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  • 2021-07-01 发布

2019年高考数学高分突破复习课件考前冲刺一 第2讲

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第 2 讲 客观 “ 瓶颈 ” 题突破 —— 冲刺高分 试题特点  “ 瓶颈 ” 一般是指在整体中的关键限制因素,例如,一轮、二轮复习后,很多考生却陷入了成绩提升的 “ 瓶颈期 ” —— 无论怎么努力,成绩总是停滞不前 . 怎样才能突破 “ 瓶颈 ” ,让成绩再上一个台阶?全国高考卷客观题满分 80 分,共 16 题,决定了整个高考试卷的成败,要突破 “ 瓶颈题 ” 就必须在两类客观题第 10 , 11 , 12 , 15 , 16 题中有较大收获,分析近三年高考,必须从以下几个方面有所突破,才能实现 “ 柳暗花明又一村 ” ,做到保 “ 本 ” 冲 “ 优 ”. (2) ∵ f ( x ) 是 R 上的奇函数, 又 log 2 5>log 2 4.1>2 , 1<2 0.8 <2 , 因此 log 2 5>log 2 4.1>2 0.8 , 结合函数的单调性: f (log 2 5)> f > f (2 0.8 ) , 所以 a > b > c ,即 c < b < a . 答案  (1)B   (2)C 探究提高  1. 根据函数的概念、表示及性质求函数值的策略 (1) 对于分段函数的求值 ( 解不等式 ) 问题,依据条件准确地找准利用哪一段求解,不明确的要分情况讨论 . (2) 对于利用函数性质求值的问题,依据条件找到该函数满足的奇偶性、周期性、对称性等性质,利用这些性质将待求值调整到已知区间上求值 . 2 . 求解函数的图象与性质综合应用问题的策略 (1) 熟练掌握图象的变换法则及利用图象解决函数性质、方程、不等式问题的方法 . (2) 熟练掌握确定与应用函数单调性、奇偶性、周期性、最值、对称性及零点解题的方法 . 解析  (1) 因为 g ( x ) 是定义在 R 上的奇函数,且当 x <0 时, g ( x ) =- ln(1 - x ) , 所以 当 x >0 时,- x <0 , g ( - x ) =- ln(1 + x ) ,即当 x >0 时, g ( x ) = ln(1 + x ) . 作出函数 f ( x ) 的图象,如图: 令 t = a 2 - ln a ( t >0) , 则 ln t = ln a 2 - ln a =- (ln a ) 2 + 2ln a =- (ln a - 1) 2 + 1 ≤ 1. 当 ln a - 1 = 0 时,等号成立, 由 ln t ≤ 1 ,得 t ≤ e ,即 a ln b ≤ e ,故 a ln b 的最大值为 e. 答案   (1)C   (2)e (2) (2018· 广州校级期中 ) 如图,等边 △ ABC 的中线 AF 与中位线 DE 相交于点 G ,已知 △ A ′ ED 是 △ AED 绕 DE 旋转过程中的一个图形,下列命题中,错误的是 (    ) A . 动点 A ′ 在平面 ABC 上的射影在线段 AF 上 B . 恒有 BD ∥ 平面 A ′ EF C . 三棱锥 A ′ - EFD 的体积有最大值 D . 异面直线 A ′ F 与 DE 不可能垂直 解析  (1) 由题意设外接球的半径为 R , 记长方体的三条棱长分别为 x , y , 2 , 所以棱锥 O - ABC 体积最大值为 1. (2) 因为 A ′ D = A ′ E , △ ABC 是正三角形, 所以点 A ′ 在平面 ABC 上的射影在线段 AF 上,故 A 正确; 因为 BD ∥ EF ,所以恒有 BD ∥ 平面 A ′ EF ,故 B 正确; 三棱锥 A ′ - FED 的底面积是定值,体积由高即 A ′ 到底面的距离决定, 当平面 A ′ DE ⊥ 平面 BCED 时,三棱锥 A ′ - FED 的体积有最大值,故 C 正确; 因为 DE ⊥ 平面 A ′ FG ,故 A ′ F ⊥ DE ,故 D 错误 . 答案   (1)A   (2)D 探究提高   1. 长方体的对角线是外接球的直径,由条件得 x 2 + y 2 = 12 ,进而求 xy 的最大值得棱锥的最大体积 . 另外不规则的几何体的体积常用割补法求解 . 2 . (1) △ ADE 折叠过程中 ,长度不变, AG ⊥ DE 的关系不变 . (2) 当平面 ADE 折叠到平面 A ′ DE ⊥ 平面 BCED 时,棱锥 A ′ - EFD 的体积最大,且 A ′ F ⊥ DE . 【训练 2 】 (1) 如图,过正方形 ABCD 的顶点 A 作线段 PA ⊥ 平面 ABCD ,若 PA = AB ,则平面 PAB 与平面 CDP 所成二面角的度数为 (    ) A . 90 ° B . 60° C . 45 ° D . 30° 解析  (1) 把原四棱锥补成正方体 ABCD - PQRH ,如图所示,连接 CQ ,则所求二面角转化为平面 CDPQ 与平面 BAPQ 所成的二面角 . 又 ∠ CQB 是平面 CDPQ 与平面 BAPQ 所成二面角的平面角,且 ∠ CQB = 45°. 故平面 PAB 与平面 CDP 所成二面角为 45°. 答案   (1)C   (2)D 信息联想   (1) 信息 ① :由条件中准线、焦点联想确定抛物线 C 的方程 y 2 = 2 px ( p >0) . 信息 ② :看到 | AB | = 4 , | DE | = 2 ,及点 A , D 的特殊位置,联想求 A , D 的坐标,利用点共圆,得 p 的方程 . (2) 信息 ① : y 2 = 4 x ,且 | PF | = 3 ,联想抛物线定义,得点 P 坐标 . 信息 ② :曲线 C 2 渐近线过点 P ,得 a , b 间的关系,求出 C 2 的离心率 e . 解析  (1) 不妨设抛物线 C : y 2 = 2 px ( p >0) , 因此 C 的焦点到准线的距离是 4. (2) 抛物线 C 1 : y 2 = 4 x 的焦点为 F (1 , 0) ,准线方程为 x =- 1 ,且 | PF | = 3 , 由 抛物线的定义得 x P - ( - 1) = 3 , (2) 如图,设 △ ABF 2 内切圆圆心为 C ,半径为 r , 答案   (1)B   (2)B 答案   (1)B   (2)B 探究提高  1. 第 (1) 题由方程与不等式关系,寻求 a 1 与 d 的关系,并得出 a n 关于 d 的通项公式,利用单调性判断 a n 的符号变化,由 S n 的最值定 n 的值 . 2 . 线性规划问题求最值,关键明确待求量的几何意义,把所求最值看作直线的截距、斜率、两点间的距离、点到直线的距离等,数形结合求解 . 解析  (1) 作出约束条件表示的平面区域,如图中阴影部分所示 , 由 图知,当直线 y =- 2 x - b 经过点 A ( - 2 ,- 2) 时, b 取得最大值 , b max =- 2 × ( - 2) - ( - 2) = 6 ,此时直线方程为 2 x + y + 6 = 0. 信息联想  (1) 信息 ① :由函数的零点,联想到函数图象交点,构造函数作图象 . 信息 ② :由零点的个数及函数的图象,借助导数确定最值的大小关系 . (2) 信息 ① : f ( x ) 极大值 = 4 ,联想到求 a ,进一步确定 g ( x ) 与区间 ( - 3 , a - 1) . 信息 ② : g ( x ) 的极小值不大于 m - 1 ,联想运用导数求 g ( x ) 的极小值,并构建不等式求 m 的范围 . 解析  (1) 法一  令 f ( x ) = 0 得 ( x - 1)ln x = a ( x - 1) - b , ∴ 当 0< x <1 时, g ′( x )<0 ;当 x >1 时, g ′( x )>0. ∴ g ( x ) 在 (0 , 1) 上单调递减,在 (1 ,+ ∞ ) 上单调递增, 则 g (1) 是函数 g ( x ) 的极小值,也是最小值,且 g (1) = 0. 作出 y = ( x - 1)ln x 与 y = a ( x - 1) - b 的大致函数图象,如图 ∵ f ( x ) 恒有两个不同的零点, ∴ y = a ( x - 1) - b 与 g ( x ) = ( x - 1)ln x 恒有两个交点, ∵ 直线 y = a ( x - 1) - b 恒过点 (1 ,- b ) , ∴ - b >0 ,从而 b <0. 当 m - 3 ≥ 0 时, g ′( x ) ≥ 0 ,则 g ( x ) 在 ( - 3 , 2) 上不存在极值 . 答案  (1)B   (2)B 探究提高  1. 利用导数研究函数的单调性、极值,一定注意字母参数取值的影响,重视分类讨论思想 . 2 . 利用导数解零点问题,主要是构造函数,利用导数研究函数的单调性,常见的构造函数的方法有移项法、构造形似函数法、主元法等 . (2) 不等式 f ( x 1 ) + f (sin 2 θ )> f ( x 2 ) + f (cos 2 θ ) 在 θ ∈ R 上恒成立, 即 f ( x 1 ) - f (1 - x 1 )> f (cos 2 θ ) - f (1 - cos 2 θ ) 在 θ ∈ R 时恒成立, 令 F ( x ) = f ( x ) - f (1 - x ) , 则 F ′( x ) = f ′( x ) + f ′(1 - x ) , 又 f ′( x )>0 且 f ′(1 - x )>0 , 故 F ′( x )>0 ,故 F ( x ) 在 R 上是单调递增函数, 又原不等式即 F ( x 1 )> F (cos 2 θ ) , 故有 x 1 >cos 2 θ 恒成立, 所以 x 1 的取值范围是 (1 ,+ ∞) . 答案  B 探究提高   1. 创新命题是新课标高考的一个亮点,此类题型是用数学符号、文字叙述给出一个教材之外的新定义,如本例中的 “ λ 伴随函数 ” ,要求考生在短时间内通过阅读、理解后,解决题目给出的问题 . 2 . 解决该类问题的关键是准确把握新定义的含义,把从定义和题目中获取的信息进行有效整合,并转化为熟悉的知识加以解决 . 即 2 + ( n - 1) d = 4 k + 2 k (2 n - 1) d , 整理得 (4 k - 1) dn + (2 k - 1)(2 - d ) = 0 , 因为对任意正整数 n 上式恒成立, 所以数列 { b n } 的通项公式为 b n = 2 n - 1( n ∈ N * ) . (2) 因为小明在 A 处测得公路上 B , C 两点的俯角分别为 30° , 45° , 所以 ∠ BAD = 60° , ∠ CAD = 45°. 设这辆汽车的速度为 v m/s ,则 BC = 14 v m , 在 △ ABC 中,由余弦定理,得 BC 2 = AC 2 + AB 2 - 2 AC · AB ·cos ∠ BAC . 所以这辆汽车的速度约为 22.6 m/s. 答案   (1) b n = 2 n - 1( n ∈ N * )   (2)22.6

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