式为an=3n-2,数列{bn}的通项公式为bn=2n.
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(2)设数列{a2nb2n-1}的前n项和为Tn,由a2n=6n-2,b2n-1=2×4n-1,有
a2nb2n-1=(3n-1)×4n,
故Tn=2×4+5×42+8×43+…+(3n-1)×4n,
4Tn=2×42+5×43+8×44+…+(3n-4)×4n+(3n-1)×4n+1,
上述两式相减,得-3Tn=2×4+3×42+3×43+…+3×4n-(3n-
1)×4n+1
解题心得求数列通项的基本方法是利用等差、等比数列通项公
式,或通过变形转换成等差、等比数列求通项;如果数列{an}与数列
{bn}分别是等差数列和等比数列,那么数列{an·bn}的前n项和采用错
位相减法来求.
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对点训练3(2017湖南郴州二模,理17)已知等差数列{an}满
足:an+1>an(n∈N*),a1=1,该数列的前三项分别加上1,1,3后成等比数
列,an+2log2bn=-1.
(1)求数列{an},{bn}的通项公式;
(2)求数列{an·bn}的前n项和Tn.
解 (1)设等差数列{an}的公差为d,且d>0,
由a1=1,a2=1+d,a3=1+2d,分别加上1,1,3后成等比数列,
得(2+d)2=2(4+2d),
解得d=2,∴an=1+(n-1)×2=2n-1.
∵an+2log2bn=-1,
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求数列的通项及裂项求和
例4(2017山西临汾二模,理17)已知数列{an}的前n项和为Sn,且对
任意正整数n,都有3an=2Sn+3成立.
(1)求数列{an}的通项公式;
解 (1)在3an=2Sn+3中,取n=1,得a1=3,且3an+1=2Sn+1+3,
两式相减,得3an+1-3an=2an+1,
∴an+1=3an.
∵a1≠0,∴数列{an}是以3为公比的等比数列,
∴an=3·3n-1=3n.
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(2)由(1)得bn=log3an=n,
解题心得对于已知等式中含有an,Sn的求数列通项的题目,一般有
两种解题思路,一是消去Sn得到f(an)=0,求出an;二是消去an得到
g(Sn)=0,求出Sn,再求an.
把数列的通项拆成两项之差,求和时中间的项能够抵消,从而求
得其和.注意抵消后所剩余的项一般前后对称.
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考向一 考向二 考向三 考向四 考向五
对点训练4Sn为数列{an}的前n项和.已知an>0, +2an=4Sn+3.
(1)求{an}的通项公式;
所以{an}是首项为3,公差为2的等差数列,通项公式为an=2n+1.
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考向一 考向二 考向三 考向四 考向五
(2)由an=2n+1可知
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考向一 考向二 考向三 考向四 考向五
涉及奇偶数讨论的数列求和
例5已知等差数列{an}的前n项和为Sn,且a1=2,S5=30.数列{bn}的
前n项和为Tn,且Tn=2n-1.
(1)求数列{an},{bn}的通项公式;
(2)设cn=(-1)n(anbn+ln Sn),求数列{cn}的前n项和.
∴d=2,∴an=2n.
对数列{bn}:
当n=1时,b1=T1=21-1=1,
当n≥2时,bn=Tn-Tn-1=2n-2n-1=2n-1,
当n=1时也满足上式.
∴bn=2n-1.
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考向一 考向二 考向三 考向四 考向五
(2)cn=(-1)n(anbn+ln Sn)=(-1)nanbn+(-1)nln Sn.
∴ln Sn=ln n(n+1)=ln n+ln(n+1).
而(-1)nanbn=(-1)n·2n·2n-1=n·(-2)n,
设数列{(-1)nanbn}的前n项和为An,数列{(-1)nln Sn}的前n项和为
Bn,则An=1×(-2)1+2×(-2)2+3×(-2)3+…+n·(-2)n,①
则-2An=1×(-2)2+2×(-2)3+3×(-2)4+…+n·(-2)n+1,②
①-②得3An=1×(-2)1+(-2)2+(-2)3+…+(-2)n-n·(-2)n+1
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考向一 考向二 考向三 考向四 考向五
当n为偶数时,
Bn=-(ln 1+ln 2)+(ln 2+ln 3)-(ln 3+ln 4)+…+[ln
n+ln(n+1)]=ln(n+1)-ln 1=ln(n+1);
当n为奇数时,
Bn=-(ln 1+ln 2)+(ln 2+ln 3)-(ln 3+ln 4)+…-[ln
n+ln(n+1)]=-ln(n+1)-ln 1=-ln(n+1).
由以上可知,Bn=(-1)nln(n+1).
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考向一 考向二 考向三 考向四 考向五
对点训练5已知函数f(x)=4x,4,f(a1),f(a2),…,f(an),2n+3(n∈N*)成等
比数列.
(1)求数列{an}的通项公式;
解 (1)∵4,f(a1),f(a2),…,f(an),2n+3成等比数列,其公比设为q,
∴2n+3=4×qn+2-1,解得q=2.
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考向一 考向二 考向三 考向四 考向五
当n为偶数时,Sn=(c1+c3+c5+…+cn-1)+(c2+c4+…+cn)
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