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  • 2021-06-30 发布

2012高考真题分类汇编:圆锥曲线

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‎2012高考真题分类汇编:圆锥曲线 一、解答题 ‎1、【2012高考真题全国卷理21】‎ 已知抛物线C:y=(x+1)2与圆M:(x-1)2+()2=r2(r>0)有一个公共点,且在A处两曲线的切线为同一直线l.‎ ‎(Ⅰ)求r;‎ ‎(Ⅱ)设m、n是异于l且与C及M都相切的两条直线,m、n的交点为D,求D到l的距离.‎ ‎2、【2012高考真题重庆理20】‎ ‎ 如图,设椭圆的中心为原点O,长轴在x轴上,上顶点为A,左右焦点分别为,线段 的中点分别为,且△ 是面积为4的直角三角形.‎ ‎(Ⅰ)求该椭圆的离心率和标准方程;‎ ‎(Ⅱ)过 做直线交椭圆于P,Q两点,使,求直线的方程 ‎3、【2012高考真题四川理21】‎ ‎ 如图,动点到两定点、构成,且,设动点的轨迹为。‎ ‎(Ⅰ)求轨迹的方程;‎ ‎(Ⅱ)设直线与轴交于点,与轨迹相交于点,且,求 的取值范围。‎ ‎4、【2012高考真题新课标理20】‎ 设抛物线的焦点为,准线为,,已知以为圆心,‎ 为半径的圆交于两点;‎ ‎(1)若,的面积为;求的值及圆的方程;‎ ‎(2)若三点在同一直线上,直线与平行,且与只有一个公共点,‎ 求坐标原点到距离的比值.‎ ‎5、【2012高考真题福建理19】如图,椭圆E:的左焦点为F1,右焦点为F2,离心率.过F1的直线交椭圆于A、B两点,且△ABF2的周长为8.‎ ‎(Ⅰ)求椭圆E的方程.‎ ‎(Ⅱ)设动直线l:y=kx+m与椭圆E有且只有一个公共点P,且与直线x=4相较于点Q.试探究:在坐标平面内是否存在定点M,使得以PQ为直径的圆恒过点M?若存在,求出点M的坐标;若不存在,说明理由.‎ ‎6、【2012高考真题上海理22】(4+6+6=16分)在平面直角坐标系中,已知双曲线:‎ ‎.‎ ‎(1)过的左顶点引的一条渐进线的平行线,求该直线与另一条渐进线及轴围成的三角形的面积;‎ ‎(2)设斜率为1的直线交于、两点,若与圆相切,求证:;‎ ‎(3)设椭圆:,若、分别是、上的动点,且,求证:到直线的距离是定值.‎ ‎7、【2012高考真题陕西理19】‎ 已知椭圆,椭圆以的长轴为短轴,且与有相同的离心率。‎ ‎(1)求椭圆的方程;‎ ‎(2)设O为坐标原点,点A,B分别在椭圆和上,,求直线的方程。‎ ‎ ‎ ‎ ‎ ‎8、【2012高考真题广东理20】‎ 在平面直角坐标系xOy中,已知椭圆C1:的离心率e=,且椭圆C上的点到Q(0,2)的距离的最大值为3.‎ ‎(1)求椭圆C的方程;‎ ‎(2)在椭圆C上,是否存在点M(m,n)使得直线:mx+ny=1与圆O:x2+y2=1相交于不同的两点A、B,且△OAB的面积最大?若存在,求出点M的坐标及相对应的△OAB的面积;若不存在,请说明理由.‎ ‎9、【2012高考真题江西理21】 ‎ 已知三点O(0,0),A(-2,1),B(2,1),曲线C上任意一点M(x,y)满足.‎ ‎(1) 求曲线C的方程;‎ ‎(2) 动点Q(x0,y0)(-2<x0<2)在曲线C上,曲线C在点Q处的切线为l向:是否存在定点P(0,t)(t<0),使得l与PA,PB都不相交,交点分别为D,E,且△QAB与△‎ PDE的面积之比是常数?若存在,求t的值。若不存在,说明理由。‎ ‎10、【2012高考真题北京理19】‎ ‎11、【2012高考真题天津理19】‎ 设椭圆的左、右顶点分别为A,B,点P在椭圆上且异于A,B两点,O为坐标原点.‎ ‎(Ⅰ)若直线AP与BP的斜率之积为,求椭圆的离心率;‎ ‎(Ⅱ)若|AP|=|OA|,证明直线OP的斜率k满足 ‎12、【2012高考真题湖南理21】[www.z%zstep.co*~&m^]‎ 在直角坐标系xOy中,曲线C1的点均在C2:(x-5)2+y2=9外,且对C1上任意一点M,M到直线x=﹣2的距离等于该点与圆C2上点的距离的最小值.‎ ‎(Ⅰ)求曲线C1的方程;‎ ‎(Ⅱ)设P(x0,y0)(y0≠±3)为圆C2外一点,过P作圆C2的两条切线,分别与曲线C1相交于点A,B和C,D.证明:当P在直线x=﹣4上运动时,四点A,B,C,D的纵坐标之积为定值.‎ ‎13、【2012高考江苏19】如图,在平面直角坐标系中,椭圆的左、右焦点分别为,.已知和都在椭圆上,其中为椭圆的离心率.‎ ‎(1)求椭圆的方程;‎ ‎(2)设是椭圆上位于轴上方的两点,且直线与直线平行,与交于点P.‎ ‎(i)若,求直线的斜率;‎ ‎(ii)求证:是定值.‎ ‎14、【2012高考真题浙江理21】如图,椭圆C:(a>b>0)的离心率为,其左焦点到点P(2,1)的距离为.不过原点O的直线l与C相交于A,B两点,且线段AB被直线OP平分.‎ ‎(Ⅰ)求椭圆C的方程;‎ ‎(Ⅱ) 求ABP的面积取最大时直线l的方程.‎ ‎15、【2012高考真题辽宁理20】‎ ‎ 如图,椭圆:,a,b为常数),动圆,。点分别为的左,右顶点,与相交于A,B,C,D四点。‎ ‎ (Ⅰ)求直线与直线交点M的轨迹方程;‎ ‎ (Ⅱ)设动圆与相交于四点,其中,‎ ‎。若矩形与矩形的面积相等,证明:为定值。‎ ‎16、【2012高考真题湖北理】‎ 设是单位圆上的任意一点,是过点与轴垂直的直线,是直线与 轴的交点,点在直线上,且满足. 当点在圆上运动时,记点M的轨迹为曲线.‎ ‎(Ⅰ)求曲线的方程,判断曲线为何种圆锥曲线,并求其焦点坐标; ‎ ‎(Ⅱ)过原点且斜率为的直线交曲线于,两点,其中在第一象限,它在轴上的射影为点,直线交曲线于另一点. 是否存在,使得对任意的,都有?若存在,求的值;若不存在,请说明理由. ‎ ‎ ‎ ‎17、【2012高考真题山东理21】‎ 在平面直角坐标系中,是抛物线的焦点,是抛物线上位于第一象限内的任意一点,过三点的圆的圆心为,点到抛物线的准线的距离为.‎ ‎(Ⅰ)求抛物线的方程;‎ ‎(Ⅱ)是否存在点,使得直线与抛物线相切于点?若存在,求出点的坐标;若不存在,说明理由;‎ ‎(Ⅲ)若点的横坐标为,直线与抛物线有两个不同的交点,与圆有两个不同的交点,求当时,的最小值.‎ 以下是答案 一、解答题 ‎1、 ‎ ‎2、‎ ‎3、‎ ‎4、(1)由对称性知:是等腰直角,斜边 ‎ 点到准线的距离 ‎ ‎ ‎ 圆的方程为 ‎ (2)由对称性设,则 ‎ 点关于点对称得:‎ ‎ 得:,直线 ‎ 切点 ‎ 直线 坐标原点到距离的比值为.‎ ‎5、‎ ‎6、‎ 过点A与渐近线平行的直线方程为 ‎,,则到直线的距离为.‎ 设到直线的距离为.‎ ‎7、 ‎ ‎8、‎ ‎9、 ‎ ‎10、解:(1)原曲线方程可化简得:‎ 由题意可得:,解得:‎ ‎(2)由已知直线代入椭圆方程化简得:,‎ ‎,解得: 由韦达定理得:①,,②‎ 设,,‎ 方程为:,则,‎ ‎,,‎ 欲证三点共线,只需证,共线 即成立,化简得:‎ 将①②代入易知等式成立,则三点共线得证。‎ ‎11、 ‎ ‎12、(Ⅰ)解法1 :设M的坐标为,由已知得 ‎,‎ 易知圆上的点位于直线的右侧.于是,所以 ‎.‎ 化简得曲线的方程为.‎ 解法2 :由题设知,曲线上任意一点M到圆心的距离等于它到直线的距离,因此,曲线是以为焦点,直线为准线的抛物线,故其方程为.‎ ‎(Ⅱ)当点P在直线上运动时,P的坐标为,又,则过P且与圆 相切得直线的斜率存在且不为0,每条切线都与抛物线有两个交点,切线方程为.于是 整理得 ‎ ①‎ 设过P所作的两条切线的斜率分别为,则是方程①的两个实根,故 ‎ ②‎ 由得 ③‎ 设四点A,B,C,D的纵坐标分别为,则是方程③的两个实根,所以 ‎ ④‎ 同理可得 ‎ ⑤‎ 于是由②,④,⑤三式得 ‎.‎ 所以,当P在直线上运动时,四点A,B,C,D的纵坐标之积为定值6400.‎ ‎【解析】‎ ‎【点评】本题考查曲线与方程、直线与曲线的位置关系,考查运算能力,考查数形结合思想、函数与方程思想等数学思想方法.第一问用直接法或定义法求出曲线的方程;第二问设出切线方程,把直线与曲线方程联立,由一元二次方程根与系数的关系得到四点纵坐标之积为定值,体现“设而不求”思想.‎ ‎13、解:(1)由题设知,,由点在椭圆上,得 ‎,∴。‎ 由点在椭圆上,得 ‎∴椭圆的方程为。‎ ‎(2)由(1)得,,又∵∥,‎ ‎ ∴设、的方程分别为,。‎ ‎ ∴。‎ ‎ ∴。①‎ ‎ 同理,。②‎ ‎ (i)由①②得,。解得=2。‎ ‎ ∵注意到,∴。‎ ‎ ∴直线的斜率为。‎ ‎ (ii)证明:∵∥,∴,即。‎ ‎ ∴。‎ ‎ 由点在椭圆上知,,∴。‎ ‎ 同理。。‎ ‎ ∴‎ ‎ 由①②得,,,‎ ‎ ∴。‎ ‎ ∴是定值。‎ ‎14、(Ⅰ)由题:; (1)‎ 左焦点(﹣c,0)到点P(2,1)的距离为:. (2)‎ 由(1) (2)可解得:.‎ ‎∴所求椭圆C的方程为:.‎ ‎(Ⅱ)易得直线OP的方程:y=x,设A(xA,yA),B(xB,yB),R(x0,y0).其中y0=x0.‎ ‎∵A,B在椭圆上,‎ ‎∴.‎ 设直线AB的方程为l:y=﹣(m≠0),‎ 代入椭圆:.‎ 显然.‎ ‎∴﹣<m<且m≠0.‎ 由上又有:=m,=.‎ ‎∴|AB|=||==.‎ ‎∵点P(2,1)到直线l的距离表示为:.‎ ‎∴SABP=d|AB|=|m+2|,‎ 当|m+2|=,即m=﹣3 或m=0(舍去)时,(SABP)max=.‎ 此时直线l的方程y=﹣.‎ ‎15、‎ ‎16、(Ⅰ)如图1,设,,则由,‎ 可得,,所以,. ①‎ 因为点在单位圆上运动,所以. ②‎ 将①式代入②式即得所求曲线的方程为. ‎ 因为,所以 当时,曲线是焦点在轴上的椭圆,‎ 两焦点坐标分别为,;‎ 当时,曲线是焦点在轴上的椭圆,‎ 两焦点坐标分别为,. ‎ ‎(Ⅱ)解法1:如图2、3,,设,,则,,‎ 直线的方程为,将其代入椭圆的方程并整理可得 ‎.‎ 依题意可知此方程的两根为,,于是由韦达定理可得 ‎,即.‎ 因为点H在直线QN上,所以.‎ 于是,. ‎ 而等价于,‎ 即,又,得,‎ 故存在,使得在其对应的椭圆上,对任意的,都有. ‎ 图2 ‎ 图3 ‎ 图1‎ O D x y A M 第21题解答图 ‎ ‎ ‎ ‎ 解法2:如图2、3,,设,,则,,‎ 因为,两点在椭圆上,所以 两式相减可得 ‎. ③ ‎ 依题意,由点在第一象限可知,点也在第一象限,且,不重合,‎ 故. 于是由③式可得 ‎. ④‎ 又,,三点共线,所以,即. ‎ 于是由④式可得.‎ 而等价于,即,又,得,‎ 故存在,使得在其对应的椭圆上,对任意的,都有. ‎ ‎17、‎

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