数学理·福建省福州市外国语学校2017届高三适应性考试（一）数学理试卷+Word版含解析 30页

全*品*高*考*网， 用后离不了！2016-2017学年福建省福州市外国语学校高三（上）适应性（一）‎ 数学试卷（理科）‎ ‎　‎ 一、选择题(苯大题共12个小题，每小题5分，共60分，在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的）‎ ‎1．已知全集U=R，集合A={x|y=log2（x﹣1）}，B={y|y=2x}，则B∩（∁UA）为（　　）‎ A．（0，+∞） B． D．（1，2）‎ ‎2．已知m∈R，i为虚数单位，若＞0，则m=（　　）‎ A．1 B． C． D．﹣2‎ ‎3．已知向量、，其中||=，||=2，且（﹣）⊥，则向量和的夹角是（　　）‎ A． B． C． D．π ‎4．某射击手射击一次命中的概率是0.7，连续两次均射中的概率是0.4，已知某次射中，则随后一次射中的概率是（　　）‎ A． B． C． D．‎ ‎5．下列表格所示的五个散点，原本数据完整，且利用最小二乘法求得这五个散点的线性回归直线方程为=0.8x﹣155，后因某未知原因第5组数据的y值模糊不清，此位置数据记为m（如表所示），则利用回归方程可求得实数m的值为（　　）‎ x ‎196‎ ‎197‎ ‎200‎ ‎203‎ ‎204‎ y ‎1‎ ‎3‎ ‎6‎ ‎7‎ m A．8.3 B．8.2 C．8.1 D．824‎ ‎6．如图，该程序框图的算法思路来源于我国古代数学名著《九章算术》中的“更相减损术”，执行该程序框图，若输出的a=3，则输入的a，b分别可能为（　　）m A．15、18 B．14、18 C．13、18 D．12、18A ‎7．2位男生和3位女生共5位同学站成一排，则3位女生中有且只有两位女生相邻的概率是（　　）H A． B． C． D．g ‎8．已知函数f（x）=sin（2x+φ）0＜φ＜）的图象的一个对称中心为（，0），则函数f（x）的单调递减区间是（　　）x A．（k∈Z） B．（k∈Z）U C．（k∈Z） D．（k∈Z）9‎ ‎9．已知实数x、y满足条件，若目标函数z=3x+y的最小值为5，则a的值为（　　）6‎ A．﹣17 B．﹣2 C．2 D．17w ‎10．某四面体的三视图如图所示，正视图、俯视图都是腰长为2的等腰直角三角形，侧视图是边长为2的正方形，则此四面体的四个面中面积最大的为（　　）D A．2 B．4 C．2 D．2E ‎11．已知双曲线﹣=1的左、右焦点分别为F1、F2，过F1作圆x2+y2=a2的切线分别交双曲线的左、右两支于点B、C，且|BC|=|CF2|，则双曲线的渐近线方程为（　　）m A．y=±3x B．y=±2x C．y=±（+1）x D．y=±（﹣1）xD ‎12．设函数f（x）的定义域为R，f（﹣x）=f（x），f（x）=f（2﹣x），当x∈时，f（x）=x3．则函数g（x）=|cos（πx）|﹣f（x）在区间上的所有零点的和为（　　）P A．7 B．6 C．3 D．2Q ‎　‎ 二、填空题：本大题共4小题，每小题5分，共20分Q ‎13．若y3（x+）n（n∈N*）的展开式中存在常数项，则常数项为　　．2‎ ‎14．已知中心在坐标原点的椭圆C的右焦点为F（1，0），点F关于直线y=x的对称点在椭圆C上，则椭圆C的方程为　　．S ‎15．设正三棱锥A﹣BCD的所有顶点都在球O的球面上，BC=1，E，F分别是AB，BC的中点，EF⊥DE，则球O的半径为　　．V ‎16．已知数列{an}满足a1=﹣1，|an﹣an﹣1|=2n﹣1（n∈N，n≥2），且{a2n﹣1}是递减数列，{a2n}是递增数列，则a2016=　　．j ‎　‎ 三、解答题：本大题共6小题，共70分，解答应写出文字说明、证明过程或演算步骤．t ‎17．（12分）△ABC中，角A，B，C所对的边分别为a，b，c，且2bcosC+c=2a．g ‎（1）求角B的大小；=‎ ‎（2）若BD为AC边上的中线，cosA=，BD=，求△ABC的面积．=‎ ‎18．（12分）如图，在四棱锥中P﹣ABCD，底面ABCD为边长为的正方形，PA⊥BD．‎ ‎（1）求证：PB=PD；‎ ‎（2）若E，F分别为PC，AB的中点，EF⊥平面PCD，求直线PB与平面PCD所成角的大小．‎ ‎19．（12分）一批产品需要进行质量检验，检验方案是：先从这批产品中任取5件作检验，这5件产品中优质品的件数记为n．如果n=3，再从这批产品中任取2件作检验，若都为优质品，则这批产品通过检验；如果n=4，再从这批产品中任取1件作检验，若为优质品，则这批产品通过检验；如果n=5，则这批产品通过检验；其他情况下，这批产品都不能通过检验．假设这批产品的优质品率为50%，即取出的产品是优质品的概率都为，且各件产品是否为优质品相互独立．‎ ‎（1）求这批产品通过检验的概率；‎ ‎（2）已知每件产品检验费用为200元，凡抽取的每件产品都需要检验，对这批产品作质量检验所需的费用记为x（单位：元），求x的分布列．‎ ‎20．近几年来，我国地区经常出现雾霾天气，某学校为了学生的健康，对课间操活动做了如下规定：课间操时间若有雾霾则停止组织集体活动，若无雾霾则组织集体活动．预报得知，这一地区在未来一周从周一到周五5天的课间操时间出现雾霾的概率是：前3天均为50%，后2天均为80%，且每一天出现雾霾与否是相互独立的．‎ ‎（1）求未来一周5天至少一天停止组织集体活动的概率；‎ ‎（2）求未来一周5天不需要停止组织集体活动的天数X的分布列；‎ ‎（3）用η表示该校未来一周5天停止组织集体活动的天数，记“函数f（x）=x2﹣ηx﹣1在区间（3，5）上有且只有一个零点”为事件A，求事件A发生的概率．‎ ‎21．（12分）已知点F（1，0），点A是直线l1：x=﹣1上的动点，过A作直线l2，l1⊥l2，线段AF的垂直平分线与l2交于点P．‎ ‎（Ⅰ）求点P的轨迹C的方程；‎ ‎（Ⅱ）若点M，N是直线l1上两个不同的点，且△PMN的内切圆方程为x2+y2=1，直线PF的斜率为k，求的取值范围．‎ ‎22．（12分）设函数f（x）=ln（x+1）+a（x2﹣x），其中a∈R，‎ ‎（Ⅰ）讨论函数f（x）极值点的个数，并说明理由；‎ ‎（Ⅱ）若∀x＞0，f（x）≥0成立，求a的取值范围．‎ ‎　‎ ‎23．（10分）如图所示，△ABC内接于⊙O，直线AD与⊙O相切于点A，交BC的延长线于点D，过点D作DE∥CA交BA的延长线于点E．‎ ‎（I）求证：DE2=AE•BE；‎ ‎（Ⅱ）若直线EF与⊙O相切于点F，且EF=4，EA=2，求线段AC的长．‎ ‎　‎ ‎25．已知函数f（x）=|x﹣a|+|2x﹣1|（a∈R）．‎ ‎（Ⅰ）当a=1时，求f（x）≤2的解集；‎ ‎（Ⅱ）若f（x）≤|2x+1|的解集包含集合，求实数a的取值范围．‎ ‎　‎ ‎2016-2017学年福建省福州市外国语学校高三（上）适应性数学试卷（理科）（1）‎ 参考答案与试题解析 ‎　‎ 一、选择题(苯大题共12个小题，每小题5分，共60分，在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的）‎ ‎1．（2016•湖北模拟）已知全集U=R，集合A={x|y=log2（x﹣1）}，B={y|y=2x}，则B∩（∁UA）为（　　）‎ A．（0，+∞） B． D．（1，2）‎ ‎【考点】交、并、补集的混合运算．‎ ‎【专题】计算题；集合思想；定义法；集合．‎ ‎【分析】求出A中x的范围确定出A，求出B中y的范围确定出B，找出A补集与B的交集即可．‎ ‎【解答】解：由A中log2（x﹣1），得到x﹣1＞0，即x＞1，‎ ‎∴A=（1，+∞），‎ ‎∵全集U=R，‎ ‎∴∁UA=（﹣∞，1]，‎ 由B中y=2x，得到y＞0，即B=（0，+∞），‎ 则A∩（∁UB）=（0，1]‎ 故选：C．‎ ‎【点评】此题考查了交、并、补集的混合运算，熟练掌握各自的定义是解本题的关键．‎ ‎　‎ ‎2．（2016秋•福州校级月考）已知m∈R，i为虚数单位，若＞0，则m=（　　）‎ A．1 B． C． D．﹣2‎ ‎【考点】复数的基本概念．‎ ‎【专题】对应思想；综合法；数系的扩充和复数．‎ ‎【分析】化简代数式，得到关于m的不等式组，解出即可．‎ ‎【解答】解：∵==+i＞0，‎ ‎∴，解得：m=，‎ 故选：B．‎ ‎【点评】本题考查了复数的化简运算，考查复数的定义，是一道基础题．‎ ‎　‎ ‎3．3．已知向量、，其中||=，||=2，且（﹣）⊥，则向量和的夹角是（　　）‎ A． B． C． D．π ‎【考点】平面向量数量积的运算．‎ ‎【专题】计算题；平面向量及应用．‎ ‎【分析】由（﹣）⊥，则（）=0，即有=，再由向量的数量积的定义和性质，即可得到夹角．‎ ‎【解答】解：由于||=，||=2，且（﹣）⊥，‎ 则（）=0，即有=，‎ 则2=×＞，‎ 则有cos＜＞=，‎ 即有向量和的夹角为．‎ 故选A．‎ ‎【点评】本题考查平面向量及运用，考查向量的数量积的定义和性质，考查运算能力，属于基础题．‎ ‎　‎ ‎4．某射击手射击一次命中的概率是0.7，连续两次均射中的概率是0.4，已知某次射中，则随后一次射中的概率是（　　）‎ A． B． C． D．‎ ‎【考点】相互独立事件的概率乘法公式．‎ ‎【专题】计算题；概率与统计．‎ ‎【分析】设“某次射中”为事件A，“随后一次的射中”为事件B，则P（AB）=0.4，P（A）=0.7，利用P（B|A）=可得结论．‎ ‎【解答】解：设“某次射中”为事件A，“随后一次的射中”为事件B，‎ 则P（AB）=0.4，P（A）=0.7，‎ 所以P（B|A）==．‎ 故选：C．‎ ‎【点评】本题考查条件概率，考查学生的计算能力，比较基础．‎ ‎　‎ ‎5．（2016•惠州三模）下列表格所示的五个散点，原本数据完整，且利用最小二乘法求得这五个散点的线性回归直线方程为=0.8x﹣155，后因某未知原因第5组数据的y值模糊不清，此位置数据记为m（如表所示），则利用回归方程可求得实数m的值为（　　）‎ x ‎196‎ ‎197‎ ‎200‎ ‎203‎ ‎204‎ y ‎1‎ ‎3‎ ‎6‎ ‎7‎ m A．8.3 B．8.2 C．8.1 D．8‎ ‎【考点】线性回归方程．‎ ‎【专题】对应思想；定义法；概率与统计．‎ ‎【分析】根据回归直线经过样本数据中心点，求出x、y的平均数，即可求出m值．‎ ‎【解答】解：根据题意，计算=×（196+197+200+203+204）=200，‎ ‎=×（1+3+6+7+m）=，‎ 代入回归方程=0.8x﹣155中，‎ 可得=0.8×200﹣155=25，‎ 解得m=8．‎ 故选：D．‎ ‎【点评】本题考查了线性回归方程过样本中心点的应用问题，是基础题目．‎ ‎　‎ ‎6．（2016•汕头二模）如图，该程序框图的算法思路来源于我国古代数学名著《九章算术》中的“更相减损术”，执行该程序框图，若输出的a=3，则输入的a，b分别可能为（　　）‎ A．15、18 B．14、18 C．13、18 D．12、18‎ ‎【考点】程序框图．‎ ‎【专题】对应思想；分析法；算法和程序框图．‎ ‎【分析】由程序框图的输出功能，结合选项中的数据，即可得出输入前a，b的值．‎ ‎【解答】解：根据题意，执行程序后输出的a=3，‎ 则执行该程序框图前，输人a、b的最大公约数是3，‎ 分析选项中的四组数，满足条件的是选项A．‎ 故选：A．‎ ‎【点评】本题考查了算法和程序框图的应用问题，也考查了我国古代数学史的应用问题，是基础题．‎ ‎　‎ ‎7．（2016•深圳二模）2位男生和3位女生共5位同学站成一排，则3位女生中有且只有两位女生相邻的概率是（　　）‎ A． B． C． D．‎ ‎【考点】古典概型及其概率计算公式．‎ ‎【专题】计算题；转化思想；综合法；概率与统计．‎ ‎【分析】先求出基本事件总数，再求出3位女生中有且只有两位女生相邻包含的基本事件个数，由此能求出3位女生中有且只有两位女生相邻的概率．‎ ‎【解答】解：2位男生和3位女生共5位同学站成一排，‎ 基本事件总数n==120，‎ ‎3位女生中有且只有两位女生相邻包含的基本事件个数m==72，‎ ‎∴3位女生中有且只有两位女生相邻的概率p==．‎ 故选：B．‎ ‎【点评】本题考查概率的求法，是基础题，解题时要认真审题，注意等可能事件概率计算公式的合理运用．‎ ‎　‎ ‎8．（2016•广州二模）已知函数f（x）=sin（2x+φ）0＜φ＜）的图象的一个对称中心为（，0），则函数f（x）的单调递减区间是（　　）‎ A．（k∈Z） B．（k∈Z）‎ C．（k∈Z） D．（k∈Z）‎ ‎【考点】正弦函数的图象．‎ ‎【专题】函数思想；待定系数法；数形结合法；三角函数的图像与性质．‎ ‎【分析】由题意和函数的对称性待定系数可得函数解析式，可得单调递减区间．‎ ‎【解答】解：由题意可得sin（2×+φ）=0，故2×+φ=kπ，‎ 解得φ=kπ﹣，k∈Z，由0＜φ＜可得φ=，‎ ‎∴f（x）=sin（2x+），‎ 由2kπ+≤2x+≤2kπ+可得kπ+≤x≤kπ+，‎ ‎∴函数f（x）的单凋递减区间为，k∈Z．‎ 故选：D．‎ ‎【点评】本题考查三角函数的图象和性质，涉及三角函数的单调性，属基础题．‎ ‎　‎ ‎9．（2016•汕头二模）已知实数x、y满足条件，若目标函数z=3x+y的最小值为5，则a的值为（　　）‎ A．﹣17 B．﹣2 C．2 D．17‎ ‎【考点】简单线性规划．‎ ‎【专题】计算题；规律型；数形结合；转化思想；不等式．‎ ‎【分析】作出不等式组对应的平面区域，利用目标函数z=3x+y的最小值为5，建立条件关系即可求出a的值即可．‎ ‎【解答】解：目标函数z=3x+y的最小值为5，‎ ‎∴y=﹣3x+z，要使目标函数z=3x+y的最小值为5，‎ 作出不等式组对应的平面区域如图：‎ 则目标函数经过点B截距最小，‎ 由，解得，‎ 即B（2，﹣1），同时B也在直线ax+y+5=0，‎ 即2a﹣1+5=0，‎ 解得a=﹣2，‎ 故选：B．‎ ‎【点评】本题主要考查线性规划的应用，根据目标函数z=3x+y的最小值为5，确定平面区域的位置，利用数形结合是解决本题的关键．‎ ‎　‎ ‎10．（2016•惠州模拟）某四面体的三视图如图所示，正视图、俯视图都是腰长为2的等腰直角三角形，侧视图是边长为2的正方形，则此四面体的四个面中面积最大的为（　　）‎ A．2 B．4 C．2 D．2‎ ‎【考点】简单空间图形的三视图．‎ ‎【专题】计算题；空间位置关系与距离．‎ ‎【分析】由三视图知该几何体为棱锥，其中SC⊥平面ABCD；四面体S﹣ABD的四个面中SBD面的面积最大，三角形SBD是边长为2的等边三角形，即可求出四面体的四个面中面积最大的面积．‎ ‎【解答】解：由三视图知该几何体为棱锥S﹣ABD，其中SC⊥平面ABCD；四面体S﹣ABD的四个面中SBD面的面积最大，三角形SBD是边长为2的等边三角形，‎ 所以此四面体的四个面中面积最大的为=2．‎ 故选：C．‎ ‎【点评】本题考查三视图，考查面积的计算，确定三视图对应直观图的形状是关键．‎ ‎　‎ ‎11．（2016•河南二模）已知双曲线﹣=1的左、右焦点分别为F1、F2，过F1作圆x2+y2=a2的切线分别交双曲线的左、右两支于点B、C，且|BC|=|CF2|，则双曲线的渐近线方程为（　　）‎ A．y=±3x B．y=±2x C．y=±（+1）x D．y=±（﹣1）x ‎【考点】双曲线的简单性质．‎ ‎【专题】计算题；圆锥曲线的定义、性质与方程．‎ ‎【分析】过F1作圆x2+y2=a2的切线分别交双曲线的左、右两支于点B、C，且|BC|=|CF2|，可得|BF1|=2a，求出B的坐标，代入双曲线方程，即可求出双曲线的渐近线方程．‎ ‎【解答】解：∵过F1作圆x2+y2=a2的切线分别交双曲线的左、右两支于点B、C，且|BC|=|CF2|，‎ ‎∴|BF1|=2a，‎ 设切点为T，B（x，y），则利用三角形的相似可得 ‎∴x=，y=‎ ‎∴B（，）‎ 代入双曲线方程，整理可得b=（+1）a，‎ ‎∴双曲线的渐近线方程为y=±（+1）x，‎ 故选：C．‎ ‎【点评】本题考查双曲线的渐近线方程，考查学生的计算能力，比较基础．‎ ‎　‎ ‎12．（2016•广州二模）设函数f（x）的定义域为R，f（﹣x）=f（x），f（x）=f（2﹣x），当x∈时，f（x）=x3．则函数g（x）=|cos（πx）|﹣f（x）在区间上的所有零点的和为（　　）‎ A．7 B．6 C．3 D．2‎ ‎【考点】函数零点的判定定理．‎ ‎【专题】函数思想；综合法；函数的性质及应用．‎ ‎【分析】根据f（x）的对称性和奇偶性可知f（x）在上共有3条对称轴，x=0，x=1，x=2，根据三角函数的对称性可知y=|cos（πx）|也关于x=0，x=1，x=2对称，故而g（x）在上3条对称轴，根据f（x）和y=|cos（πx）|在上的函数图象，判断g（x）在上的零点分布情况，利用函数的对称性得出零点之和．‎ ‎【解答】解：∵f（x）=f（2﹣x），∴f（x）关于x=1对称，‎ ‎∵f（﹣x）=f（x），∴f（x）根与x=0对称，‎ ‎∵f（x）=f（2﹣x）=f（x﹣2），∴f（x）=f（x+2），‎ ‎∴f（x）是以2为周期的函数，‎ ‎∴f（x）在上共有3条对称轴，分别为x=0，x=1，x=2，‎ 又y=|cos（πx）关于x=0，x=1，x=2对称，‎ ‎∴x=0，x=1，x=2为g（x）的对称轴．‎ 作出y=|cos（πx）|和y=x3在上的函数图象如图所示：‎ 由图象可知g（x）在（0，）和（，1）上各有1个零点．‎ 又g（1）=0，∴g（x）在上共有7个零点，‎ 设这7个零点从小到大依次为x1，x2，x3，…x6，x7．‎ 则x1，x2关于x=0对称，x3，x5关于x=1对称，x4=1，x6，x7关于x=2对称．‎ ‎∴x1+x2=0，x3+x5=2，x6+x7=4，‎ ‎∴x1+x2+x3+x4+x5+x6+x7=7．‎ 故选：A．‎ ‎【点评】本题考查了函数的周期性，奇偶性的应用，函数零点个数判断，属于中档题．‎ ‎　‎ 二、填空题：本大题共4小题，每小题5分，共20分 ‎13．（2016•河南二模）若y3（x+）n（n∈N*）的展开式中存在常数项，则常数项为　84　．‎ ‎【考点】二项式系数的性质．‎ ‎【专题】计算题；转化思想；综合法；二项式定理．‎ ‎【分析】写出二项式（x+）n的展开式的通项，可得y3（x+）n的展开式的通项，再由x，y的指数为0求得n，r的值，则答案可求．‎ ‎【解答】解：二项式（x+）n的展开式的通项为，‎ 则要使y3（x+）n（n∈N*）的展开式中存在常数项，‎ 需，即n=9，r=3．‎ ‎∴常数项为：．‎ 故答案为：84．‎ ‎【点评】本题考查二项式系数的性质，关键是熟记二项展开式的通项，是基础题．‎ ‎　‎ ‎14．（2016•广州二模）已知中心在坐标原点的椭圆C的右焦点为F（1，0），点F关于直线y=x的对称点在椭圆C上，则椭圆C的方程为　+=1　．‎ ‎【考点】椭圆的简单性质．‎ ‎【专题】计算题；方程思想；分析法；圆锥曲线的定义、性质与方程．‎ ‎【分析】设椭圆的方程为+=1（a＞b＞0），由题意可得c=1，设点F（1，0）关于直线y=x的对称点为（m，n），由两直线垂直的条件：斜率之积为﹣1，以及中点坐标公式，解方程可得a，b，进而得到椭圆方程．‎ ‎【解答】解：设椭圆的方程为+=1（a＞b＞0），‎ 由题意可得c=1，即a2﹣b2=1，‎ 设点F（1，0）关于直线y=x的对称点为（m，n），‎ 可得=﹣2，且n=•，‎ 解得m=，n=，即对称点为（，）．‎ 代入椭圆方程可得+=1，‎ 解得a2=，b2=，‎ 可得椭圆的方程为+=1．‎ 故答案为：+=1．‎ ‎【点评】本题考查椭圆的方程的求法，注意运用椭圆的焦点，以及点关于直线对称，由点满足椭圆方程，考查化简整理的运算能力，属于中档题．‎ ‎　‎ ‎15．（2016秋•福州校级月考）设正三棱锥A﹣BCD的所有顶点都在球O的球面上，BC=1，E，F分别是AB，BC的中点，EF⊥DE，则球O的半径为　　．‎ ‎【考点】球内接多面体．‎ ‎【专题】综合题；方程思想；综合法；球．‎ ‎【分析】根据EF与DE的垂直关系，结合正棱锥的性质，判断三条侧棱互相垂直，再求得侧棱长，根据体积公式计算即可．‎ ‎【解答】解：∵E、F分别是AB、BC的中点，∴EF∥AC，‎ 又∵EF⊥DE，‎ ‎∴AC⊥DE，‎ 取BD的中点O，连接AO、CO，∵三棱锥A﹣BCD为正三棱锥，‎ ‎∴AO⊥BD，CO⊥BD，∴BD⊥平面AOC，又AC⊂平面AOC，∴AC⊥BD，‎ 又DE∩BD=D，∴AC⊥平面ABD；‎ ‎∴AC⊥AB，‎ 设AC=AB=AD=x，则x2+x2=1⇒x=；‎ 所以三棱锥对应的长方体的对角线为=，‎ 所以它的外接球半径为．7810529‎ 故答案为：．‎ ‎【点评】本题考查了正三棱锥的外接球半径求法，关键是求出三棱锥的三条侧棱长度，得到对应的长方体对角线，即外接球的直径．‎ ‎　‎ ‎16．（2016•江西校级模拟）已知数列{an}满足a1=﹣1，|an﹣an﹣1|=2n﹣1（n∈N，n≥2），且{a2n﹣1}是递减数列，{a2n}是递增数列，则a2016=　　．‎ ‎【考点】数列递推式．‎ ‎【专题】分类讨论；转化思想；综合法；等差数列与等比数列．‎ ‎【分析】由|an﹣an﹣1|=2n﹣1，（n∈N，n≥2），可得：|a2n﹣a2n﹣1|=22n﹣1，|a2n+2﹣a2n+1|=22n+1，根据：数列{a2n﹣1}是递减数列，且{a2n}是递增数列，可得a2n﹣a2n﹣1＜a2n+2﹣a2n+1，可得：a2n﹣a2n﹣1=22n﹣1，同理可得：a2n+1﹣a2n=﹣22n，再利用“累加求和”即可得出．‎ ‎【解答】解：由|an﹣an﹣1|=2n﹣1，（n∈N，n≥2），‎ 则|a2n﹣a2n﹣1|=22n﹣1，|a2n+2﹣a2n+1|=22n+1，‎ ‎∵数列{a2n﹣1}是递减数列，且{a2n}是递增数列，‎ ‎∴a2n﹣a2n﹣1＜a2n+2﹣a2n+1，‎ 又∵|a2n﹣a2n﹣1|=22n﹣1＜|a2n+2﹣a2n+1|=22n+1，‎ ‎∴a2n﹣a2n﹣1＞0，即a2n﹣a2n﹣1=22n﹣1，‎ 同理可得：a2n+3﹣a2n+2＜a2n+1﹣a2n，‎ 又|a2n+3﹣a2n+2|＞|a2n+1﹣a2n|，‎ 则a2n+1﹣a2n=﹣22n，‎ 当数列{an}的项数为偶数时，令n=2k（k∈N*），‎ ‎∴a2﹣a1=2，a3﹣a2=﹣22，a4﹣a3=23，a5﹣a4=﹣24，…，a2015﹣a2014=﹣22014，a2016﹣a2015=22015．‎ ‎∴a2016﹣a1=2﹣22+23﹣24+…﹣22014+22015‎ ‎==．‎ ‎∴a2016=．‎ 故答案为：．‎ ‎【点评】本题考查了等比数列前n项和公式、数列的单调性，累加法求数列的通项公式，不等式的性质等，同时考查数列的基础知识和化归、分类整合等数学思想，考查了分类讨论方法、推理能力与计算能力，属于难题．‎ ‎　‎ 三、解答题：本大题共6小题，共70分，解答应写出文字说明、证明过程或演算步骤．‎ ‎17．（12分）（2016•石家庄二模）△ABC中，角A，B，C所对的边分别为a，b，c，且2bcosC+c=2a．‎ ‎（1）求角B的大小；‎ ‎（2）若BD为AC边上的中线，cosA=，BD=，求△ABC的面积．‎ ‎【考点】余弦定理；正弦定理．‎ ‎【专题】计算题；转化思想；转化法；解三角形．‎ ‎【分析】（1）利用正弦定理化简已知表达式，求出B的值即可．‎ ‎（2）先根据两角和差的正弦公式求出sinC，再根据正弦定理得到b，c的关系，再利用余弦定理可求b，c的值，再由三角形面积公式可求结果；‎ ‎【解答】解：（1）∵2bcosC+c=2a．‎ 由正弦定理可知：2sinBcosC+sinC=2sinA=2sin（B+C）=2sinBcosC+2cosBsinC，‎ ‎∴sinC=2cosBsinC，‎ ‎∴cosB=‎ ‎∵B为三角形内角，‎ ‎∴B=，‎ ‎（2）在△ABC值，cosA=，‎ ‎∴sinA=，‎ ‎∴sinC=sin（A+B）=sinAcosB+cosAsinB=×+×=，‎ ‎∴==，‎ 设b=7x，c=5x，‎ ‎∵BD为AC边上的中线，BD=，‎ 由余弦定理，得BD2=AB2+AD2﹣2AB•ADcosA，‎ ‎∴=25x2+×49x2﹣2×5x××7x×‎ 解得x=1，‎ ‎∴b=7，c=5，‎ ‎∴S△ABC=bcsinA=×=10．‎ ‎【点评】本题考查正弦定理、余弦定理及三角形的面积公式，熟记相关公式并灵活运用是解题关键，属于中档题．‎ ‎　‎ ‎18．（12分）（2016•石家庄二模）如图，在四棱锥中P﹣ABCD，底面ABCD为边长为的正方形，PA⊥BD．‎ ‎（1）求证：PB=PD；‎ ‎（2）若E，F分别为PC，AB的中点，EF⊥平面PCD，求直线PB与平面PCD所成角的大小．‎ ‎【考点】直线与平面所成的角；点、线、面间的距离计算．‎ ‎【专题】数形结合；向量法；空间位置关系与距离；空间角．‎ ‎【分析】（1）连接AC，BD交于点O，连结PO，则AC⊥BD，结合PA⊥BD得出BD⊥平面PAC，故而BD⊥PO，又O为BD的中点，得出OP为BD的中垂线，得出结论；‎ ‎（2）设PD的中点为Q，连接AQ，EQ，证明四边形AQEF是平行四边形，于是AQ⊥平面PCD，通过证明CD⊥平面PAD得出CD⊥PA，结合PA⊥BD得出PA⊥平面ABCD，以A 为原点建立空间直角坐标系，则直线PB与平面PCD所成角的正弦值等于|cos＜＞|，从而得出线面角的大小．‎ ‎【解答】解：（1）连接AC，BD交于点O，连结PO．‎ ‎∵底面ABCD是正方形，‎ ‎∴AC⊥BD，OB=OD．‎ 又PA⊥BD，PA⊂平面PAC，AC⊂平面PAC，PA∩AC=A，‎ ‎∴BD⊥平面PAC，∵PO⊂平面PAC，‎ ‎∴BD⊥PO．‎ 又OB=OD，‎ ‎∴PB=PD．‎ ‎（2）设PD的中点为Q，连接AQ，EQ，‎ 则EQ∥CD，EQ=CD，又AF∥CD，AF==，‎ ‎∴EQ∥AF，EQ=AF，‎ ‎∴四边形AQEF为平行四边形，∴EF∥AQ，‎ ‎∵EF⊥平面PCD，∴AQ⊥平面PCD，‎ ‎∴AQ⊥PD，∵Q是PD的中点，‎ ‎∴AP=AD=．‎ ‎∵AQ⊥平面PCD，∴AQ⊥CD，‎ 又AD⊥CD，AQ∩AD=A，‎ ‎∴CD⊥平面PAD，∴CD⊥PA．‎ 又BD⊥PA，BD∩CD=D，‎ ‎∴PA⊥平面ABCD．‎ 以A为坐标原点，以AB，AD，AP为坐标轴建立如图所示的空间直角坐标系，‎ 则B（，0，0），P（0，0，），A（0，0，0），Q（0，，）．‎ ‎∴=（0，，），=（，0，﹣）．‎ ‎∵AQ⊥平面PCD，∴为平面PCD的一个法向量．‎ ‎∴cos＜＞==﹣．‎ 设直线PB与平面PCD所成角为θ，‎ 则sinθ=|cos＜＞|=．‎ ‎∴直线PB与平面PCD所成角为．‎ ‎【点评】本题考查了线面垂直的判定与性质，线面角的计算，空间向量的应用，属于中档题．‎ ‎　7810529‎ ‎19．（12分）（2016•汕头二模）一批产品需要进行质量检验，检验方案是：先从这批产品中任取5件作检验，这5件产品中优质品的件数记为n．如果n=3，再从这批产品中任取2件作检验，若都为优质品，则这批产品通过检验；如果n=4，再从这批产品中任取1件作检验，若为优质品，则这批产品通过检验；如果n=5，则这批产品通过检验；其他情况下，这批产品都不能通过检验．假设这批产品的优质品率为50%，即取出的产品是优质品的概率都为，且各件产品是否为优质品相互独立．‎ ‎（1）求这批产品通过检验的概率；‎ ‎（2）已知每件产品检验费用为200元，凡抽取的每件产品都需要检验，对这批产品作质量检验所需的费用记为x（单位：元），求x的分布列．‎ ‎【考点】离散型随机变量及其分布列；列举法计算基本事件数及事件发生的概率．‎ ‎【专题】计算题；转化思想；综合法；概率与统计．‎ ‎【分析】（1）由题意知：第一次取5件产品中，恰好有k件优质品的概率为P（k）=，由此能求出这批产品通过检验的概率．‎ ‎（2）由题意得X的可能取值为1000，1200，1400，分别求出相应的概率，由此能求出X的分布列．‎ ‎【解答】解：（1）由题意知：第一次取5件产品中，恰好有k件优质品的概率为：‎ P（k）=，k=0，1，2，3，4，5，‎ ‎∴这批产品通过检验的概率：‎ p==+5×+（）5=．‎ ‎（2）由题意得X的可能取值为1000，1200，1400，‎ P（X=1000）=（）5=，‎ P（X=1200）==，‎ P（X=1400）=++=，‎ X的分布列为：‎ ‎ X ‎ 1000‎ ‎ 1200‎ ‎ 1400‎ ‎ P ‎【点评】本题考查概率的求法，考查离散型随机变量的分布列的求法，是中档题，解题时要认真审题，注意n次独立重复试验中事件A恰好发生k次的概率计算公式的合理运用．‎ ‎　‎ ‎20．（2016•太原二模）近几年来，我国地区经常出现雾霾天气，某学校为了学生的健康，对课间操活动做了如下规定：课间操时间若有雾霾则停止组织集体活动，若无雾霾则组织集体活动．预报得知，这一地区在未来一周从周一到周五5天的课间操时间出现雾霾的概率是：前3天均为50%，后2天均为80%，且每一天出现雾霾与否是相互独立的．‎ ‎（1）求未来一周5天至少一天停止组织集体活动的概率；‎ ‎（2）求未来一周5天不需要停止组织集体活动的天数X的分布列；‎ ‎（3）用η表示该校未来一周5天停止组织集体活动的天数，记“函数f（x）=x2﹣ηx﹣1在区间（3，5）上有且只有一个零点”为事件A，求事件A发生的概率．‎ ‎【考点】离散型随机变量的期望与方差；离散型随机变量及其分布列．‎ ‎【专题】计算题；转化思想；综合法；概率与统计．‎ ‎【分析】（1）先求出未来一周5天都组织集体活动的概率，由此利用对立事件概率计算公式能求出至少有一天停止组织集体活动的概率．‎ ‎（2）由题意X的取值是0，1，2，3，4，5，分别求出相应的概率，由此能求出不需要停止组织集体活动的天数X的分布列．‎ ‎（3）由已知先求出η=3或η=4，由此能求出事件A发生的概率．‎ ‎【解答】解：（1）未来一周5天都组织集体活动的概率：‎ P=（）3（）2=，‎ ‎∴至少有一天停止组织集体活动的概率是：1﹣P=．‎ ‎（2）由题意X的取值是0，1，2，3，4，5，‎ P（X=1）=（）3×=，‎ P（X=2）=+=，‎ P（X=3）=×=，‎ P（X=4）=×=，‎ P（X=5）==，‎ ‎∴不需要停止组织集体活动的天数X的分布列是：‎ ‎ X ‎ 0‎ ‎ 1‎ ‎ 2‎ ‎ 3‎ ‎ 4‎ ‎ 5‎ ‎ P ‎7810529‎ ‎（3）∵函数f（x）=x2﹣ηx﹣1在区间（3，5）上有且只有一个零点，且0≤η≤5，‎ 则f（3）f（5）＜0，∴η＜，‎ ‎∴η=3或η=4，‎ ‎∴事件A发生的概率P（A）=+=．‎ ‎【点评】本题考查概率的求法，考查离散型随机变量的分布列的求法，是中档题，解题时要认真审题，注意函数性质、对立事件概率计算公式的合理运用．‎ ‎　‎ ‎21．（12分）（2016•广州二模）已知点F（1，0），点A是直线l1：x=﹣1上的动点，过A作直线l2，l1⊥l2，线段AF的垂直平分线与l2交于点P．‎ ‎（Ⅰ）求点P的轨迹C的方程；‎ ‎（Ⅱ）若点M，N是直线l1上两个不同的点，且△PMN的内切圆方程为x2+y2=1，直线PF的斜率为k，求的取值范围．‎ ‎【考点】直线与圆锥曲线的综合问题．‎ ‎【专题】计算题；转化思想；综合法；圆锥曲线的定义、性质与方程．‎ ‎【分析】（Ⅰ）点P到点F（1，0）的距离等于它到直线l1的距离，从而点P的轨迹是以点F为焦点，直线l1：x=﹣1为准线的抛物线，由此能求出曲线C的方程．‎ ‎（Ⅱ）设P（x0，y0），点M（﹣1，m），点N（﹣1，n），直线PM的方程为（y0﹣m）x﹣（x0+1）y+（y0﹣m）+m（x0+1）=0，△PMN的内切圆的方程为x2+y2=1，圆心（0，0）到直线PM的距离为1，由x0＞1，得（x0﹣1）m2+2y0m﹣（x0+1）=0，同理，，由此利用韦达定理、弦长公式、直线斜率，结合已知条件能求出的取值范围．‎ ‎【解答】解：（Ⅰ）∵点F（1，0），点A是直线l1：x=﹣1上的动点，过A作直线l2，l1⊥l2，线段AF的垂直平分线与l2交于点P，‎ ‎∴点P到点F（1，0）的距离等于它到直线l1的距离，‎ ‎∴点P的轨迹是以点F为焦点，直线l1：x=﹣1为准线的抛物线，‎ ‎∴曲线C的方程为y2=4x．‎ ‎（Ⅱ）设P（x0，y0），点M（﹣1，m），点N（﹣1，n），‎ 直线PM的方程为：y﹣m=（x+1），‎ 化简，得（y0﹣m）x﹣（x0+1）y+（y0﹣m）+m（x0+1）=0，‎ ‎∵△PMN的内切圆的方程为x2+y2=1，‎ ‎∴圆心（0，0）到直线PM的距离为1，即=1，‎ ‎∴=，‎ 由题意得x0＞1，∴上式化简，得（x0﹣1）m2+2y0m﹣（x0+1）=0，‎ 同理，有，‎ ‎∴m，n是关于t的方程（x0﹣1）t2+2yt﹣（x0+1）=0的两根，‎ ‎∴m+n=，mn=，‎ ‎∴|MN|=|m﹣n|==，‎ ‎∵，|y0|=2，‎ ‎∴|MN|==2，‎ 直线PF的斜率，则k=||=，‎ ‎∴==，‎ ‎∵函数y=x﹣在（1，+∞）上单调递增，‎ ‎∴，‎ ‎∴，‎ ‎∴0＜＜．‎ ‎∴的取值范围是（0，）．‎ ‎【点评】本题考查点的轨迹方程的求法，考查代数式的取值范围的求法，是中档题，解题时要认真审题，注意抛物线定义、椭圆性质、韦达定理、弦长公式、直线斜率的合理运用．‎ ‎　‎ ‎22．（12分）（2015•山东）设函数f（x）=ln（x+1）+a（x2﹣x），其中a∈R，‎ ‎（Ⅰ）讨论函数f（x）极值点的个数，并说明理由；‎ ‎（Ⅱ）若∀x＞0，f（x）≥0成立，求a的取值范围．‎ ‎【考点】利用导数研究函数的极值；函数恒成立问题．‎ ‎【专题】创新题型；导数的综合应用．‎ ‎【分析】（I）函数f（x）=ln（x+1）+a（x2﹣x），其中a∈R，x∈（﹣1，+∞）．=．令g（x）=2ax2+ax﹣a+1．对a与△分类讨论可得：（1）当a=0时，此时f′（x）＞0，即可得出函数的单调性与极值的情况．‎ ‎（2）当a＞0时，△=a（9a﹣8）．①当时，△≤0，②当a时，△＞0，即可得出函数的单调性与极值的情况．‎ ‎（3）当a＜0时，△＞0．即可得出函数的单调性与极值的情况．‎ ‎（II）由（I）可知：（1）当0≤a时，可得函数f（x）在（0，+∞）上单调性，即可判断出．‎ ‎（2）当＜a≤1时，由g（0）≥0，可得x2≤0，函数f（x）在（0，+∞）上单调性，即可判断出．‎ ‎（3）当1＜a时，由g（0）＜0，可得x2＞0，利用x∈（0，x2）时函数f（x）单调性，即可判断出；‎ ‎（4）当a＜0时，设h（x）=x﹣ln（x+1），x∈（0，+∞），研究其单调性，即可判断出 ‎【解答】解：（I）函数f（x）=ln（x+1）+a（x2﹣x），其中a∈R，x∈（﹣1，+∞）．‎ ‎=．‎ 令g（x）=2ax2+ax﹣a+1．‎ ‎（1）当a=0时，g（x）=1，此时f′（x）＞0，函数f（x）在（﹣1，+∞）上单调递增，无极值点．‎ ‎（2）当a＞0时，△=a2﹣8a（1﹣a）=a（9a﹣8）．‎ ‎①当时，△≤0，g（x）≥0，f′（x）≥0，函数f（x）在（﹣1，+∞）上单调递增，无极值点．‎ ‎②当a时，△＞0，设方程2ax2+ax﹣a+1=0的两个实数根分别为x1，x2，x1＜x2．‎ ‎∵x1+x2=，‎ ‎∴，．‎ 由g（﹣1）＞0，可得﹣1＜x1．‎ ‎∴当x∈（﹣1，x1）时，g（x）＞0，f′（x）＞0，函数f（x）单调递增；‎ 当x∈（x1，x2）时，g（x）＜0，f′（x）＜0，函数f（x）单调递减；‎ 当x∈（x2，+∞）时，g（x）＞0，f′（x）＞0，函数f（x）单调递增．‎ 因此函数f（x）有两个极值点．‎ ‎（3）当a＜0时，△＞0．由g（﹣1）=1＞0，可得x1＜﹣1＜x2．‎ ‎∴当x∈（﹣1，x2）时，g（x）＞0，f′（x）＞0，函数f（x）单调递增；‎ 当x∈（x2，+∞）时，g（x）＜0，f′（x）＜0，函数f（x）单调递减．‎ 因此函数f（x）有一个极值点．‎ 综上所述：当a＜0时，函数f（x）有一个极值点；‎ 当0≤a时，函数f（x）无极值点；‎ 当a时，函数f（x）有两个极值点．‎ ‎（II）由（I）可知：‎ ‎（1）当0≤a时，函数f（x）在（0，+∞）上单调递增．‎ ‎∵f（0）=0，‎ ‎∴x∈（0，+∞）时，f（x）＞0，符合题意．‎ ‎（2）当＜a≤1时，由g（0）≥0，可得x2≤0，函数f（x）在（0，+∞）上单调递增．‎ 又f（0）=0，‎ ‎∴x∈（0，+∞）时，f（x）＞0，符合题意．‎ ‎（3）当1＜a时，由g（0）＜0，可得x2＞0，‎ ‎∴x∈（0，x2）时，函数f（x）单调递减．‎ 又f（0）=0，‎ ‎∴x∈（0，x2）时，f（x）＜0，不符合题意，舍去；‎ ‎（4）当a＜0时，设h（x）=x﹣ln（x+1），x∈（0，+∞），h′（x）=＞0．‎ ‎∴h（x）在（0，+∞）上单调递增．‎ 因此x∈（0，+∞）时，h（x）＞h（0）=0，即ln（x+1）＜x，‎ 可得：f（x）＜x+a（x2﹣x）=ax2+（1﹣a）x，‎ 当x＞时，‎ ax2+（1﹣a）x＜0，此时f（x）＜0，不合题意，舍去．‎ 综上所述，a的取值范围为．‎ ‎【点评】本题考查了导数的运算法则、利用导数研究函数的单调性极值，考查了分析问题与解决问题的能力，考查了分类讨论思想方法、推理能力与计算能力，属于难题．‎ ‎　‎ ‎23．（10分）（2016•广州一模）如图所示，△ABC内接于⊙O，直线AD与⊙O相切于点A，交BC的延长线于点D，过点D作DE∥CA交BA的延长线于点E．‎ ‎（I）求证：DE2=AE•BE；‎ ‎（Ⅱ）若直线EF与⊙O相切于点F，且EF=4，EA=2，求线段AC的长．‎ ‎【考点】与圆有关的比例线段．‎ ‎【专题】证明题；转化思想；综合法；推理和证明．‎ ‎【分析】（Ⅰ）推导出△AED∽△DEB，由此能证明DE2=AE•BE．‎ ‎（Ⅱ）由切割线定理得EF2=EA•EB，由DE∥CA，得△BAC∽△BED，由此能求出AC．‎ ‎【解答】证明：（Ⅰ）∵AD是⊙O的切线，∴∠DAC=∠B，‎ ‎∵DE∥CA，∴∠DAC=∠EDA，∴∠EDA=∠B，‎ ‎∵∠AED=∠DEB，∴△AED∽△DEB，‎ ‎∴，∴DE2=AE•BE．‎ 解：（Ⅱ）∵EF是⊙O的切线，EAB是⊙O割线，‎ ‎∴EF2=EA•EB，‎ ‎∵EF=4，EA=2，∴EB=8，AB=EB﹣EA=6，‎ 由（Ⅰ）知DE2=AE•BE，∴DE=4，‎ ‎∵DE∥CA，∴△BAC∽△BED，‎ ‎∴，‎ ‎∴AC==．‎ ‎【点评】本题考查与圆有关的线段间等量关系的证明，考查线段长的求法，是中档题，解题时要认真审题，注意切割线定理的合理运用．‎ ‎　‎ ‎25．（2016•福建模拟）已知函数f（x）=|x﹣a|+|2x﹣1|（a∈R）．‎ ‎（Ⅰ）当a=1时，求f（x）≤2的解集；‎ ‎（Ⅱ）若f（x）≤|2x+1|的解集包含集合，求实数a的取值范围．‎ ‎【考点】绝对值不等式的解法．‎ ‎【专题】选作题；转化思想；综合法；不等式．‎ ‎【分析】（ I）运用分段函数求得f（x）的解析式，由f（x）≤2，即有或或，解不等式即可得到所求解集；‎ ‎（Ⅱ）由题意可得当时，不等式f（x）≤|2x+1|恒成立．即有（x﹣2）max≤a≤（x+2）min．求得不等式两边的最值，即可得到a的范围．‎ ‎【解答】解：（ I）当a=1时，f（x）=|x﹣1|+|2x﹣1|，f（x）≤2⇒|x﹣1|+|2x﹣1|≤2，‎ 上述不等式可化为或或 解得或或…（3分）‎ ‎∴或或，‎ ‎∴原不等式的解集为．…‎ ‎（ II）∵f（x）≤|2x+1|的解集包含，‎ ‎∴当时，不等式f（x）≤|2x+1|恒成立，…（6分）‎ 即|x﹣a|+|2x﹣1|≤|2x+1|在上恒成立，‎ ‎∴|x﹣a|+2x﹣1≤2x+1，‎ 即|x﹣a|≤2，∴﹣2≤x﹣a≤2，‎ ‎∴x﹣2≤a≤x+2在上恒成立，…（8分）‎ ‎∴（x﹣2）max≤a≤（x+2）min，∴，‎ 所以实数a的取值范围是． …（10分）‎ ‎【点评】本题考查绝对值不等式的解法，注意运用绝对值的意义，考查不等式恒成立问题的解法，注意运用参数分离和转化思想，求函数的最值，考查运算能力，属于中档题．‎