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  • 2021-07-01 发布

江苏省启东中学2017高考数学押题卷11

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卷11‎ 一、填空题:本大题共14小题,每小题5分,共70分.请把答案填写在答题卡相应的位置上.‎ ‎1.已知集合,集合,若命题“”是命题“”的充分 ‎ 不必要条件,则实数的取值范围是 ▲ .‎ 答案: ‎ ‎2.复数(是虚数单位),则= ▲ .‎ ‎ 答案:‎ ‎3.为了解某校教师使用多媒体进行教学的情况,采用简单随机抽样的方法,从该校200名授课教师中抽取20名教师,调查了他们上学期使用多媒体进行教学的次数,结果用茎叶图表示如下:‎ 据此可估计该校上学期200名教师中,使用多媒体 ‎ 进行教学次数在内的人数为 ▲ .‎ 答案:100‎ ‎ 解析:所抽取的20人中在内的人数10人,‎ 故可得200名教师中使用多媒体进行教学次数在内的人数为=100人。‎ ‎4.如图是一个算法的流程图,则最后输出的的值为 ▲ .‎ 答案:14‎ ‎ 解析:本题考查算法流程图。 ‎ ‎ 所以输出。‎ ‎5.已知是等差数列{}的前项和,若≥4,≤16,则的最大值是 ▲ .‎ 答案:9‎ ‎6.用半径为cm,面积为cm2的扇形铁皮制作一个无盖的圆锥形容器(衔接部分忽略不计), 则该容器盛满水时的体积是 ▲ .‎ 答案:‎ ‎7.若在区间和上分别各取一个数,记为和,则方程表示焦点在 ‎ 轴上的椭圆的概率为 ▲ .‎ 答案:2‎ ‎ 解析:本题考查线性规划和几何概型。‎ ‎ 由题意知画可行域如图阴影部分。‎ ‎ 直线与,的交点分别为(2,2),(4,4)‎ ‎ ∴阴影梯形的面积为,‎ ‎ 而区间和构成的区域面积为8,故所求的概率为。‎ ‎8.设是实数.若函数是定义在上的奇函数,但不是偶函数,则函数的递增区间为 ▲ .‎ 答案:‎ ‎9.已知三次函数在R上单调递增,则的最小 ‎ 值为 ▲ .‎ 答案:3‎ 解析:由题意≥0在R上恒成立,则,△≤0.‎ ‎∴≥‎ 令 ≥≥3.‎ ‎(当且仅当,即时取“=”‎ ‎10.若函数,对任意实数,都有,且, ‎ ‎ 则实数的值等于 ▲ .‎ 答案:或。‎ 解析:本题考查三角函数的图象与性质。‎ ‎ 由可知是该函数的一条对称轴,‎ ‎ 故当时,或。又由可得或。 ▲ .‎ ‎11.已知A,B,P是双曲线上不同的三点,且A,B连线经过坐标原点,若直线 ‎ PA,PB的斜率乘积,则该双曲线的离心率为 ▲ .‎ 答案:‎ 解析:一定关于原点对称,设,,‎ 则,,. ‎ ‎12.已知等差数列的公差d不为0,等比数列的公比q为小于1的正有理数。若,且是正整数,则q等于 ▲ .‎ 答案:‎ ‎13.已知a > 0,b > 0,且,其中{a,b}表示数a,b中较小的数,则h的最大值为 ▲ . ‎ 答案:‎ ‎14.已知定义在上的函数f(x)满足f(1)=2,,则不等式解集 ‎ ▲ .‎ 答案:‎ 二、解答题:本大题共6小题,共计90分.请把答案写在答题卡相应的位置上.解答时应写出文字说明,证明过程或演算步骤.‎ ‎15.(本题满分14分)‎ ‎ 如图所示,已知的终边所在直线上的一点的坐标为,的终边在第一象限且与单位圆的交点的纵坐标为.‎ ‎ ⑴求的值;‎ ‎ ⑵若,,求.‎ 解:⑴由三角函数的定义知 ‎ ‎∴.‎ 又由三角函数线知,‎ ‎∵为第一象限角,∴,∴. ……7分 ‎⑵∵,,∴.‎ 又,,∴. …8分 ‎∴.‎ 由,,得,∴. ……14分 ‎16.(本题满分14分)‎ 在三棱锥中,是边长为的正三角形,平面平面,‎ ‎,、分别为、的中点.‎ ‎ ⑴证明:;‎ ‎ ⑵(理)求二面角的正切值;‎ ‎ ⑶求点到平面的距离.‎ 解:‎ 解法:⑴取中点,连结、.‎ ‎∵,∴,,‎ ‎∴平面,又平面,∴. ……4分 ‎ ⑵∵平面,平面,∴平面平面.‎ 过作于,则平面,‎ 过作于,连结,则,为二面角的平面角.‎ ‎∵平面平面,,∴平面.‎ 又平面,∴.∵,‎ ‎∴,且.‎ 在正中,由平几知识可求得,‎ 在中,‎ ‎∴二面角的正切值为. ……8分 ‎ ⑶在中,,∴,.‎ 设点到平面的距离为,‎ ‎∵,平面,∴,‎ ‎∴.即点到平面的距离为. ……14分 解法:⑴取中点,连结、.∵,,‎ ‎∴,.∵平面平面, ‎ 平面平面,∴平面,∴.‎ 如图所示建立空间直角坐标系,则,,‎ ‎,,∴,,‎ ‎∵,∴. ……6分 ‎ ⑵∵,,又,∴,.‎ 设为平面的一个法向量,则,‎ 取,,,∴.又为平面的一个法向量,‎ ‎∴,得 ‎∴.即二面角的正切值为. ……10分 ‎ ⑶由⑴⑵得,又为平面的一个法向量,,‎ ‎∴点到平面的距离.……14分 ‎17.(本题满分14分)‎ 某公司为了加大产品的宣传力度,准备立一块广告牌,在其背面制作一个形如△ABC的支架,要求∠ACB=60°,BC的长度大于‎1米,且AC比AB长‎0.5米.为节省材料,要求AC的长度越短越好,求AC的最短长度,且当AC最短时,BC的长度为多少米?‎ 解:设BC=x米(x>1),AC=y米,则AB=y-.‎ 在△ABC中,由余弦定理,得(y-)2=y2+x2-2xycos60°.‎ 所以y=(x>1).‎ 法一:y==(x-1)++2≥2+.‎ 当且仅当x-1=,即x=1+时,y有最小值2+.‎ 法二: y′==.‎ 由y′=0得x=1+.因为当1<x<1+时,y′<0;当x>1+时,y′>0,‎ 所以当x=1+时,y有最小值2+.‎ 答:AC的最短长度为2+米,此时BC的长度为(1+)米.……………14分 ‎18.(本题满分16分)‎ 已知曲线E:ax2+by2=1(a>0,b>0),经过点M(,0)的直线l与曲线E交 于点A、B,且=-2. ‎ ‎(1)若点B的坐标为(0,2),求曲线E的方程;‎ ‎(2)若a=b=1,求直线AB的方程.‎ 解:‎ (1) 设A(x0,y0),因为B(0,2),M(,0)‎ ‎ 故=(-,2),=(x0-,y0). ……………………………………2分 因为=-2,所以(-,2)=-2(x0-,y0).‎ 所以x0=,y0=-1.即A(,-1). ……………………………………4分 因为A,B都在曲线E上,所以解得a=1,b=.‎ 所以曲线E的方程为x2+=1. ……………………………………6分 ‎(2)(法一)当a=b=1时,曲线E为圆:x2+y2=1.设A(x1,y1),B(x2,y2).‎ 因为=-2,所以(x2-,y2) =-2(x1-,y1),即 设线段AB的中点为T,则点T的坐标为(,),即(,-).‎ 所以=(,-),=(x2-x1,y2-y1)=(-3x1,-3y1).‎ 因为OT⊥AB,所以×=0,即3-4x1+3x+3y=0.‎ 因为x+y=1,所以x1=,y1=±.‎ 当点A的坐标为(,-)时,对应的点B的坐标为(0,1),此时直线AB的斜率 k=-,所求直线AB的方程为y=-x+1;‎ 当点A的坐标为(,)时,对应的点B的坐标为(0,-1),此时直线AB的斜率k=,‎ 所求直线AB的方程为y=x-1. ……………………………………16分 ‎(法二)当a=b=1时,曲线E为圆:x2+y2=1.设A(x1,y1),B(x2,y2).‎ 因为=-2,所以(x2-,y2) =-2(x1-,y1),即 因为点A,B在圆上,所以 ‎ 由①×4-②,得(2x1+x2)(2x1-x2)=3.所以2x1-x2=,解得x1=,x2=0.‎ 由x1=,得y1=±.(以下同方法一)‎ ‎(法三)如图,设AB中点为T.‎ 则TM=TA-MA=AB,OM=.‎ 根据Rt△OTA和Rt△OTM,得 即解得AB=,OT=.所以在Rt△OTM中,tanÐOMT==.‎ 所以kAB=-或.所以直线AB的方程为y=-x+1或y=x-1.‎ ‎19.(本题满分16分)‎ 设f(x)=x3,等差数列{an}中a3=7,,记Sn=,令bn=anSn,数列的前n项和为Tn.‎ ‎(1)求{an}的通项公式和Sn; ‎ ‎(2)求证:Tn<;‎ ‎(3)是否存在正整数m,n,且1<m<n,使得T1,Tm,Tn成等比数列?若存在,求出m,n的值,若不存在,说明理由.‎ 解:(1)设数列的公差为,由,.‎ 解得,=3,∴∵‎ ‎∴Sn==.…4分 ‎(2) ,∴ ‎ ‎∴。 ………………………8分 ‎(3)由(2)知, ∴,‎ ‎ ∵成等比数列.‎ ‎∴ ,即………………………9分 当时,7,=1,不合题意;‎ 当时,,=16,符合题意;………………………10分 当时,,无正整数解;当时,,无正整数解;‎ 当时,,无正整数解;‎ 当时,,无正整数解; ………………………12分 当时, ,则,而,‎ 所以,此时不存在正整数m,n,且1