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- 2021-06-30 发布
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第 2 讲 函数的单调性与最值
1.函数的单调性
(1)单调函数的定义
增函数 减函数
一般地,设函数 f(x)的定义域为 I:如果对于定义域 I 内某个区间 D 上的任
意两个自变量的值 x1,x2
定义
当 x1f(x2),
那么就说函数 f(x)在区间 D
上是减函数
图象
描述
自左向右看图象是上升的 自左向右看图象是下降的
(2)单调区间的定义
如果函数 y=f(x)在区间 D 上是增函数或减函数,那么就说函数 y=f(x)在这一区间具有
(严格的)单调性,区间 D 叫做函数 y=f(x)的单调区间.
2.函数的最值
前提 设函数 y=f(x)的定义域为 I,如果存在实数 M 满足
条件
(1)对于任意 x∈I,都有 f(x)≤M;
(2)存在 x0∈I,使得
f(x0)=M
(1)对于任意 x∈I,都有 f(x)≥M;
(2)存在 x0∈I,使得
f(x0)=M
结论 M 为最大值 M 为最小值
[疑误辨析]
判断正误(正确的打“√”,错误的打“×”)
(1)若定义在 R 上的函数 f(x),有 f(-1) 2a,
即{-3 ≤ a ≤ 1,
-1 ≤ a ≤ 1,
a < 1.
所以-1≤a<1.
答案:[-1,1)
3.(1)若函数 f(x)=x2+2(a-1)x+2 在区间(-∞,4]上是减函数,则实数 a 的取值范围
是________;
(2)若函数 f(x)=x2+2(a-1)x+2 的单调递减区间为(-∞,4],则 a 的值为________.
答案:(1)a≤-3 (2)-3
确定函数的单调性(区间)(高频考点)
函数单调性的判断、证明及单调区间的求法是每年高考的热点,特别是导数的引入,使
函数单调性成为每年必考内容.主要命题角度有:
(1)求函数的单调区间;
(2)判断或证明函数的单调性.
角度一 求函数的单调区间
(2020·杭州七校联考)求函数 f(x)=-x2+2|x|+1 的单调区间.
【解】 f(x)={-x2+2x+1,x ≥ 0,
-x2-2x+1,x < 0,
={-(x-1)2+2,x ≥ 0,
-(x+1)2+2,x < 0.
画出函数图象如图所示,可知单调递增区间为(-∞,-1]和[0,1],
单调递减区间为[-1,0]和[1,+∞).
(变条件)若将本例中函数变为 f(x)=|-x2+2x+1|,如何求解?
解:函数 y=|-x2+2x+1|的图象如图所示.由图象可知,函数 y=
|-x2+2x+1|的单调递增区间为(1- 2,1)和(1+ 2,+∞);单调递减区
间为(-∞,1-2)和(1,1+ 2).
角度二 判断或证明函数的单调性
设函数 f(x)=x+
a
x+ln a 为定义在(-∞,0)∪(0,+∞)上的奇函数.
(1)求实数 a 的值;
(2)判断函数 f(x)在区间(1,+∞)上的单调性,并用定义法加以证明.
【解】 (1)因为 f(x)=x+
a
x+ln a 为定义在(-∞,0)∪(0,+∞)上的奇函数,
所以 f(-x)=-f(x),
所以-x-
a
x+ln a=-(x+a
x+ln a),所以 ln a=0,
所以 a=1.
(2)f(x)=x+
1
x在区间(1,+∞)上是增函数.
证明如下:设 1<x1<x2,
则 f(x1)-f(x2)=x1-x2+
1
x1-1
x2=x1-x2-
x1-x2
x1x2 =(x1-x2)
x1x2-1
x1x2 .
因为 1<x1<x2,所以 x1-x2<0,
x1x2-1
x1x2 >0.
所以 f(x1)-f(x2)<0,即 f(x1)<f(x2).
所以 f(x)在区间(1,+∞)上是增函数.
确定函数单调性的 4 种方法
(1)定义法:利用定义判断.
(2)导数法:适用于初等函数、复合函数等可以求导的函数.
(3)图象法:由图象确定函数的单调区间需注意两点:一是单调区间必须是函数定义域
的子集;二是图象不连续的单调区间要分开写,用“和”或“,”连接,不能用“∪”连
接.
(4)性质法:利用函数单调性的性质,尤其是利用复合函数“同增异减”的原则时,需
先确定简单函数的单调性.
[提醒] 求函数的单调区间,应先求定义域,在定义域内求单调区间.
1.下列四个函数中,在(0,+∞)上为增函数的是( )
A.f(x)=3-x B.f(x)=x2-3x
C.f(x)=-
1
x+1 D.f(x)=-|x|
解析:选 C.当 x>0 时,f(x)=3-x 为减函数;
当 x∈(0,
3
2 )时,f(x)=x2-3x 为减函数,
当 x∈(3
2,+∞)时,f(x)=x2-3x 为增函数;
当 x∈(0,+∞)时,f(x)=-
1
x+1为增函数;
当 x∈(0,+∞)时,f(x)=-|x|为减函数.
2.函数 f(x)=ln(x2-2x-8)的单调递增区间是( )
A.(-∞,-2) B.(-∞,1)
C.(1,+∞) D.(4,+∞)
解析:选 D.由 x2-2x-8>0,得 x<-2 或 x>4.因此,函数 f(x)=ln(x 2-2x-8)的定义域
是(-∞,-2)∪(4,+∞).注意到函数 y=x2-2x-8 在(4,+∞)上单调递增,由复合函数
的单调性知,f(x)=ln(x2-2x-8)的单调递增区间是(4,+∞),选 D.
3.作出函数 y=|x2-1|+x 的图象,并根据函数图象写出函数的单调区间.
解:当 x≥1 或 x≤-1 时,y=x2+x-1=(x+1
2 ) 2
-
5
4;当-1 1,
4sin(πx-π
3 ),0 ≤ x ≤ 1,
则 f(x)的最小值是( )
A.-2 3 B.2 3
C.-4 D.4
解析:选 A.当 0≤x≤1 时,f(x)=4sin(πx-π
3 ),因为-
π
3 ≤πx-
π
3 ≤
2π
3 ,所以-
3
2 ≤
sin(πx-π
3 )≤1,所以-2 3≤4sin(πx-π
3 )≤4,当 x>1 时,f(x)=2 3,综上可得 f(x)的最
小值为-2 3.
2.(2020·宁波五校联考)已知 f(x)=2 x-1,g(x)=1-x2,规定:当|f(x)|≥g(x)时,h(x)=
|f(x)|;当|f(x)|x1>1 时,[f(x2)-f(x1)](x2-x1)<0
恒成立,设 a=f(-1
2 ),b=f(2),c=f(3),则 a,b,c 的大小关系为( )
A.c>a>b B.c>b>a
C.a>c>b D.b>a>c
【解析】 因为 f(x)的图象关于直线 x=1 对称.由此可得 f(-1
2 )=f(5
2 ).由 x2>x1>1
时,[f(x2)-f(x1)](x2-x1)<0 恒成立,知 f(x)在(1,+∞)上单调递减.
因为 1<2<
5
2<3,所以 f(2)>f(5
2 )>f(3),
所以 b>a>c.
【答案】 D
角度二 解函数不等式
已知函数 f(x)为(0,+∞)上的增函数,若 f(a2-a)>f(a+3),则实数 a 的取值范围
为________.
【解析】 由已知可得{a2-a > 0,
a+3 > 0,
a2-a > a+3,
解得-33,所以实数 a 的取值范围
为(-3,-1)∪(3,+∞).
【答案】 (-3,-1)∪(3,+∞)
角度三 求参数的值或取值范围
(2020·瑞安四校联考)若 f(x)={ax,x > 1,
(4-a
2 )x+2,x ≤ 1是 R 上的单调递增函数,则实
数 a 的取值范围为________.
【解析】 因为 f(x)是定义在 R 上的增函数,故 y=ax 和 y=(4-a
2 )x+2 均为增函数,
所以 a>1 且 4-a
2>0,即 1 4. 若函数 y=f(x)在区间(a,a+1)上单调递增,则实
数 a 的取值范围是( )
A.(-∞,1] B.[1,4]
C.[4,+∞) D.(-∞,1]∪[4,+∞)
解析:选 D.作出函数 f(x)的图象如图所示,由图象可知 f(x)在
(a,a+1)上单调递增,需满足 a≥4 或 a+1≤2,即 a≤1 或 a≥4,
故选 D.
3.已知函数 f(x)为 R 上的减函数,若 mf(n);|1
x |>1,即|x|<1,且 x≠0.故-1 (-1,0)∪(0,1)
[基础题组练]
1.下列函数中,在区间(0,+∞)上为增函数的是( )
A.y=ln(x+2) B.y=- x+1
C.y=(1
2 ) x
D.y=x+
1
x
解析:选 A.选项 A 的函数 y=ln(x+2)的增区间为(-2,+∞),所以在(0,+∞)上一定
是增函数.
2.函数 y=(2m-1)x+b 在 R 上是减函数,则( )
A.m>
1
2 B.m<
1
2
C.m>-
1
2 D.m<-
1
2
解析:选 B.使 y=(2m-1)x+b 在 R 上是减函数,则 2m-1<0,即 m<1
2.
3.若函数 f(x)=a+log2x 在区间[1,a]上的最大值为 6,则 a=( )
A.2 B.4
C.6 D.8
解析:选 B.由题得函数 f(x)=a+log2x 在区间[1,a]上是增函数,所以当 x=a 时,函数
取最大值 6,即 a+log2a=6,解得 a=4,故答案为 B.
4.(2020·金华质量检测)已知函数 f(x)=|x+a|在(-∞,-1)上是单调函数,则 a 的取值
范围是( )
A.(-∞,1] B.(-∞,-1]
C.[-1,+∞) D.[1,+∞)
解析:选 A.因为函数 f(x)在(-∞,-a)上是单调函数,所以-a≥-1,解得 a≤1.故选 A.
5.(2020·台州高三模拟)下列函数 y=f(x)的图象中,满足 f (1
4 )>f(3)>f(2)的只可能是
( )
解析:选 D.因为 f(1
4 )>f(3)>f(2),所以函数 y=f(x)有增有减,排除 A,B.在 C 中,f
(1
4 )f(0),即 f(1
4 ) 0,若 f(2-x 2)>f(x),则实数 x 的取值范围是
________.
解析:函数 y=x3 在(-∞,0]上是增函数,函数 y=ln(x+1)在(0,+∞)上是增函数,
且 x>0 时,ln(x+1)>0,所以 f(x)在 R 上是增函数,由 f(2-x 2)>f(x),得 2-x 2>x,解得-
20,
所以 f(x1)-f(x2)<0,
即 f(x1)0,x2-x1>0,
f(x2)-f(x1)=(a-1
x2 )-(a-1
x1 )=
1
x1-
1
x2=
x2-x1
x1x2 >0,
所以 f(x)在(0,+∞)上是增函数.
(2)由题意 a-
1
x<2x 在(1,+∞)上恒成立,
设 h(x)=2x+
1
x,
则 a1,
所以 2-
1
x1x2>0,所以 h(x1)0 恒成
立,则 b-a 的最大值为( )
A.2 B.3
C.4 D.5
解析:选 D.当 f1(x)≥f2(x)时,
g(x)=
f1(x)+f2(x)
2 +
f1(x)-f2(x)
2 =f1(x);
当 f1(x)