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  • 2021-07-01 发布

【数学】2020届一轮复习人教B版计数原理、概率、随机变量及其分布列学案

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计数原理、概率、随机变量及其分布列 [全国卷 3 年考情分析] 年份 全国卷Ⅰ 全国卷Ⅱ 全国卷Ⅲ 2018 几何概型·T10 古典概型·T8 求 二 项 式 系 数 问 题·T5 二项分布、导数的应用及变量的数 学期望、决策性问题·T20 相互独立事件及二项 分布·T8 2017 数学文化、有关面积的几何概型·T2 二项分布的方差·T13 频数分布表、概率分 布列的求解、数学期 望的应用·T18 正态分布、二项分布的性质及概率、 方差·T19 2016 与长度有关的几何概型·T4 几何概型、随机模 拟·T10 柱状图、相互独立事件与互斥事件 的概率、分布列和数学期望·T19 互斥事件的概率、条 件概率、随机变量的 分布列和数学期 望·T18 (1)概率、随机变量及其分布是高考命题的热点之一,命题形式为“一小一大”,即一 道选择题(或填空题)和一道解答题. (2)选择题或填空题常出现在第 4~10 题或第 13~15 题的位置,主要考查随机事件的概 率、古典概型、几何概型,难度一般. 考点一 二项式定理 保分考点·练后讲评 [大稳定——常规角度考双基] 1.[求特定项的系数](2018·全国卷Ⅲ) x2+2 x 5 的展开式中 x4 的系数为( ) A.10 B.20 C.40 D.80 解析:选 C x2+2 x 5 的展开式的通项公式为 Tr+1=Cr 5·(x2)5-r· 2 x r=Cr 5·2r·x10-3r, 令 10-3r=4,得 r=2.故展开式中 x4 的系数为 C2 5·22=40. 2.[求特定项系数](2017·全国卷Ⅰ) 1+1 x2 (1+x)6 展开式中 x2 的系数为( ) A.15 B.20 C.30 D.35 解析:选 C (1+x)6 展开式的通项 Tr+1=Cr 6xr,所以 1+1 x2 (1+x)6 的展开式中 x2 的系数 为 1×C2 6+1×C4 6=30. 3.[有关系数和问题]在 x+ 3 x n 的展开式中,各项系数和与二项式系数和之比为 32∶1, 则 x2 的系数为( ) A.50 B.70 C.90 D.120 解析:选 C 令 x=1,则 x+ 3 x n=4n,所以 x+ 3 x n 的展开式中,各项系数和为 4n, 又二项式系数和为 2n,所以4n 2n=2n=32,解得 n=5.二项展开式的通项 Tr+1=Cr 5x5-r 3 x r= Cr 53rx5-3 2 r,令 5-3 2 r=2,得 r=2,所以 x2 的系数为 C2 532=90,故选 C. 4.[求参数值]若二项式 2x+a x 7 的展开式中1 x3的系数是 84,则实数 a 等于( ) A.2 B. 3 4 C.1 D. 2 4 解析:选 C 二项式 2x+a x 7 的展开式的通项 Tr+1=Cr 727-rx7-rarx-r=27-rCr 7arx7-2r, 令 7-2r=-3,得 r=5,所以 T6=4C5 7a5=84,解得 a=1. 5.[二项式系数或各项系数的最值]在 x 2 - 1 3 x n 的展开式中,只有第 5 项的二项式系数 最大,则展开式的常数项是( ) A.-7 B.7 C.-28 D.28 解析:选 B 因为只有第 5 项的二项式系数 C 4 n最大,所以n 2 =4,即 n=8. x 2 - 1 3 x 8 的展开式的通项公式为 Tr+1=Cr 8 x 2 8-r - 1 3 x r= -1 rCr 8 28-r x8-4 3 r, 令 8-4 3 r=0,解得 r=6,故常数项为 T7= -1 6C6 8 22 =7.故选 B. 6.[求多项式的特定项系数](x2+x+y)4 的展开式中,x3y2 的系数是________. 解析:法一:(x2+x+y)4=[(x2+x)+y]4, 其展开式的第 r+1 项 Tr+1=Cr 4(x2+x)4-ryr, 因为要求 x3y2 的系数,所以 r=2,所以 T3=C2 4(x2+x)4-2y2=6(x2+x)2y2. 因为(x2+x)2 的展开式中 x3 的系数为 2,所以 x3y2 的系数是 6×2=12. 法二:(x2+x+y)4 表示 4 个因式 x2+x+y 的乘积, 在这 4 个因式中,有 2 个因式选 y,其余的 2 个因式中有一个选 x,剩下的一个选 x2, 即可得到含 x3y2 的项, 故 x3y2 的系数是 C2 4·C1 2·C1 1=12. 答案:12 [解题方略] 1.求二项式与代数式积的展开式特定项系数问题的关键 一是将二项式看作一个整体,利用分配律整理所给式子;二是利用二项展开式的通项公 式,求特定项,特定项的系数即为所要求的系数. 2.求(x+y+z)n 的展开式的特定项的系数问题的技巧 若三项能用完全平方公式,那当然比较简单,若三项不能用完全平方公式,只需根据题 目特点,把“三项”当成“两项”看,再利用二项展开式的通项公式去求特定项的系数;把 (x+y+z)n 看作 n 个因式 x+y+z 的乘积,再利用组合数公式求解. 3.二项式系数最大项的确定方法 若 n 是偶数,则中间一项 第n 2 +1 项 的二项式系数 最大;若 n 是奇数,则中间两项 第n+1 2 项与第n+1 2 +1 项的二项式系数 , 最大. [小创新——变换角度考迁移] 1.[二项式定理与函数的交汇]在(1+x)6(2+y)4 的展开式中,记 xmyn 项的系数为 f(m, n),则 f(4,0)+f(3,1)+f(2,2)+f(1,3)+f(0,4)=( ) A.1 240 B.1 289 C.600 D.880 解析:选 B (1+x)6 的展开式中,xm 的系数为 Cm 6,(2+y)4 的展开式中,yn 的系数为 Cn 424 -n,则 f(m,n)=Cm 6·Cn 4·24-n,从而 f(4,0)+f(3,1)+f(2,2)+f(1,3)+f(0,4)=C4 6·C0 4·24 +C3 6·C1 4·23+C2 6·C2 4·22+C1 6·C3 4·21+C0 6·C4 4·20=1 289. 2.[二项式定理与三角函数的交汇]已知(1+ax+by)5(a,b 为常数,a∈N*,b∈N*)的展 开式中不含字母 x 的项的系数和为 243,则函数 f(x)= 2sin 2x+b 2sin x+π 4 ,x∈ 0,π 2 的最小值 为______. 解析:令 x=0,y=1,得(1+b)5=243,解得 b=2.因为 x∈ 0,π 2 ,所以 x+π 4 ∈ π 4 ,3π 4 ,则 sin x+cos x= 2sin x+π 4 ∈[1, 2],所以 f(x)= 2sin 2x+b 2sin x+π 4 = 2sin 2x+2 sin x+cos x =4sin x·cos x+2 sin x+cos x =2(sin x+cos x)=2 2sin x+π 4 ,所以 2≤f(x)≤2 2. 故 f(x)的最小值为 2. 答案:2 考点二 古典概型、几何概型及条件概率 保分考点 练后讲评 1.[古典概型](2018·全国卷Ⅱ)我国数学家陈景润在哥德巴赫猜想的研究中取得了世 界领先的成果.哥德巴赫猜想是“每个大于 2 的偶数可以表示为两个素数的和”,如 30=7 +23.在不超过 30 的素数中,随机选取两个不同的数,其和等于 30 的概率是( ) A. 1 12 B. 1 14 C. 1 15 D. 1 18 解析:选 C 不超过 30 的所有素数为 2,3,5,7,11,13,17,19,23,29,共 10 个,随机选 取两个不同的数,共有 C2 10=45 种情况,而和为 30 的有 7+23,11+19,13+17 这 3 种情况, ∴所求概率为 3 45 = 1 15 .故选 C. 2.[几何概型](2018·全国卷Ⅰ)如图,来自古希腊数学家希波克拉 底所研究的几何图形.此图由三个半圆构成,三个半圆的直径分别为直 角三角形 ABC 的斜边 BC,直角边 AB,AC.△ABC 的三边所围成的区域记 为Ⅰ,黑色部分记为Ⅱ,其余部分记为Ⅲ.在整个图形中随机取一点,此点取自Ⅰ,Ⅱ,Ⅲ 的概率分别记为 p1,p2,p3,则( ) A.p1=p2 B.p1=p3 C.p2=p3 D.p1=p2+p3 解析:选 A 法一:∵S△ABC=1 2 AB·AC,以 AB 为直径的半圆的面积为1 2 π· AB 2 2=π 8 AB2, 以 AC 为直径的半圆的面积为1 2 π· AC 2 2=π 8 AC2,以 BC 为直径的半圆的面积为1 2 π· BC 2 2= π 8 BC2, ∴SⅠ=1 2 AB·AC,SⅢ=π 8 BC2-1 2 AB·AC, SⅡ= π 8 AB2+π 8 AC2 - π 8 BC2-1 2 AB·AC =1 2 AB·AC. ∴SⅠ=SⅡ. 由几何概型概率公式得 p1=SⅠ S 总 ,p2=SⅡ S 总 , ∴p1=p2.故选 A. 法二:不妨设△ABC 为等腰直角三角形, AB=AC=2,则 BC=2 2, 所以区域Ⅰ的面积即△ABC 的面积, 为 S1=1 2 ×2×2=2, 区域Ⅱ的面积 S2=π×12- π× 2 2 2 -2 =2, 区域Ⅲ的面积 S3=π× 2 2 2 -2=π-2. 根据几何概型的概率计算公式, 得 p1=p2= 2 π+2 ,p3=π-2 π+2 , 所以 p1≠p3,p2≠p3,p1≠p2+p3,故选 A. 3.[条件概率]一个口袋中装有 6 个小球,其中红球 4 个,白球 2 个.如果不放回地依次 摸出 2 个小球,则在第 1 次摸出红球的条件下,第 2 次摸出红球的概率为________. 解析:设“第 1 次摸出红球”为事件 A,“第 2 次摸出红球”为事件 B,则“第 1 次和 第 2 次都摸出红球”为事件 AB,所求事件为 B|A. 事件 A 发生的概率为 P(A)=4 6 =2 3 , 事件 AB 发生的概率为 P(AB)=4 6 ×3 5 =2 5 . 由条件概率的计算公式可得,所求事件的概率为 P(B|A)=P AB P A = 2 5 2 3 =3 5 . 答案:3 5 [解题方略] 1.求解几何概型的步骤 2.条件概率的求法 (1)利用定义,分别求 P(A)和 P(AB),得 P(B|A)=P AB P A .这是通用的求条件概率的方 法. (2)借助古典概型概率公式,先求事件 A 包含的基本事件数 n(A),再在事件 A 发生的条 件下求事件 B 包含的基本事件数,即 n(AB),得 P(B|A)=n AB n A . 考点三 随机变量的分布列、均值与方差 增分考点 广度拓展 题型一 超几何分布及其均值与方差 [例 1] 某大学志愿者协会有 6 名男同学,4 名女同学.在这 10 名同学中,3 名同学来 自数学学院,其余 7 名同学来自物理、化学等其他互不相同的七个学院.现从这 10 名同学 中随机选取 3 名同学到希望小学进行支教活动(每位同学被选到的可能性相同). (1)求选出的 3 名同学是来自互不相同学院的概率; (2)设 X 为选出的 3 名同学中女同学的人数,求随机变量 X 的分布列和数学期望 E(X). [解] (1)设“选出的3名同学是来自互不相同的学院”为事件A,则P(A)=C1 3C2 7+C0 3C3 7 C3 10 = 49 60 . 所以选出的 3 名同学是来自互不相同学院的概率为49 60 . (2)随机变量 X 的所有可能值为 0,1,2,3. P(X=k)=Ck 4C3-k 6 C3 10 (k=0,1,2,3). 所以 P(X=0)=C0 4C3 6 C3 10 =1 6 ,P(X=1)=C1 4C2 6 C3 10 =1 2 , P(X=2)=C2 4C1 6 C3 10 = 3 10 ,P(X=3)=C3 4C0 6 C3 10 = 1 30 . 所以随机变量 X 的分布列为: X 0 1 2 3 P 1 6 1 2 3 10 1 30 故随机变量 X 的数学期望 E(X)=0×1 6 +1×1 2 +2× 3 10 +3× 1 30 =6 5 . [解题方略] 1.超几何分布的应用条件及实质 (1)条件:①考察对象分两类;②已知各类对象的个数;③从中抽取若干个个体,考察 某类个体个数 X 的概率分布. (2)实质:古典概型问题. 2.超几何分布的均值与方差 对于实际问题中的随机变量 X,如果能够断定它服从超几何分布 H(N,M,n),则其概率 可直接利用公式 P(X=k)=Ck MCn-k N-M Cn N (k=0,1,…,m,其中 m=min{M,n},且 n≤N,M≤N,n, M,N∈N*). 题型二 相互独立事件的概率及均值与方差 [例 2] (2019 届高三·益阳、湘潭调研)某乒乓球俱乐部派甲、乙、丙三名运动员参加 某运动会的单打资格选拔赛,本次选拔赛只有出线和未出线两种情况.规定一名运动员出线 记 1 分,未出线记 0 分.假设甲、乙、丙出线的概率分别为2 3 ,3 4 ,3 5 ,他们出线与未出线是相 互独立的. (1)求在这次选拔赛中,这三名运动员至少有一名出线的概率; (2)记在这次选拔赛中,甲、乙、丙三名运动员的得分之和为随机变量ξ,求随机变量 ξ的分布列和数学期望 E(ξ). [解] (1)记“甲出线”为事件 A,“乙出线”为事件 B,“丙出线”为事件 C,“甲、 乙、丙至少有一名出线”为事件 D, 则 P(D)=1-P( A B C )=1-1 3 ×1 4 ×2 5 =29 30 . (2)由题意可得,ξ的所有可能取值为 0,1,2,3, 则 P(ξ=0)=P( A B C )=1 3 ×1 4 ×2 5 = 1 30 ; P(ξ=1)=P(A B C )+P( A B C )+P( A B C)=2 3 ×1 4 ×2 5 +1 3 ×3 4 ×2 5 +1 3 ×1 4 ×3 5 =13 60 ; P(ξ=2)=P(AB C )+P(A B C)+P( A BC)=2 3 ×3 4 ×2 5 +2 3 ×1 4 ×3 5 +1 3 ×3 4 ×3 5 = 9 20 ; P(ξ=3)=P(ABC)=2 3 ×3 4 ×3 5 = 3 10 . 所以ξ的分布列为 ξ 0 1 2 3 P 1 30 13 60 9 20 3 10 E(ξ)=0× 1 30 +1×13 60 +2× 9 20 +3× 3 10 =121 60 . [解题方略] 求相互独立事件的概率的两种方法 直接法 正确分析复杂事件的构成,将复杂事件转化为几个彼此互斥的事件的和事件或几 个相互独立事件同时发生的积事件或独立重复试验问题,然后用相应概率公式 求 解 间接法 当复杂事件正面情况较多,反面情况较少时,可利用其对立事件进行求解.对于 “至少”“至多”等问题往往也用这种方法求解 题型三 二项分布及其均值与方差 [例 3] 雾霾天气对人体健康有伤害,应对雾霾污染、改善空气质量的首要任务是控制 PM2.5,要从压减燃煤、严格控车、调整产业、强化管理、联防联控、依法治理等方面采取 重大举措,聚焦重点领域,严格指标考核.某省环保部门为加强环境执法监管,派遣四个不 同的专家组对 A,B,C 三个城市进行治霾落实情况抽查. (1)若每个专家组随机选取一个城市,四个专家组选取的城市可以相同,也可以不同, 求恰有一个城市没有专家组选取的概率; (2)每一个城市都要由四个专家组分别对抽查情况进行评价,并对所选取的城市进行评 价,每个专家组给检查到的城市评价为优的概率为1 2 ,若四个专家组均评价为优则检查通过 不用复检,否则需进行复检.设需进行复检的城市的个数为 X,求 X 的分布列. [解] (1)随机选取,共有 34=81 种不同方法, 恰有一个城市没有专家组选取的有 C1 3(C1 4A2 2+C2 4)=42 种不同方法, 故恰有一个城市没有专家组选取的概率 P=42 81 =14 27 . (2)设事件 A:“一个城市需复检”, 则 P(A)=1- 1 2 4=15 16 , X 的所有可能取值为 0,1,2,3, P(X=0)=C0 3· 1 16 3= 1 4 096 , P(X=1)=C1 3· 1 16 2·15 16 = 45 4 096 , P(X=2)=C2 3· 1 16 · 15 16 2= 675 4 096 , P(X=3)=C3 3· 15 16 3=3 375 4 096 . 所以 X 的分布列为 X 0 1 2 3 P 1 4 096 45 4 096 675 4 096 3 375 4 096 [解题方略] 破解有关二项分布的“四关” 考点四 利用均值与方差破解决策性问题 增分考点 讲练冲关 [典例] (2018·洛阳第一次统考)甲、乙两家外卖公司,其送餐员的日工资方案如下: 甲公司,底薪 80 元,每单送餐员抽成 4 元;乙公司,无底薪,40 单以内(含 40 单)的部分 送餐员每单抽成 6 元,超出 40 单的部分送餐员每单抽成 7 元.假设同一公司的送餐员一天 的送餐单数相同,现从这两家公司各随机选取一名送餐员,并分别记录其 50 天的送餐单数, 得到如下频数表: 甲公司送餐员送餐单数频数表 送餐单数 38 39 40 41 42 天数 10 15 10 10 5 乙公司送餐员送餐单数频数表 送餐单数 38 39 40 41 42 天数 5 10 10 20 5 (1)现从记录甲公司的 50 天送餐单数中随机抽取 3 天的送餐单数,求这 3 天送餐单数都 不小于 40 的概率. (2)若将频率视为概率,回答下列两个问题: ①记乙公司送餐员日工资为 X(单位:元),求 X 的分布列和数学期望 E(X); ②小王打算到甲、乙两家公司中的一家应聘送餐员,如果仅从日工资的角度考虑,请利 用所学的统计学知识为小王作出选择,并说明理由. [解] (1)记抽取的 3 天送餐单数都不小于 40 为事件 M, 则 P(M)=C3 25 C3 50 = 23 196 . (2)①设乙公司送餐员的送餐单数为 a, 当 a=38 时,X=38×6=228, 当 a=39 时,X=39×6=234, 当 a=40 时,X=40×6=240, 当 a=41 时,X=40×6+1×7=247, 当 a=42 时,X=40×6+2×7=254. 所以 X 的所有可能取值为 228,234,240,247,254. 故 X 的分布列为 X 228 234 240 247 254 P 1 10 1 5 1 5 2 5 1 10 所以 E(X)=228× 1 10 +234×1 5 +240×1 5 +247×2 5 +254× 1 10 =241.8. ②依题意,甲公司送餐员的日平均送餐单数为 38×0.2+39×0.3+40×0.2+41×0.2+42×0.1=39.7, 所以甲公司送餐员的日平均工资为 80+4×39.7=238.8 元. 由①得乙公司送餐员的日平均工资为 241.8 元. 因为 238.8<241.8,所以推荐小王去乙公司应聘. [解题方略] 利用均值与方差进行决策的思路方法 利用随机变量的均值与方差可以帮助我们作出科学的决策,其中随机变量 X 的均值的意 义在于描述随机变量的平均程度,而方差则描述了随机变量稳定与波动或集中与分散的状 况.品种的优劣、仪器的好坏、预报的准确与否、机器的性能好坏等很多指标都与这两个特 征量有关. [多练强化] 为回馈顾客,某商场拟通过摸球兑奖的方式对 1 000 位顾客进行奖励,规定:每位顾客 从一个装有 4 个标有面值的球的袋中一次性随机摸出 2 个球,球上所标的面值之和为该顾客 所获的奖励额. (1)若袋中所装的 4 个球中有 1 个所标的面值为 50 元,其余 3 个均为 10 元,求: ①顾客所获的奖励额为 60 元的概率; ②顾客所获的奖励额的分布列及均值; (2)商场对奖励总额的预算是 60 000 元,并规定袋中的 4 个球只能由标有面值 10 元和 50 元的两种球组成,或标有面值 20 元和 40 元的两种球组成.为了使顾客得到的奖励总额 尽可能符合商场的预算且每位顾客所获的奖励额相对均衡,请对袋中的 4 个球的面值给出一 个合适的设计,并说明理由. 解:(1)设顾客所获的奖励额为 X. ①依题意,得 P(X=60)=C1 1C1 3 C2 4 =1 2 , 即顾客所获的奖励额为 60 元的概率为1 2 . ②依题意,得 X 的所有可能取值为 20,60. P(X=60)=1 2 ,P(X=20)=C2 3 C2 4 =1 2 , 即 X 的分布列为 X 20 60 P 1 2 1 2 所以顾客所获的奖励额的均值 E(X)=20×1 2 +60×1 2 =40 元. (2)根据商场的预算,每个顾客的平均奖励额为 60 元.所以,先寻找均值为 60 元的可 能方案.对于面值由 10 元和 50 元组成的情况,如果选择(10,10,10,50)的方案,因为 60 元是面值之和的最大值,所以均值不可能为 60 元;如果选择(50,50,50,10)的方案,因为 60 元是面值之和的最小值,所以均值也不可能为 60 元,因此可能的方案是(10,10,50,50), 记为方案 1. 对于面值由 20 元和 40 元组成的情况,同理可排除(20,20,20,40)和(40,40,40,20)的方 案,所以可能的方案是(20,20,40,40),记为方案 2. 以下是对两个方案的分析: 对于方案 1,即方案(10,10,50,50),设顾客所获的奖励额为 X1,则 X1 的分布列为 X1 20 60 100 P 1 6 2 3 1 6 X1 的均值 E(X1)=20×1 6 +60×2 3 +100×1 6 =60, X1 的方差 D(X1)=(20-60)2×1 6 +(60-60)2×2 3 +(100-60)2×1 6 =1 600 3 . 对于方案 2,即方案(20,20,40,40),设顾客所获的奖励额为 X2,则 X2 的分布列为 X2 40 60 80 P 1 6 2 3 1 6 X2 的均值 E(X2)=40×1 6 +60×2 3 +80×1 6 =60, X2 的方差 D(X2)=(40-60)2×1 6 +(60-60)2×2 3 +(80-60)2×1 6 =400 3 . 由于两种方案的奖励额的均值都符合要求,但方案 2 奖励额的方差比方案 1 的小,所以 应该选择方案 2. 考点五 正态分布及其应用 增分考点·讲练冲关 [典例] (2017·全国卷Ⅰ)为了监控某种零件的一条生产线的生产过程,检验员每天从 该生产线上随机抽取 16 个零件,并测量其尺寸(单位:cm).根据长期生产经验,可以认为 这条生产线正常状态下生产的零件的尺寸服从正态分布 N(μ,σ2). (1)假设生产状态正常,记X表示一天内抽取的16个零件中其尺寸在(μ-3σ,μ+3σ) 之外的零件数,求 P(X≥1)及 X 的数学期望; (2)一天内抽检零件中,如果出现了尺寸在(μ-3σ,μ+3σ)之外的零件,就认为这 条生产线在这一天的生产过程可能出现了异常情况,需对当天的生产过程进行检查. ①试说明上述监控生产过程方法的合理性; ②下面是检验员在一天内抽取的 16 个零件的尺寸: 9 . 95 10.12 9.96 9.96 10.01 9.92 9.98 10.04 10.26 9.91 10.13 10.02 9.22 10.04 10.05 9.95 经计算得 x = 1 16 错误!i=9.97,s=错误!=错误!≈0.212,其中 xi 为抽取的第 i 个零件 的尺寸,i=1,2,…,16. 用样本平均数 x 作为μ的估计值μ^ ,用样本标准差 s 作为σ的估计值σ^ ,利用估计值 判断是否需对当天的生产过程进行检查?剔除(μ^ -3σ^ ,μ^ +3σ^ )之外的数据,用剩下的数 据估计μ和σ(精确到 0.01). 附:若随机变量 Z 服从正态分布 N(μ,σ2),则 P(μ-3σμ+a); ②P(X35 付费标准(单位:元/日) 500 700 1 000 考虑到资金有限,若要使该公司每个月(按 30 天计)付的费用最少,则该公司应该选择 哪个网站? [解] (1)根据题中的茎叶图得, x 甲= 1 10 ×(15+24+28+25+30+36+30+35+32+45)=30, s2 甲= 1 10 [(15-30)2+(24-30)2+(28-30)2+(25-30)2+(30-30)2+(36-30)2+(30- 30)2+(35-30)2+(32-30)2+(45-30)2]=58. x 乙= 1 10 ×(18+25+22+24+32+38+30+36+35+40)=30, s2 乙= 1 10 [(18-30)2+(25-30)2+(22-30)2+(24-30)2+(32-30)2+(38-30)2+(30- 30)2+(36-30)2+(35-30)2+(40-30)2]=49.8. 因为 x 甲= x 乙,s2 甲>s2 乙, 所以该公司应选择乙网站. (2)设选择甲网站每日需付的费用为随机变量 X,选择乙网站每日需付的费用为随机变 量 Y, 则随机变量 X 的分布列为 X 500 700 1 000 P 0.2 0.6 0.2 其数学期望 E(X)=500×0.2+700×0.6+1 000×0.2=720, 故该公司若选择甲网站,则每个月需付的费用为 720×30=21 600(元). 随机变量 Y 的分布列为 Y 500 700 1 000 P 0.3 0.4 0.3 其数学期望 E(Y)=500×0.3+700×0.4+1 000×0.3=730,故该公司若选择乙网站, 则每个月需付的费用为 730×30=21 900(元).因此应选择甲网站. [素养通路] 数据分析是指针对研究对象获取数据,运用统计方法对数据进行整理、分析和推断,形 成关于研究对象知识的素养.数据分析过程主要包括:收集数据,整理数据,提取信息,构 建模型,进行推断,获得结论. 本题先分析茎叶图中的数据,分别求出甲、乙的平均数、方差,然后做出最佳选择,再 通过分布列、数学期望的计算后的“数据分析”,对实际问题做出合理的判断.考查了数据 分析这一核心素养.

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