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- 2021-07-01 发布
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第9讲 三角恒等变换与解三角形
1.[2018·全国卷Ⅰ] 在平面四边形ABCD中,∠ADC=90°,∠A=45°,AB=2,BD=5.
(1)求cos∠ADB;
(2)若DC=22,求BC.
[试做]
2.[2017·全国卷Ⅰ] △ABC的内角A,B,C的对边分别为a,b,c,已知△ABC的面积为a23sinA.
(1)求sin Bsin C;
(2)若6cos Bcos C=1,a=3,求△ABC的周长.
[试做]
3.[2013·全国卷Ⅱ] △ABC的内角A,B,C的对边分别为a,b,c,已知a=bcos C+csin B.
(1)求B;
(2)若b=2,求△ABC面积的最大值.
[试做]
命题角度 利用正、余弦定理解三角形
①利用正、余弦定理解三角形的步骤:
第一步,利用正、余弦定理进行边角转化;
第二步,利用三角恒等变换求边与角;
第三步,代入数据求值;
第四步,转化过程中要注意转化的方向,审视结果的合理性.
②利用公式S△ABC=12acsin B=12bcsin A=12absin C解决三角形面积问题的方法:若已知一个角(角的大小或该角的正弦值、余弦值),一般结合题意求夹这个角的两边或两边之积,再代入公式求解;若已知三边,可先求一个角的余弦值,再求正弦值,代入公式求得面积.
③求三角形面积的最值时,一般将面积表示为一个内角的三角函数,利用三角函数的性质求解,或结合基本不等式求解.
解答1三角形基本量的求解
1 在△ABC中,已知AB=27,C=π6,点D在AC边上,且∠ADB=π3.
(1)若BD=4,求tan∠ABC;
(2)若AD=3BC,求△ABC的周长.
[听课笔记]
【考场点拨】
求解三角形中的边和角等基本量,需要根据正、余弦定理结合已知条件灵活转化边和角之间的关系,从而达到解决问题的目的.其基本步骤是:
第一步:定条件,即确定三角形中的已知和所求,在图中标出来,然后确定转化的方向;
第二步:定工具,即根据条件和所求合理选择转化的工具,实施边角之间的互化;
第三步:求结果.
【自我检测】
已知在△ABC中,内角A,B,C的对边分别为a,b,c,且asin A+csin C=2asin C+bsin B.
(1)求B;
(2)若A=5π12,b=2,求a和c.
解答2与三角形面积有关的问题
2 已知△ABC的内角A,B,C的对边分别为a,b,c,若b=2,且2bcos B=acos C+ccos A.
(1)求B;
(2)求△ABC面积的最大值.
[听课笔记]
【考场点拨】
三角形面积的最值问题主要有两种解决方法:一是将面积表示为边的形式,利用基本不等式求得最大值或最小值;二是将面积用三角形某一个角的三角函数表示,结合角的范围确定三角形面积的最值.
【自我检测】
已知在△ABC中,内角A,B,C的对边分别是a,b,c,且满足(2a-c)cos B=bcos C.
(1)求B;
(2)若△ABC的面积为334,且b=3,求a+c的值.
解答3以平面几何为载体的解三角形问题
3 如图M2-9-1所示,已知在△ABC中,B=π3,BC=2.
图M2-9-1
(1)若AC=3,求AB的长;
(2)若点D在边AB上,AD=DC,DE⊥AC于点E,ED=62,求A.
[听课笔记]
【考场点拨】
解决以平面几何为载体的问题,主要注意以下几方面:一是充分利用平面几何图形的性质;二是出现多个三角形时,从条件较多的三角形突破求解;三是四边形问题要转化到三角形中去求解;四是通过三角形中的不等关系如大边对大角,最大角一定大于等于π3确定角或边的范围.
【自我检测】
已知△ABC内接于半径为R的圆,a,b,c分别是△ABC的内角A,B,C的对边,且2R(sin2B-sin2A)=(b-c)sin C,c=3.
(1)求A;
(2)若AD是BC边上的中线,AD=192,求△ABC的面积.
第9讲 三角恒等变换与解三角形
典型真题研析
1.解:(1)在△ABD中,由正弦定理得BDsin∠A=ABsin∠ADB.
由题设知,5sin45°=2sin∠ADB,所以sin∠ADB=25.
由题设知,∠ADB<90°,所以cos∠ADB=1-225=235.
(2)由题设及(1)知,cos∠BDC=sin∠ADB=25.
在△BCD中,由余弦定理得BC2=BD2+DC2-2·BD·DC·cos∠BDC=25+8-2×5×22×25=25,
所以BC=5.
2.解:(1)由题设得12acsin B=a23sinA,即12csin B=a3sinA,
由正弦定理得12sin Csin B=sinA3sinA.
故sin Bsin C=23.
(2)由题设及(1)得cos Bcos C-sin Bsin C=-12,即cos(B+C)=-12,
所以B+C=2π3,故A=π3.
由题设得12bcsin A=a23sinA,即bc=8.
由余弦定理得b2+c2-bc=9,即(b+c)2-3bc=9,得b+c=33.
故△ABC的周长为3+33.
3.解:(1)由已知及正弦定理得
sin A=sin Bcos C+sin Csin B.①
又A=π-(B+C),故
sin A=sin(B+C)=sin Bcos C+cos Bsin C.②
由①②和C∈(0,π)得sin B=cos B.
又B∈(0,π),所以B=π4.
(2)△ABC的面积S=12acsin B=24ac.
由已知及余弦定理得4=a2+c2-2accos π4.
又a2+c2≥2ac,故
ac≤42-2,当且仅当a=c时,等号成立.
因此△ABC面积的最大值为2+1.
考点考法探究
解答1
例1 解:(1)如图所示,因为∠ADB=π3,C=π6,
所以∠DBC=π6,则BD=CD.
在△BCD中,由余弦定理得,BC2=BD2+CD2-2BD·CD·cos∠BDC,
所以BC=3CD.
因为在△ADB中,AB=27,BD=4,∠ADB=π3,
所以由余弦定理得AB2=AD2+BD2-2AD·BD·cos∠ADB,即
28=AD2+16-4AD,所以AD=6,所以AC=10.
在△ABC中,由正弦定理ACsin∠ABC=ABsin∠ACB,得
10sin∠ABC=2712,解得sin∠ABC=5714.
因为AB=27,AD=6,所以在△ADB中,由AD>AB,得∠ABD>∠ADB=π3,故∠ABC=∠ABD+∠DBC>π3+π6=π2,
所以cos∠ABC=-1-sin2∠ABC=-2114,
所以tan∠ABC=sin∠ABCcos∠ABC=-533.
(2)设CD=x,x>0,则BC=3x,从而AD=3BC=3x,
故AC=AD+DC=4x.
在△ABC中,由余弦定理得AB2=BC2+AC2-2BC·AC·cosπ6,
因为AB=27,所以28=(3x)2+(4x)2-23x·4x·32,解得x=2,
所以AC=8,BC=23,故△ABC的周长为AC+BC+AB=8+23+27.
【自我检测】
解:(1)由已知,根据正弦定理得a2+c2=2ac+b2.
由余弦定理得b2=a2+c2-2accos B,
所以cos B=a2+c2-b22ac=2ac2ac=22.
因为B∈(0,π),
所以B=π4.
(2)由A=5π12,得sin A=sinπ6+π4=sinπ6cosπ4+cosπ6sinπ4=2+64.
由B=π4,得C=π-(A+B)=π3,
所以a=bsinAsinB=22×2+64=1+3,
c=bsinCsinB=22×32=6.
解答2
例2 解:(1)由2bcos B=acos C+ccos A得
2sin Bcos B=sin Acos C+sin Ccos A=sin(A+C)=sin B,
因为B∈(0,π),所以sin B≠0,
故cos B=12,
所以B=π3.
(2)方法一:由b=2,B=π3,根据余弦定理可得ac=a2+c2-4,
所以ac=a2+c2-4≥2ac-4,所以ac≤4,
当且仅当a=c时,等号成立,
从而S△ABC=12acsin B≤12×4×32=3,
故△ABC面积的最大值为3.
方法二:因为asinA=csinC=bsinB=232=43,
所以a=43sin A,c=43sin C,
所以S△ABC=12acsin B=12×43sin A·43sin C·sin B=433sin Asin2π3-A=233sin2A-π6+33,
因为A∈0,2π3,所以当2A-π6=π2,即A=π3时,S△ABC取得最大值,最大值为3,
故△ABC面积的最大值为3.
【自我检测】
解:(1)∵A+B+C=π,即C+B=π-A,
∴sin(C+B)=sin(π-A)=sin A.
∵(2a-c)cos B=bcos C,
∴由正弦定理得(2sin A-sin C)cos B=sin Bcos C,
∴2sin Acos B=sin Ccos B+sin Bcos C=sin(C+B)=sin A.
∵在△ABC中,00,
∴cos B=12.又∵00),则在△ABC中,由余弦定理得
AC2=AB2+BC2-2AB·BC·cos B,
即32=22+x2-2x·2cosπ3,
所以x=6+1,
即AB=6+1.
(2)因为ED=62,DE⊥AC,所以
AD=DC=EDsinA=62sinA.
在△BCD中,由正弦定理可得BCsin∠BDC=CDsinB,
因为∠BDC=2A,所以2sin2A=1sinAcosA=62sinAsinπ3.
因为A∈(0,π),所以sin A>0,
所以cos A=22,所以A=π4.
【自我检测】
解:(1)由正弦定理及2R(sin2B-sin2A)=(b-c)sin C,
得bsin B-asin A=bsin C-csin C,
即b2-a2=bc-c2,
∴cos A=b2+c2-a22bc=12,∵A∈(0,π),∴A=π3.
(2)以AB,AC为邻边作平行四边形ABEC,则在△ABE中,∠ABE=2π3,AE=19.
在△ABE中,由余弦定理得AE2=AB2+BE2-2AB·BE·cos2π3,
即19-9=AC2-2×3·AC·-12,∴AC=2,即b=2,
故S△ABC=12bcsin A=12×2×3×32=332.
[备选理由] 三道备用例题都是利用正、余弦定理解三角形问题,涉及三角形中的边、角、面积以及使用基本不等式求最值.
例1 [配例1使用] 在△ABC中,内角A,B,C的对边分别为a,b,c,且cosAa+cosBb=23sinC3a.
(1)求B;
(2)若△ABC的面积为32,B是钝角,求b的最小值.
解:(1)由题意得bcos A+acos B=233bsin C,
∴由正弦定理得sin Bcos A+cos Bsin A=233sin Bsin C,
∴sin(A+B)=233sin Bsin C,
又∵在△ABC中,sin(A+B)=sin C≠0,∴sin B=32,
∵B∈(0,π),∴B=π3或2π3.
(2)由S△ABC=12acsin B=32,sin B=32,得ac=2,
又易知B=2π3,∴b2=a2+c2-2accos B=a2+c2+2≥2ac+2=6,当且仅当a=c时取等号,
∴b的最小值为6.
例2 [配例2使用] 在△ABC中,内角A,B,C的对边分别为a,b,c,且3sin B=2cos2B2,sin(A-C)=2cos Asin C.
(1)求B;
(2)若c=2,求△ABC的面积.
解:(1)方法一:由3sin B=2cos2B2,得23sinB2cosB2=2cos2B2,
因为cosB2≠0,所以3sinB2=cosB2,即tanB2=33.
又因为B∈(0,π),所以B2=π6,所以B=π3.
方法二:由3sin B=2cos2B2,得3sin B=1+cos B,
即3sin B-cos B=1,即2sinB-π6=1,即sinB-π6=12.
又因为B∈(0,π),所以B-π6∈-π6,5π6,所以B-π6=π6,即B=π3.
(2)由sin(A-C)=2cos Asin C,得sin Acos C=3cos Asin C,
根据正弦定理和余弦定理得,a·a2+b2-c22ba=3·c2+b2-a22bc·c,即b2=2a2-2c2.
由(1)知B=π3,所以b2=a2+c2-2accosπ3=a2+c2-ac.
又因为c=2,所以a=13-1,所以S△ABC=12acsin B=3×(13-1)2=39-32.
例3 [配例3使用] 如图所示,已知在平面四边形ABCD中,AB=23,AC=2,∠ADC=∠CAB=90°,设∠DAC=θ.
(1)若θ=60°,求BD的长度;
(2)若∠ADB=30°,求tan θ.
解:(1)由题意可知,AD=1.
在△ABD中,∠DAB=θ+90°=150°,AB=23,AD=1,由余弦定理可知,
BD2=AB2+AD2-2AB·AD·cos∠DAB=(23)2+12-2×23×1×-32=19,
∴BD=19.
(2)由题意可知,AD=2cos θ,∠ABD=60°-θ,
在△ABD中,由正弦定理可知,ADsin∠ABD=ABsin∠ADB,∴2cosθsin(60°-θ)=2312=43,又cos θ≠0,∴232-12tanθ=43,∴tan θ=233.