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- 2021-06-30 发布
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2017届高考数学(理)大题狂练
专题05 解析几何
1.在平面直角坐标系中,点为曲线上任意一点,且到定点的距离比到轴的距离
多1.
(1)求曲线的方程;
(2)点为曲线上一点,过点分别作倾斜角互补的直线,与曲线分别交于,两点,
过点且与垂直的直线与曲线交于,两点,若,求点的坐标.
【答案】(1);(2)或.
试题解析:(1)由题意可知,点到点和到直线的距离相等,故曲线是顶点为原点,点为焦点的抛物线,设曲线的方程为,则,即,故曲线的方程为.
(2)设,,,则, ,
∵直线,的倾斜角互补,∴,即,化简得
,
∴,故直线的方程为,即,代入得,,∴,又,即,解得,故点的坐标为或.
考点:1、抛物线的定义及方程;2、直线的斜率及定点问题.
2.(原创)已知,,动点满足,其中分别表示直线的斜率,为常数,当时,点的轨迹为;当时,点的轨迹为.
(1)求的方程;
(2)过点的直线与曲线顺次交于四点,且,,是否存在这样的直线,使得成等差数列?若存在,求出直线的方程;若不存在,请说明理由.
【答案】(1);(2)不存在这样的直线满足题意,理由见解析.
试题解析:(1)设,即,化简得,此即为的方程;
(2)如(1)易得,假设存在这样的直线,则由题可知
,由得,故
,易得,故,令
,则可得,令,则
,故,因此无解,所以不存在这样的直线满足题意.
考点:曲线的轨迹方程;直线与圆锥曲线相交.
3.已知椭圆:()的离心率为,短轴一个端点到右焦点的距离为.
(1)求椭圆的方程;
(2)设直线与椭圆交于、两点,坐标原点到直线的距离为,求△面积的最大值.
【答案】(1);(2).
试题解析:(1)设椭圆的半焦距为,依题意∴,
∴所求椭圆方程为.
(2)设, ,
①当⊥轴时,为,代入,得,∴;
②当与轴不垂直时,设直线的方程为,
由已知,得,
把代入椭圆方程,整理,
,,,
∴,
当时,;
当时,,
当且仅当,即时等号成立.
综上所述.
∴当最大时,△面积取最大值.
考点:1、待定系数法求椭圆方程及三角形面积公式;2、点到直线距离公式及基本不等式求最值.
4.已知椭圆的一个焦点为,左右顶点分别为,经过点的直线与椭圆交于两点.
(1)求椭圆方程;
(2)记与的面积分别为和,求的最大值.
【答案】(1);(2).
【解析】
试题解析:(1)点为椭圆的一个焦点,,又
椭圆的方程为.
(2)当直线斜率不存在时,直线方程为,此时与的面积相等,,当直线斜率存在时,设直线方程为,设显然异号,由得,显然,方程有实根,且,此时,
由可得,当且仅当时等号成立,
的最大值为.
考点:1、待定系数法求椭圆的标准方程;2、韦达定理及椭圆中的最值问题.
5.已知椭圆:过点,为椭圆的半焦距,且,过点作两条互相垂直的直线,与椭圆分别交于另两点,.
(1)求椭圆的方程;
(2)若直线的斜率为,求的面积;
(3)若线段的中点在轴上,求直线的方程.
【答案】(1);(2);(3)或.
试题解析:(1)因为椭圆:,过点,
为椭圆的半焦距,且,
所以,且,
所以,解得,,
所以椭圆方程为.
(2)设方程为,
由整理得,
因为,解得,
当时,用代替,得,
将代入,得, .
因为,所以,,
所以的面积为.
考点:椭圆的标准方程和直线与椭圆的位置关系.
6.已知椭圆的离心率为,其左顶点在圆上.
(Ⅰ)求椭圆的方程;
(Ⅱ)若点为椭圆上不同于点的点,直线与圆的另一个交点为,是否存在点,使得?若存在,求出点的坐标;若不存在,说明理由
【答案】(I);(II)不存在,理由见解析.
试题解析:
(I)因为椭圆的左顶点在圆上,令,得,所以.又离心率为,所以,所以,所以.
所以的方程为.
(II)设点,,设直线的方程为,
与椭圆方程联立得,
化简得到,因为-4为方程的一个根,
所以,所以
所以
因为圆心到直线的距离为,
所以.
因为,
代入得到,
显然,所以不存在直线,使得.
考点:直线与圆锥曲线位置关系.