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  • 2021-07-01 发布

2016届高考数学(理)大一轮复习达标训练试题:课时跟踪检测(六十) 定点、定值、探索性问题

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课时跟踪检测(六十) 定点、定值、探索性问题 ‎(分A、B卷,共2页)‎ A卷:夯基保分 ‎1.已知F为抛物线y2=2px(p>0)的焦点,抛物线上点G(2,2)满足|GF|=3.‎ ‎(1)求抛物线的方程;‎ ‎(2)M点的坐标为(4,0),过点F作斜率为k1的直线与抛物线交于A,B两点,A,B两点的横坐标均不为4,连接AM,BM并延长交抛物线于C,D两点,设直线CD的斜率为k2,问是否为定值?若是,求出该定值;若不是,说明理由.‎ ‎2.(2015·开封模拟)已知抛物线C:x2=4y.‎ ‎(1)设P为直线l:x-y-2=0上的点,过点P作抛物线C的两条切线PA,PB,当点P(x0,y0)为直线l上的定点时,求直线AB的方程;‎ ‎(2)当点P在直线l上移动时,求|AF|·|BF|的最小值.‎ ‎3.(2015·武汉调研)已知椭圆C:+=1(a>b>0)的右焦点为F,离心率为,过点F且与x轴垂直的直线被椭圆截得的线段长为,O为坐标原点.‎ ‎(1)求椭圆C的方程;‎ ‎(2)设椭圆的上顶点为N,是否存在直线l交椭圆于P,Q两点,使点F为△PQN的垂心?若存在,求出直线l的方程;若不存在,请说明理由.‎ B卷:增分提能 ‎1.(2014·山东高考改编)已知抛物线C:y2=2px(p>0)的焦点为F,A为C上异于原点的任意一点,过点A的直线l交C于另一点B,交x轴的正半轴于点D,且有|FA|=|FD|.当点A的横坐标为3时,△ADF为正三角形.‎ ‎(1)求C的方程;‎ ‎(2)若直线l1∥l,且l1和C有且只有一个公共点E,证明直线AE过定点,并求出定点坐标.‎ ‎2.已知直线l:y=x+,圆O:x2+y2=5,椭圆E:+=1(a>b>0)的离心率e=,直线l被圆O截得的弦长与椭圆的短轴长相等.‎ ‎(1)求椭圆E的方程;‎ ‎(2)过圆O上任意一点P作椭圆E的两条切线,若切线都存在斜率,求证两切线斜率之积为定值.‎ ‎3.(2014·福建高考)已知曲线Γ 上的点到点F(0,1) 的距离比它到直线y=-3 的距离小2.‎ ‎(1)求曲线Γ的方程;‎ ‎(2)曲线Γ在点 P处的切线l 与x 轴交于点A.直线y=3分别与直线l 及y 轴交于点M,N.以 MN为直径作圆C,过点A 作圆 C的切线,切点为 B.试探究:当点 P在曲线Γ上运动(点 P与原点不重合)时,线段 AB的长度是否发生变化?证明你的结论.‎ 答案 A卷:夯基保分 ‎1.解:(1)根据抛物线定义知|GF|=2+=3,‎ 解得p=2,所以抛物线方程为y2=4x.‎ ‎(2)设A(x1,y1),B(x2,y2),C(x3,y3),D(x4,y4),‎ 则k1===,同理k2=.‎ 设AC所在直线的方程为x=ty+4,‎ 与y2=4x联立,得y2-4ty-16=0,所以y1y3=-16,‎ 同理y2y4=-16,‎ 所以k2==-·.‎ 设AB所在直线的方程为x=my+1,与y2=4x联立,‎ 得y2-4my-4=0,所以y1y2=-4,‎ 所以k2=-·=,‎ 所以是定值,且=4.‎ ‎2.解:(1)抛物线C的方程为x2=4y,即y=x2,‎ 求导得y′=x.‎ 设A(x1,y1),B(x2,y2),‎ 则切线PA,PB的斜率分别为x1,x2,‎ 所以切线PA的方程为y-y1=(x-x1),‎ 即y=x-+y1,即x1x-2y-2y1=0.‎ 同理可得切线PB的方程为x2x-2y-2y2=0.‎ 因为切线PA,PB均过点P(x0,y0),‎ 所以x1x0-2y0-2y1=0,‎ x2x0-2y0-2y2=0,‎ 所以(x1,y1),(x2,y2)为方程x0x-2y0-2y=0的两组解.‎ 故直线AB的方程为x0x-2y-2y0=0.‎ ‎(2)由抛物线定义可知|AF|=y1+1,|BF|=y2+1,‎ 所以|AF|·|BF|=(y1+1)(y2+1)‎ ‎=y1y2+(y1+y2)+1,‎ 联立方程 消去x整理得y2+(2y0-x)y+y=0,‎ 由根与系数的关系可得y1+y2=x-2y0,y1y2=y,‎ 所以|AF|·|BF|=y1y2+(y1+y2)+1=y+x-2y0+1.‎ 又点P(x0,y0)在直线l上,所以x0=y0+2,‎ 所以y+x-2y0+1=2y+2y0+5=22+,‎ 所以当y0=-时,|AF|·|BF|取得最小值,且最小值为.‎ ‎3.解:(1)设F(c,0),则=,知a=c.‎ 过点F且与x轴垂直的直线方程为x=c,代入椭圆方程,有+=1,解得y=±b.‎ 于是b=,解得b=1.‎ 又a2-c2=b2,从而a=,c=1.‎ 所以椭圆C的方程为+y2=1.‎ ‎(2)假设存在直线l交椭圆于P,Q两点,且F为△PQN的垂心.设P(x1,y1),Q(x2,y2),因为N(0,1),F(1,0),所以kNF=-1.‎ 由NF⊥PQ,知kPQ=1.设直线l的方程为y=x+m,‎ 由得3x2+4mx+‎2m2‎-2=0.‎ 由Δ>0,得m2<3,且x1+x2=-,x1x2=.‎ 由题意,有·=0.‎ 因为=(x1,y1-1),=(x2-1,y2),‎ 所以x1(x2-1)+y2(y1-1)=0,‎ 即x1(x2-1)+(x2+m)(x1+m-1)=0,‎ 所以2x1x2+(x1+x2)(m-1)+m2-m=0,‎ 于是2×-m(m-1)+m2-m=0,‎ 解得m=-或m=1.‎ 经检验,当m=1时,△PQN不存在,故舍去m=1.‎ 当m=-时,所求直线l存在,‎ 且直线l的方程为y=x-.‎ B卷:增分提能 ‎1.解:(1)由题意知F.‎ 设D(t,0)(t>0),则FD的中点为.‎ 因为|FA|=|FD|,由抛物线的定义知3+=,‎ 解得t=3+p或t=-3(舍去).‎ 由=3,解得p=2.‎ 所以抛物线C的方程为y2=4x.‎ ‎(2)证明:由(1)知F(1,0),‎ 设A(x0,y0)(x0y0≠0),D(xD,0)(xD>0),‎ 因为|FA|=|FD|,则|xD-1|=x0+1,‎ 由xD>0得xD=x0+2,故D(x0+2,0).‎ 故直线AB的斜率kAB=-.‎ 因为直线l1和直线AB平行,‎ 设直线l1的方程为y=-x+b,‎ 代入抛物线方程得y2+y-=0,‎ 由题意Δ=+=0,得b=-.‎ 设E(xE,yE),则yE=-,xE=.‎ 当y≠4时,kAE==-=,‎ 可得直线AE的方程为y-y0=(x-x0),‎ 由y=4x0,整理可得y=(x-1),直线AE恒过点F(1,0).当y=4时,直线AE的方程为x=1,过点F(1,0),所以直线AE过定点F(1,0).‎ ‎2.解:(1)设椭圆半焦距为c,‎ 圆心O到l的距离d==,‎ 则l被圆O截得的弦长为2,所以b=.‎ 由题意得 又b=,∴a2=3,b2=2.‎ ‎∴椭圆E的方程为+=1.‎ ‎(2)证明:设点P(x0,y0),过点P的椭圆E的切线l0的方程为y-y0=k(x-x0),‎ 整理得y=kx+y0-kx0,‎ 联立直线l0与椭圆E的方程得 消去y得2[kx+(y0-kx0)]2+3x2-6=0,‎ 整理得(3+2k2)x2+4k(y0-kx0)x+2(kx0-y0)2-6=0,‎ ‎∵l0与椭圆E相切,‎ ‎∴Δ=[4k(y0-kx0)]2-4(3+2k2)[2(kx0-y0)2-6]=0,‎ 整理得(2-x)k2+2x0y0k-(y-3)=0,‎ 设满足题意的椭圆E的两条切线的斜率分别为k1,k2,‎ 则k1k2=-.‎ ‎∵点P在圆O上,∴x+y=5,‎ ‎∴k1k2=-=-1.‎ ‎∴两条切线斜率之积为常数-1.‎ ‎3.解:(1)设S(x,y)为曲线Γ上任意一点,‎ 依题意,点S到F(0,1)的距离与它到直线y=-1的距离相等,‎ 所以曲线Γ是以点F(0,1)为焦点、直线y=-1为准线的抛物线,‎ 所以曲线Γ的方程为x2=4y.‎ ‎(2)当点P在曲线Γ上运动时,线段AB的长度不变.证明如下:‎ 由(1)知抛物线Γ的方程为y=x2,‎ 设P(x0,y0)(x0≠0),‎ 则y0=x,由y′=x,得切线l的斜率k=y′|x=x0=x0,‎ 所以切线l的方程为y-y0=x0(x-x0),‎ 即y=x0x-x.‎ 由得A.‎ 由得M.‎ 又N(0,3),所以圆心C,‎ 半径r=|MN|=,‎ ‎|AB|= ‎==.‎ 所以点P在曲线Γ上运动时,线段AB的长度不变.‎

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