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- 2021-07-01 发布
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第二节函数的单调性与最值
1.函数的单调性
(1)增函数、减函数
增函数
减函数
定义
一般地,设函数f(x)的定义域为I:如果对于定义域I内某个区间D上的任意两个自变量的值x1,x2
当x1f(x2),那么就说函数f(x)在区间D上是减函数
图象
描述
自左向右看图象是上升的
自左向右看图象是下降的
(2)单调区间的定义
如果函数y=f(x)在区间D上是增函数或减函数,那么就说函数y=f(x)在这一区间具有(严格的)单调性,区间D叫做函数y=f(x)的单调区间.
2.函数的最值
前提
设函数y=f(x)的定义域为I,如果存在实数M满足
条件
①对于任意的x∈I,都有f(x)≤M;
②存在x0∈I,使得f(x0)=M
①对于任意x∈I,都有f(x)≥M;
②存在x0∈I,使得f(x0)=M
结论
M为函数y=f(x)的最大值
M为函数y=f(x)的最小值
1.判断下面结论是否正确(请在括号中打“√”或“×”)
(1)函数y=的单调递减区间是(-∞,0)∪(0,+∞).( )
(2)具有相同单调性的函数的和、差、积、商函数还具有相同的单调性.( )
(3)若定义在R上的函数f(x)有f(-1)0时,f(x)=3-x为减函数;
当x∈时,f(x)=x2-3x为减函数,
当x∈时,f(x)=x2-3x为增函数;
当x∈(0,+∞)时,f(x)=-为增函数;
当x∈(0,+∞)时,f(x)=-|x|为减函数.
3.函数f(x)=|x-2|x的单调减区间是( )
A.[1,2] B.[-1,0]
C.[0,2] D.[2,+∞)
解析:选A 由于f(x)=|x-2|x=结合图象(图略)可知函数的单调减区间是[1,2].
4.若函数y=x2-2ax+1在(-∞,2]上是减函数,则实数a的取值范围是( )
A.(-∞,-2] B.[-2,+∞)
C.[2,+∞) D.(-∞,2]
解析:选C 函数y=x2-2ax+1图象的对称轴方程为x=a,要使该函数在(-∞,2]上是减函数,则需满足a≥2.
5.设定义在[-1,7]上的函数y=f(x)的图象如图所示,则函数y=f(x)的增区间为________.
解析:由图可知函数的增区间为[-1,1]和[5,7].
答案:[-1,1]和[5,7]
6.函数f(x)=在[-2,0]上的最大值与最小值之差为________.
解析:易知f(x)在[-2,0]上是减函数,
∴f(x)max-f(x)min=f(-2)-f(0)=--(-2)=.
答案:
确定函数的单调性是函数单调性问题的基础,是高考的必考内容,多以选择题、填空题的形式出现,但有时也出现在解答题的某一问中,属于低档题目.
[典题领悟]
1.试讨论函数f(x)=(a≠0)在(-1,1)上的单调性.
解:法一:设-10,x1-1<0,x2-1<0,
故当a>0时,f(x1)-f(x2)>0,即f(x1)>f(x2),
函数f(x)在(-1,1)上单调递减;
当a<0时,f(x1)-f(x2)<0,即f(x1)0时,f′(x)<0,函数f(x)在(-1,1)上单调递减;
当a<0时,f′(x)>0,函数f(x)在(-1,1)上单调递增.
2.求函数f(x)=-x2+2|x|+1的单调区间.
解:易知f(x)=
=
画出函数图象如图所示,可知单调递增区间为(-∞,-1]和[0,1]
,单调递减区间为[-1,0]和[1,+∞).
[解题师说]
1.掌握确定函数单调性(区间)的3种常用方法
(1)定义法:一般步骤为设元→作差→变形→判断符号→得出结论.其关键是作差变形,为了便于判断差的符号,通常将差变成因式连乘(除)或平方和的形式,再结合变量的范围、假定的两个自变量的大小关系及不等式的性质进行判断.(如典题领悟第1题)
(2)图象法:如果f(x)是以图象形式给出的,或者f(x)的图象易作出,则可由图象的直观性确定它的单调性.(如典题领悟第2题)
(3)导数法:利用导数取值的正负确定函数的单调性.(如典题领悟第1题)
2.熟记函数单调性的4个常用结论
(1)若f(x),g(x)均是区间A上的增(减)函数,则f(x)+g(x)也是区间A上的增(减)函数;
(2)若k>0,则kf(x)与f(x)单调性相同;若k<0,则kf(x)与f(x)单调性相反;
(3)函数y=f(x)(f(x)>0)在公共定义域内与y=-f(x),y=的单调性相反;
(4)函数y=f(x)(f(x)≥0)在公共定义域内与y=的单调性相同.
3.谨防3种失误
(1)单调区间是定义域的子集,故求单调区间应以“定义域优先”为原则.(如冲关演练第1题)
(2)单调区间只能用区间表示,不能用集合或不等式表示.
(3)图象不连续的单调区间要分开写,用“和”或“,”连接,不能用“∪”连接.
[冲关演练]
1.(2017·全国卷Ⅱ)函数f(x)=ln(x2-2x-8)的单调递增区间是( )
A.(-∞,-2) B.(-∞,1) C.(1,+∞) D.(4,+∞)
解析:选D 由x2-2x-8>0,得x>4或x<-2.因此,函数f(x)=ln(x2-2x-8)的定义域是(-∞,-2)∪(4,+∞).注意到函数y=x2-2x-8在(4,+∞)上单调递增,由复合函数的单调性知,f(x)=ln(x2-2x-8)的单调递增区间是(4,+∞).
2.下列函数中,满足“∀x1,x2∈(0,+∞)且x1≠x2,(x1-x2)·[f(x1)-f(x2)]<0”的是( )
A.f(x)=2x B.f(x)=|x-1|
C.f(x)=-x D.f(x)=ln(x+1)
解析:选C 由(x1-x2)·[f(x1)-f(x2)]<0可知,f(x)在(0,+∞)上是减函数,A、D选项中,f(x)为增函数;B中,f(x)=|x-1|在(0,+∞)上不单调,对于f(x)=-x,因为y=
eq f(1,x)与y=-x在(0,+∞)上单调递减,因此f(x)在(0,+∞)上是减函数.
3.已知函数y=,那么( )
A.函数的单调递减区间为(-∞,1)和(1,+∞)
B.函数的单调递减区间为(-∞,1)∪(1,+∞)
C.函数的单调递增区间为(-∞,1)和(1,+∞)
D.函数的单调递增区间为(-∞,1)∪(1,+∞)
解析:选A 函数y=可看作是由y=向右平移1个单位长度得到的,∵y=在(-∞,0)和(0,+∞)上单调递减,∴y=在(-∞,1)和(1,+∞)上单调递减,∴函数y=的单调递减区间为(-∞,1)和(1,+∞),故选A.
4.判断函数f(x)=x+(a>0)在(0,+∞)上的单调性.
解:设x1,x2是任意两个正数,且x10,即f(x1)>f(x2),
所以函数f(x)在(0, ]上是减函数;
当≤x1a,x1-x2<0,
所以f(x1)-f(x2)<0,即f(x1)0)在(0, ]上是减函数,在[,+∞)上是增函数.
[考什么·怎么考]
函数的值域(最值)是高考的重要内容之一,函数、方程、不等式,还有立体几何、解析几何等很多问题都需要转化为函数的值域(最值)问题.高考中选择题、填空题、解答题都有考查.
方法(一) 性质法求函数的值域(最值)
1.函数y=的值域为________.
解析:由y=,可得x2=.
由x2≥0,知≥0,解得-1≤y<1,
故所求函数的值域为[-1,1).
答案:[-1,1)
2.若函数f(x)=-+b(a>0)在上的值域为,则a=________,b=________.
解析:∵f(x)=-+b(a>0)在上是增函数,
∴f(x)min=f=,f(x)max=f(2)=2.
即解得a=1,b=.
答案:1
[方法点拨]
(1)先进行转化与分离,再利用函数的性质(如x2≥0,ex>0等)求解即可.
(2)如果函数y=f(x)在区间[a,b]上单调递增,那么f(x)在区间端点处取最值;如果函数y=f(x)在区间[a,b]上单调递增,在区间[b,c]上单调递减,那么ymax=f(b);如果函数y=f(x)在区间[a,b]上单调递减,在区间[b,c]上单调递增,那么ymin=f(b),从而得出值域.
方法(二) 数形结合法求函数的值域(最值)
3.函数y=|x+1|+|x-2|的值域为________.
解析:
函数y=
作出函数的图象如图所示.
根据图象可知,函数y=|x+1|+|x-2|的值域为[3,+∞).
答案:[3,+∞)
4.设函数f(x)=的图象过点(1,1),函数g(x)是二次函数,若函数f(g(x))的值域是[0,+∞),则函数g(x)的值域是________.
解析:因为函数f(x)=的图象过点(1,1),所以m+1=1,解得m=0,所以f
(x)=画出函数y=f(x)的大致图象如图所示,观察图象可知,
当纵坐标在[0,+∞)上时,横坐标在(-∞,-1]∪[0,+∞)上变化.
而f(x)的值域为[-1,+∞),f(g(x))的值域为[0,+∞),因为g(x)是二次函数,
所以g(x)的值域是[0,+∞).
答案:[0,+∞)
[方法点拨]
先作出函数的图象,再观察其最高点或最低点,求出值域或最值.
方法(三) 换元法求函数的值域(最值)
5.函数y=x+的最大值为________.
解析:由1-x2≥0,可得-1≤x≤1.
可令x=cos θ,θ∈[0,π],
则y=cos θ+sin θ=sin,θ∈,
所以-1≤y≤,故原函数的最大值为.
答案:[]
6.已知函数f(x)的值域为,则函数g(x)=f(x)+的值域为________.
解析:∵≤f(x)≤,
∴≤≤.
令t=,
则f(x)=(1-t2),
令y=g(x),则y=(1-t2)+t,
即y=-(t-1)2+1.
∴当t=时,y有最小值;
当t=时,y有最大值.
∴g(x)的值域为.
答案:
[方法点拨]
对比较复杂的函数可通过换元转化为熟悉的函数,再用相应的方法求值域或最值;换元法求值域时,一定要注意新元的范围对值域的影响.
方法(四) 分离常数法求函数的值域(最值)
7.函数y=的值域为________.
解析:y===3+,
因为≠0,所以3+≠3,
所以函数y=的值域为{y|y∈R且y≠3}.
答案:{y|y∈R且y≠3}
8.当-3≤x≤-1时,函数y=的最小值为________.
解析:由y=,可得y=-.
∵-3≤x≤-1,∴≤-≤,
∴≤y≤3
∴所求函数的最小值为
答案:
[方法点拨]
通过配凑函数解析式的分子,把函数分离成常数和分式的形式,而此式的分式,只有分母中含有变量,进而可利用函数性质确定其值域.
[怎样快解·准解]
求函数值域(最值)的类型及其方法
(1)若所给函数为单调函数,可根据函数的单调性求值域;当函数解析式中出现偶次方幂、绝对值等时,可利用函数的性质(如x2≥0,|x|≥0,≥0,ex>0等)确定函数的值域或最值.
(2)若函数解析式的几何意义较明显(如距离、斜率等)或函数图象易作出,可用数形结合法求函数的值域或最值.
(3)形如求y=+(cx+d)(ac≠0)的函数的值域或最值,常用代数换元法、三角换元法结合题目条件将原函数转化为熟悉的函数,再利用函数的相关性质求解.
(4)形如求y=(ac≠0)的函数的值域或最值常用分离常数法求解.
另外,基本不等式法、导数法求函数值域或最值也是常用方法,在后面章节中有重点讲述.
函数单调性的应用常以基本初等函数为载体,考查学生数形结合思想、转化与化归思想的应用,综合分析问题的能力.在高考中常以选择题、填空题出现,难度中等.
常见的命题角度有:
(1)比较函数值的大小;
(2)解函数不等式;
(3)利用单调性求参数的取值范围(或值).
[题点全练]
角度(一) 比较函数值的大小
1.(2018·哈尔滨联考)已知函数f(x)的图象关于直线x=1对称,当x2>x1>1时,[f(x2)-f(x1)](x2-x1)<0恒成立,设a=f,b=f(2),c=f(e),则a,b,c的大小关系为( )
A.c>a>b B.c>b>a
C.a>c>b D.b>a>c
解析:选D 因为f(x)的图象关于直线x=1对称,所以f=f.由x2>x1>1时,[f(x2)-f(x1)]·(x2-x1)<0恒成立,知f(x)在(1,+∞)上单调递减.
∵1<2<f>f(e),
∴b>a>c.
[题型技法] 比较函数值大小的解题思路
比较函数值的大小时,若自变量的值不在同一个单调区间内,要利用其函数性质,转化到同一个单调区间上进行比较,对于选择题、填空题能数形结合的尽量用图象法求解.
角度(二) 解函数不等式
2.定义在R上的奇函数y=f(x)在(0,+∞)上递增,且f=0,则不等式f(logx)>0的解集为________.
解析:∵y=f(x)是定义在R上的奇函数,且y=f(x)在(0,+∞)上递增.
∴y=f(x)在(-∞,0)上也是增函数,
又f=0,知f=-f=0.
故原不等式f(logx)>0可化为
f(logx)>f或f或-f(h(x))的形式,再根据函数的单调性去掉“f”,得到一般的不等式g(x)>h(x)(或g(x)0,且a≠1.
又函数f(x)在R上单调,而二次函数y=ax2-x-的图象开口向上,
所以函数f(x)在R上单调递减,
故有即
所以a∈.
[题型技法] 利用单调性求参数的范围(或值)的方法
(1)视参数为已知数,依据函数的图象或单调性定义,确定函数的单调区间,与已知单调区间比较求参数;
(2)需注意若函数在区间[a,b]上是单调的,则该函数在此区间的任意子集上也是单调的.
[题“根”探求]
看个性
角度(一)是函数值大小的比较,转化为在同一单调区间内的自变量的大小比较;
角度(二)是角度(一)的拓展,是把函数不等式问题转化为两函数值大小比较问题;
角度(三)是在角度(一)和角度(二)基础上的更深一步的拓展,根据函数单调性把问题转化为单调区间关系的比较
找共性
对于求解此类有关函数单调性应用的题目,其通用的方法是利用转化思想解题,其思维流程是:
[冲关演练]
1.已知函数f(x)是定义在(0,+∞)上的增函数,若f(a2-a)>f(a+3),则实数a的取值范围为________.
解析:由已知可得解得-33,所以实数a的取值范围为(-3,-1)∪(3,+∞).
答案:(-3,-1)∪(3,+∞)
2.已知函数f(x)=x|2x-a|(a>0)在区间[2,4]上单调递减,则实数a的值是________.
解析:f(x)=x|2x-a|=(a>0),
作出函数图象(图略)可得该函数的递减区间是,所以解得a=8.
答案:8
(一)普通高中适用作业
A级——基础小题练熟练快
1.下列函数中,在区间(0,+∞)上为增函数的是( )
A.y=ln(x+2) B.y=-
C.y=x D.y=x+
解析:选A 函数y=ln(x+2)的增区间为(-2,+∞),所以在(0,+∞)上一定是增函数.
2.如果函数f(x)=ax2+2x-3在区间(-∞,4)上是单调递增的,则实数a的取值范围是( )
A. B.
C. D.
解析:选D 当a=0时,f(x)=2x-3在定义域R上是单调递增的,故在(-∞,4)上单调递增;
当a≠0时,二次函数f(x)的对称轴为x=-,
因为f(x)在(-∞,4)上单调递增,
所以a<0,且-≥4,解得-≤a<0.
综上,实数a的取值范围是.
3.已知函数f(x)是定义在区间[0,+∞)上的函数,且在该区间上单调递增,则满足f(2x-1)<f的x的取值范围是( )
A. B.
C. D.
解析:选D 因为函数f(x)是定义在区间[0,+∞)上的增函数,满足f(2x-1)<f.
所以0≤2x-1<,解得≤x<.
4.函数y=|x|(1-x)在区间A上是增函数,那么区间A是( )
A.(-∞,0) B.
C.[0,+∞) D.
解析:选B y=|x|(1-x)
=
=
=
画出函数的大致图象如图所示.
由图易知原函数在上单调递增.
5.设偶函数f(x)的定义域为R,当x∈[0,+∞)时,f(x)是增函数,则f(-2),f(π),f(-3)的大小关系是( )
A.f(π)>f(-3)>f(-2)
B.f(π)>f(-2)>f(-3)
C.f(π)<f(-3)<f(-2)
D.f(π)<f(-2)<f(-3)
解析:选A 因为f(x)是偶函数,
所以f(-3)=f(3),f(-2)=f(2).
又因为函数f(x)在[0,+∞)上是增函数,
所以f(π)>f(3)>f(2),
即f(π)>f(-3)>f(-2).
6.已知函数f(x)=log2x+,若x1∈(1,2),x2∈(2,+∞),则( )
A.f(x1)<0,f(x2)<0 B.f(x1)<0,f(x2)>0
C.f(x1)>0,f(x2)<0 D.f(x1)>0,f(x2)>0
解析:选B ∵函数f(x)=log2x+在(1,+∞)上为增函数,且f(2)=0,∴当x1∈(1,2)时,f(x1)f(2)=0,即f(x1)<0,f(x2)>0.
7.函数f(x)=的最大值为________.
解析:当x≥1时,函数f(x)=为减函数,所以f(x)在x=1处取得最大值,为f(1)=1;当x<1时,易知函数f(x)=-x2+2在x=0处取得最大值,为f(0)=2.故函数f(x)的最大值为2.
答案:2
8.已知函数f(x)=,则该函数的单调递增区间为________.
解析:设t=x2-2x-3,由t≥0,即x2-2x-3≥0,解得x≤-1或x≥3,所以函数f(x)的定义域为(-∞,-1]∪[3,+∞).因为函数t=x2-2x-3的图象的对称轴为x=1,所以函数t在(-∞,-1]上单调递减,在[3,+∞)上单调递增,所以函数f(x)的单调递增区间为[3,+∞).
答案:[3,+∞)
9.若函数f(x)=在区间[2,a]上的最大值与最小值的和为,则a=________.
解析:由f(x)=的图象知,f(x)=在(0,+∞)上是减函数,∵[2,a]⊆(0,+∞),
∴f(x)=在[2,a]上也是减函数,
∴f(x)max=f(2)=,f(x)min=f(a)=,
∴+=,∴a=4.
答案:4
10.给定函数:①y=x;②y=log(x+1);③y=|x-1|;④y=2x+1,其中在区间(0,1)上单调递减的函数序号是________.
解析:①y=x在(0,1)上递增;②因为t=x+1在(0,1)上递增,且0<<1,故y=log(x+1)在(0,1)上递减;③结合函数图象可知y=|x-1|在(0,1)上递减;④因为u=x+1在(0,1)上递增,且2>1,故y=2x+1在(0,1)上递增,故在区间(0,1)上单调递减的函数序号是②③.
答案:②③
B级——中档题目练通抓牢
1.若函数f(x)=x2+a|x|+2,x∈R在区间[3,+∞)和[-2,-1]上均为增函数,则实数a的取值范围是( )
A. B.[-6,-4]
C. D.
解析:选B 由于f(x)为R上的偶函数,因此只需考虑函数f(x)在(0,+∞)上的单调性即可.由题意知函数f(x)在[3,+∞)上为增函数,在[1,2]上为减函数,故-∈[2,3],即a∈[-6,-4].
2.已知函数f(x)是R上的增函数,A(0,-3),B(3,1)是其图象上的两点,那么不等式-3<f(x+1)<1的解集的补集是(全集为R)( )
A.(-1,2)
B.(1,4)
C.(-∞,-1)∪[4,+∞)
D.(-∞,-1]∪[2,+∞)
解析:选D 由函数f(x)是R上的增函数,A(0,-3),B(3,1)是其图象上的两点,知不等式-3<f(x+1)<1即为f(0)<f(x+1)<f(3),所以0<x+1<3,所以-1<x<2,故不等式-3<f(x+1)<1的解集的补集是(-∞,-1]∪[2,+∞).
3.(2018·河南平顶山一模)已知f(x)是定义在(0,+∞)上的函数.对任意两个不相等的正数x1,x2,都有>0,记a=,b=,c=,则a,b,c的大小关系为( )
A.ax2,
∵>0,
∴x2f(x1)-x1f(x2)>0,
∴=->0,
即>,
∴是(0,+∞)上的增函数.
∵1<30.2<30.5<2,0<0.32<1,log25>2,
∴0.32<30.2f(x),则实数x的取值范围是( )
A.(-∞,-1)∪(2,+∞)
B.(-∞,-2)∪(1,+∞)
C.(-1,2)
D.(-2,1)
解析:选D ∵当x=0时,两个表达式对应的函数值都为0,∴函数的图象是一条连续的曲线.又∵当x≤0时,函数f(x)=x3为增函数,当x>0时,f(x)=ln(x+1)也是增函数,∴函数f(x)是定义在R上的增函数.因此,不等式f(2-x2)>f(x)等价于2-x2>x,即x2+x-2<0,解得-21时,f(x)<0.
(1)证明:f(x)为单调递减函数.
(2)若f(3)=-1,求f(x)在[2,9]上的最小值.
解:(1)证明:任取x1,x2∈(0,+∞),且x1>x2,
则>1,由于当x>1时,f(x)<0,
所以f<0,即f(x1)-f(x2)<0,
因此f(x1)