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- 2021-06-24 发布
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专题21 高考数学终极仿真预测试卷
注意事项:
1.答题前,先将自己的姓名、准考证号填写在试题卷和答题卡上,并将准考证号条形码粘贴在答题卡上的指定位置。
2.选择题的作答:每小题选出答案后,用2B铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑,写在试题卷、草稿纸和答题卡上的非答题区域均无效。
3.非选择题的作答:用签字笔直接答在答题卡上对应的答题区域内。写在试题卷、草稿纸和答题卡上的非答题区域均无效。
4.考试结束后,请将本试题卷和答题卡一并上交。
第Ⅰ卷
一、选择题:本大题共12小题,每小题5分,在每小题给出的四个选项中,只有一项是符合题目要求的.
1.已知复数满足,则复数在复平面内表示的点所在的象限为
A.第一象限 B.第二象限 C.第三象限 D.第四象限
【解析】解:由,得,
复数在复平面内表示的点的坐标为,所在的象限为第一象限.
【答案】.
2.已知,则的值为
A. B. C. D.
【解析】解:,得,,
由,得.
.
【答案】.
15
3.已知,则展开式中项的系数为
A.10 B. C.80 D.
【解析】解:已知,则展开式的通项公式为
,
令,求得,故展开式中项的系数为,
【答案】.
4.已知双曲线的左焦点为,过的直线交双曲线左支于、两点,则斜率的范围为
A., B.,,
C. D.,,
【解析】解:双曲线的左焦点为,过的直线交双曲线左支于、两点,双曲线的渐近线方程为:,
所以斜率满足,即,,.
【答案】.
5.已知向量,满足,且,则在方向上的投影为
A.1 B. C. D.
【解析】解:向量,满足,且,
可得,
可得,
则在方向上的投影为:.
【答案】.
6.已知,,部分图象如图,则的一个对称中心是
15
A. B. C. D.
【解析】解:函数的最大值为,最小值为,
得,,
即,
,
,即,即,得,
则,
由五点对应法得得,
得,
由,得,,
即函数的对称中心为,,
当时,对称中心为,,
【答案】.
7.已知等比数列的公比为,,,且,则其前4项的和为
A.5 B.10 C. D.
【解析】解:等比数列的公比为,,,
,
解得(舍去),或,
15
,
,
【答案】.
8.已知是边长为2的等边三角形,为的中点,且,则
A. B.1 C. D.3
【解析】
解:由,可得点为线段的三等分点且靠近点,过点作交于点,
则,
【答案】.
9.根据党中央关于“精准”脱贫的要求,我市某农业经济部门派四位专家对三个县区进行调研,每个县区至少派一位专家,则甲,乙两位专家派遣至同一县区的概率为
A. B. C. D.
【解析】解:我市某农业经济部门派四位专家对三个县区进行调研,
每个县区至少派一位专家,
基本事件总数,
甲,乙两位专家派遣至同一县区包含的基本事件个数,
甲,乙两位专家派遣至同一县区的概率为.
【答案】.
10.已知,满足约束条件,则的最大值是
15
A.0 B.2 C.5 D.6
【解析】解:画出约束条件表示的平面区域,如图所示;
由解得,
此时直线在轴上的截距最大,
所以目标函数的最大值为
.
【答案】.
11.将函数的图象向左平移个单位得到的图象,则在下列那个区间上单调递减
A. B. C. D.
【解析】解:将函数的图象向左平移个单位得到
的图象,
在区间,上,则,,单调递减,故满足条件,
在区间,上,则,,单调递增,故不满足条件;
15
在区间,上,则,,没有单调性,故不满足条件;
在区间,上,则,,单调递减,故满足条件;
在区间,上,则,,没有单调性,故不满足条件,
【答案】.
12.已知为定义在上的偶函数,,且当,时,单调递增,则不等式的解集为
A. B. C. D.
【解析】解:根据题意,,
则,
若为偶函数,则,即可得函数为偶函数,
又由当,时,单调递增,
则,解可得,
即不等式的解集为,;
【答案】.
第Ⅱ卷
二、填空题:本大题共4小题,每小题5分.
13.学校要从5名男生和2名女生中随机抽取2人参加社区志愿者服务,若用表示抽取的志愿者中女生的人数,则随机变量的数学期望的值是 .(结果用分数表示)
【解析】解:学校要从5名男生和2名女生中随机抽取2人参加社区志愿者服务,
用表示抽取的志愿者中女生的人数,
则的可能取值为0,1,2,
,
15
,
,
随机变量的数学期望:
.
故答案为:.
14.若,则的值是 .
【解析】解:已知:,
根据三角函数的诱导公式,
,
所以:
则:,
则:.
故答案为:
15.已知点是抛物线的焦点,点为抛物线上任意一点,过点向圆作切线,切点分别为,,则四边形面积的最小值为 .
【解析】解:如下图所示:
15
圆的圆心与抛物线的焦点重合,
若四边形的面积最小,
则最小,
即距离准线最近,
故满足条件时,与原点重合,
此时,,
此时四边形面积,
故答案为:.
16.设数列是递减的等比数列,且满足,,则的最大值为 64 .
【解析】解:设递减的等比数列的公比为,,,
,,
解得,.
,,,,.时,.
.
的最大值为64.
故答案为:64.
15
三、解答题:解答应写出文字说明、证明过程或演算步骤.
17.在中,角,,的对边分别为,,.已知.
(Ⅰ)求证:;
(Ⅱ)若,,求的面积.
【解析】解:(Ⅰ)证明:,
由正弦定理可得:,可得:,
,
,
,,
,
,,
,即.
(Ⅱ),,又,所以,,
由正弦定理得,,
.
18.梯形中,,,,,过点作,交于(如图.现沿将折起,使得,得四棱锥(如图.
(Ⅰ)求证:平面平面;
(Ⅱ)若为的中点,求二面角的余弦值.
15
【解析】(Ⅰ)证明:在中,,,,
又,,
又,四边形为平行四边形,
,平行四边形为菱形,则,
又,,平面,,
平面,
又平面,平面平面;
(Ⅱ)解:平面,平面,,
又,,平面,,平面,
设,,分别为,的中点,则,
平面.
由(Ⅰ)得,以为原点,建立如图所示空间直角坐标系,
不妨设,可知,.
则,0,,,,,,0,,
设平面的一个法向量为,
则,取,得.
平面的一个法向量.
设二面角的平面角为,则.
即二面角的余弦值为.
15
19.已知动直线与轴交于点,过点作直线,交轴于点,点满足,的轨迹为.
(Ⅰ)求的方程;
(Ⅱ)已知点,点,过作斜率为的直线交于,两点,延长,分别交于,两点,记直线的斜率为,求证:为定值.
【解析】解:动直线与轴交于点,
直线,直线的方程为:,交轴于点,.
设,点满足,
,,.
,.
消去可得:.即为的轨迹方程.
证明:设,,,的坐标依次为,,2,3,.
直线的方程为:,联立,化为:,
,,
设直线的方程为:,联立,化为:,
,.同理可得:.
15
,.
为定值.
20.某企业打算处理一批产品,这些产品每箱100件,以箱为单位销售.已知这批产品中每箱出现的废品率只有两种可能或者,两种可能对应的概率均为0.5.假设该产品正品每件市场价格为100元,废品不值钱.现处理价格为每箱8400元,遇到废品不予更换.以一箱产品中正品的价格期望值作为决策依据.
(Ⅰ)在不开箱检验的情况下,判断是否可以购买;
(Ⅱ)现允许开箱,有放回地随机从一箱中抽取2件产品进行检验.
若此箱出现的废品率为,记抽到的废品数为,求的分布列和数学期望;
若已发现在抽取检验的2件产品中,其中恰有一件是废品,判断是否可以购买.
【解析】解:(Ⅰ)在不开箱检验的情况下,一箱产品中正品的价格期望值为:
,
在不开箱检验的情况下,可以购买.
(Ⅱ)的可能取值为0,1,2,
,
,
,
15
的分布列为:
0
1
2
0.64
0.32
0.04
.
设事件:发现在抽取检验的2件产品中,其中恰有一件是废品,
则(A),
一箱产品中,设正品的价格的期望值为,则,9000,
事件:抽取的废品率为的一箱,则,
事件:抽取的废品率为的一箱,则,
,
已发现在抽取检验的2件产品中,其中恰有一件是废品,不可以购买.
21.已知函数.
(Ⅰ)若,求过点与曲线相切的切线方程;
(Ⅱ)若不等式恒成立,求的取值范围.
【解析】解:(Ⅰ)当时,,,
设切点为,,则,得.
所求切线方程为;
(Ⅱ)依题意,得,
即,也就是恒成立,
令,则在上单调递增,
则等价于恒成立.
即恒成立,即恒成立.
15
令,,
由,得,由,得,
在上单调递增,在上单调递减.
.
.
故实数的取值范围为.
请考生在第22、23题中任选一题作答.注意:只能做所选定的题目.如果多做,则按所做第一个题目计分,做答时,请用2B铅笔在答题卡上将所选题号后的方框涂黑.
22.在平面直角坐标系中,已知曲线的参数方程为为参数,直线,以为极点,轴正半轴为极轴建立极坐标系.
(Ⅰ)求曲线的极坐标方程;
(Ⅱ)若直线与曲线交于,两点,求的值.
【解析】解:(Ⅰ)由曲线的参数方程消去参数可得曲线的普通方程为:,即,化为极坐标方程为.
(Ⅱ)直线的极坐标方程为,
将代入方程,得,,
.
23.已知不等式的解集是.
(Ⅰ)求集合;
(Ⅱ)设,,对任意,求证:.
【解析】解:(Ⅰ)当时,不等式变形为,解得;
当时,不等式变形为,解得;
当时,不等式变形为,解得;
综上得.
15
(Ⅱ),,,,
,
,,,,,
,,即.
15