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- 2021-07-01 发布
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福建省闽侯第八中学2017-2018学年高二上学期期末考试试题
数学(文)
第Ⅰ卷(共60分)
一、选择题:本大题共12个小题,每小题5分,共60分.在每小题给出的四个选项中,只有一项是符合题目要求的.
1. 抛物线的准线方程是( )
A. B. C. D.
【答案】D
【解析】根据抛物线中准线的定义得到准线方程是.
故答案为:D。
2. 抛物线的准线方程为,则的值为( )
A. B. C. D.
【答案】D
【解析】因为抛物线的准线方程为,即.故选D.
3. 已知椭圆的离心率为,则等于( ).
A. B. C. D.
【答案】B
【解析】因为,所以,即该椭圆的焦点在轴上,又该椭圆的离心率为,则,解得;故选B.
点睛:本题考查椭圆的标准方程和离心率公式;在处理椭圆或双曲线的几何性质时,要先通过椭圆或双曲线的标准方程判定出方程是哪种标准方程,焦点在哪一条对称轴上,如本题中要先根据分母的大小关系判定椭圆的焦点在轴上,进而求出相关几何量.
4. 命题:若,则;命题,下列命题为真命题的是( ).
A. B. C. D.
【答案】D
【解析】当时,,即命题为假命题,因为恒成立,即命题为假命题,则、、为假命题,为真命题;故选D.
5. 若两条平行线,与之间的距离为,则等于( )
A. B. C. D.
【答案】A
【解析】两条平行线,与,有:,
得:平行线,与
平行线距离为:,解得或-9(舍)
则.
故选A.
6. 已知双曲线的左右焦点分别为,点是双曲线上一点,且,则等于( ).
A. B. C. D.
【答案】A
【解析】由,可得⊥,
双曲线的,
左、右焦点分别为(−3,0),(3,0),
令x=3,,解得,
即有,
由双曲线的定义可得.
故选:A.
7. 下列说法中正确的个数是( ).
①是的必要不充分条件;
②命题“如果,则”的逆命题是假命题;
③命题“若,则”的否命题是“若,则”.
A. B. C. D.
【答案】C
【解析】对于①,由,解得或,所以是的充分不必要条件,①不正确;
对于②,命题“如果,则”的逆命题是:“如果,则”,由于可得或,所以逆命题不正确,②正确;
对于③,命题“若,则”的否命题是“若,则”正确,
综上正确的只有②③.
故选C.
8. 过抛物线焦点的一条直线与抛物线交点(在轴上方),且,为
抛物线的准线,点在上且,则到的距离为( ).
A. B. C. D.
【答案】A
【解析】过抛物线焦点的一条直线与抛物线交点(在轴上方),
设,由,得,所以,即有轴,
为抛物线的准线,所以,由,得,
在中,,所以到的距离为.
故选A.
9. 在中,内角的对边分别是,若,,则等于( ).
A. B. C. D.
【答案】C
【解析】∵,∴由正弦定理,得,得c=2a
∵由余弦定理,得,
∴
∵,∴.
因此,,解之得
故选C.
10. 已知是直线,是平面,给出下列命题:
①若,则或.
②若,则.
③若,则.
④若且,则且.
其中正确的命题是( )
A. ①② B. ②③ C. ②④ D. ③④
【答案】C
【解析】若α⊥β,α∩β=m,n⊥m,则n和α和β两个平面之间有相交,在面上,故①不正确,
若α∥β,α∩γ=m,β∩γ=n,则m∥n.这是两个平面平行的性质定理,故②正确。
若m⊂α,n⊂α,m∥β,n∥β,则α∥β,缺少两条直线相交的条件,故③不正确,
若α∩β=m,n∥m且n⊄α,n⊄β,则n∥α且n∥β,④正确,
故选C.
11. 函数的图象恒过定点,若点在直线上,其中,则的最小值为( ).
A. B. C. D.
【答案】C
(当且仅当,即时取等号),即的最小值为25;故选C.
点睛:本题考查对数型函数恒过定点问题、基本不等式求最值;处理指数型函数或对数型函数的图象过定点问题,往往有三种思路:
(1)利用图象平移,如本题中的函数可由函数(恒过点)的图象向右平移3个单位,再向上平移1个单位得到,所以定点为;
(2)利用整体代换,将化成,令,则过定点,进而可以求解;
(3)代值法(如本题解析).
12. 已知圆和点,是圆上一点,线段的垂直平分线交于点,则点的轨迹方程是( )
A. B. C. D.
【答案】B
【解析】由圆的方程可知,圆心C(−3,0),半径等于10,设点M的坐标为(x,y),
∵BP的垂直平分线交于点M,
∴|MB|=|MP|.又|MP|+|MC|=半径10,∴|MC|+|MB|=10>|BC|.依据椭圆的定义可得,
点M的轨迹是以B,C为焦点的椭圆,且2a=10,c=3,∴b=4,
故椭圆方程为,
故选B.
点睛:求轨迹方程的常用方法:
(1)直接法:直接利用条件建立, 之间的关系;
(2)待定系数法:已知所求曲线的类型,求曲线方程;
(3)定义法:先根据条件得出动点的轨迹是某种已知曲线,再由曲线的定义直接写出动点的轨迹方程;
(4)代入(相关点)法:动点依赖于另一动点
的变化而运动,常利用代入法求动点的轨迹方程.
第Ⅱ卷(共90分)
二、填空题(每题5分,满分20分,将答案填在答题纸上)
13. 已知命题:,使,则是__________.
【答案】
.....................
故答案为:。
14. 某船在处测得灯塔在其南偏东方向上,该船继续向正南方向行驶5海里到处,测得灯塔在其北偏东方向上,然后该船向东偏南方向行驶2海里到处,此时船到灯塔的距离为__________海里.(用根式表示)
【答案】
【解析】根据题意作出图象,如图所示:
由题意知:,所以△ABD为等边三角形,所以BD=AB=5,
由题意知∠DBC=,由余弦定理可得:.
解得.
故答案为:.
15. 若实数成等差数列,成等比数列,则=___________.
【答案】
【解析】实数成等差数列,则,
成等比数列,则.
由成等比得:,所以,所以.
则.
故答案为:.
16. 斜率为1的直线与椭圆相交于两点,则的最大值为__________.
【答案】
【解析】斜率是1的直线L:y=x+b代入,化简得,
设,则,且,解得.
,
∴b=0时,|AB|的最大值为,
故答案为:.
点睛:圆锥曲线中最值与范围问题的常见求法:(1)几何法:若题目的条件和结论能明显体现几何特征和意义,则考虑利用图形性质来解决;(2)代数法:若题目的条件和结论能体现一种明确的函数关系,则可首先建立目标函数,再求这个函数的最值.在利用代数法解决最值与范围问题时常从以下几个方面考虑:①利用判别式来构造不等关系,从而确定参数的取值范围;②利用隐含或已知的不等关系建立不等式,从而求出参数的取值范围;③利用基本不等式求出参数的取值范围;④利用函数的值域的求法,确定参数的取值范围.
三、解答题 (本大题共6小题,共70分.解答应写出文字说明、证明过程或演算步骤.)
17. 已知圆内有一点,过点作直线交圆于两点.
(1)当经过圆心时,求直线的方程;
(2)当直线的倾斜角为时,求弦的长.
【答案】(1);(2).
【解析】试题分析:(I)借助题设条件运用直线的点斜式方程求解;(II)借助题设运用圆心距与半径弦长之间的公式求解.
试题解析:
(Ⅰ)已知圆的圆心为,
因直线过点,所以直线的斜率为,
直线的方程为,即
(Ⅱ)当直线的倾斜角为时,斜率为,直线的方程为,
即
圆心到直线的距离为,
又圆的半径为,弦的长为.
考点:直线与圆的方程及弦心距与半径的关系等有关知识的综合运用.
18. 在中,角的对边分别为,且满足.
(1)求角的大小;
(2)若,求的面积.
【答案】(1);(2).
【解析】试题分析:(1)利用诱导公式及正弦定理化简得,由两角和的正弦公式得,因为,所以,进而得解;
(2)在中,由余弦定理得:,将条件代入可得,利用求解即可.
试题解析:
(1)在中,,
即
由正弦定理得,
.
,即.
又因为在中,,所以,即
所以
(2)在中,由余弦定理得:,所以
解得或(舍去),
所以.
19. 2017年,在国家创新驱动战略的引领下,北斗系统作为一项国家高科技工程,一个开放型创新平台,1400多个北斗基站遍布全国,上万台套设备组成星地“一张网”,国内定位精度全部达到亚米级,部分地区达到分米级,最高精度甚至可以到厘米或毫米级。最近北斗三号工程耗资9万元建成一小型设备,已知这台设备从启用的第一天起连续使用,第天的维修保养费为元,使用它直至“报废最合算”(所谓“报废最合算”是指使用这台仪器的平均每天耗资最少)为止,一共使用了多少天,平均每天耗资多少钱?
【答案】一共使用了天,平均每天耗资元
【解析】试题分析:根据题意建立合适的函数模型表达式,再利用基本不等式进行求解.
试题解析:设一共使用了天,平均每天耗资为元,则
当且仅当时,即时,取得最小值,
所以一共使用600天,平均每天耗资。
20. 已知函数.
(1)求函数在处的切线方程;
(2)对任意的,都有,求实数的取值范围.
【答案】(1);(2).
【解析】试题分析:(1)求导得,由得切线斜率,由点斜式求直线方程即可;
(2)由条件得,设,利用导数求单调性进而得最值,只需即可.
试题解析:
(1)
函数在处的切线的斜率为
又因为,即切点坐标为,所以切线方程为
即
(2),即,
.
设,则
,即,解得或,
当时,,时,,时,,
即的增区间为和,减区间为,
所以当时,函数有最小值,
即.
点睛:利用导数研究不等式恒成立或存在型问题,首先要构造函数,利用导数研究函数的单调性,求出最值,进而得出相应的含参不等式,从而求出参数的取值范围;也可分离变量,构造函数,直接把问题转化为函数的最值问题.
21. 已知数列满足时,,且.
(1)求数列的通项公式;
(2)求的值.
【答案】(1);(2).
【解析】试题分析:(1)整理条件可得,由,
,由等差数列通项公式求解即可;
(2)利用错位相减求和即可.
试题解析:
(1),整理化简可得:,,又因为,所以,
,即,所以是公差为1首项为2的等差数列
.
(2)因为,
所以,
.
两式相减得.
所以.
22. 已知函数,
(1)若曲线与在公共点处有相同的切线,求实数的值;
(2)若,且曲线与总存在公共的切线,求正数的最小值.
【答案】(1);(2).
【解析】试题分析:
(1)根据可求得.(2)根据导数的几何意义可求得函数在点处的切线方程为,由得,由两曲线总存在公切线可得有解,即关于的方程有解,分离参数后转化为函数的最值问题求解即可.
试题解析:
(1)∵,
∴.
依据题意得,即,解得.
∴.
(2)当时,,
∴ ,
设切点为,则,
∴曲线在点处的切线方程为:,
即.
由消去y得,
∵总存在公切线,
∴总有解,
即关于的方程总有解.
∵,
∴,解得,
∴方程总有解.
令,
则,
则当时,,单调递减;当时,,单调递增.
∴,
∴,解得,
∴正数的最小值故.
点睛:
(1)对于一些复杂的问题,解题时要善于将问题转化,转化成能用熟知的导数研究的问题来处理.
(2)求解不等式能成立(方程有解)问题时,可以考虑将参数分离出来,将参数范围问题转化为研究新函数的值域(或最值)的问题.注意以下结论:①有解等价于的范围即为函数的值域;②有解等价于;③有解等价于.