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  • 2021-07-01 发布

数学理卷·2017届云南省师大附中高三高考适应性月考卷(四)(2016

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理科数学试卷 第Ⅰ卷(选择题,共60分)‎ 一、选择题:本大题共12个小题,每小题5分,共60分.在每小题给出的四个选项中,只有一项是符合题目要求的.‎ ‎1.若集合,,则( )‎ A. B. C. D.‎ ‎2.若,则( )‎ A. B. C.1 D.-1‎ ‎3.已知,为单位向量,且在上的投影为,则( )‎ A.1 B. C. D. 3‎ ‎4.某算法的程序框图如图所示,执行该程序后输出的是( )‎ A. B. C. D.‎ ‎5.玲玲到丽江旅游,打电话给大学同学珊珊,忘记了电话号码的最后两位,只记得最后一位是6,8,9中的一个数字,则玲玲输入一次号码能够成功拨对的概率是( )‎ A. B. C. D.‎ ‎6.如图2,网格纸上小方格的边长为1,粗线画出的是某多面体的三视图,则该多面体的体积为( )‎ A.216 B.180 C.144 D.72‎ ‎7.在中,,,则的值为( )‎ A. B. C. D.‎ ‎8.已知是球的球面上两点,,为该球面上的动点,四点不共面,若球的体积为,则三棱锥的最大值为( )‎ A.36 B.48 C. 64 D.144‎ ‎9.设函数的导函数为,对任意,都有成立,则( )‎ A. B. ‎ C. D.与的大小不确定 ‎10.设双曲线右支上任意一点到其左、右两焦点的距离分别为,当取得最小值且最小值为时,双曲线的离心率的取值范围是( )‎ A. B. C. D. ‎ ‎11.给出下列三个命题,其中真命题的个数是( )‎ ‎①函数的单调递增区间是;‎ ‎②将函数的图象向左平移个单位,所得图象关于原点对称;‎ ‎③样本的平均数为,样本的平均数为,若样本,的平均数,若,则.‎ A.0 B.1 C.2 D.3‎ ‎12.设函数若对任意给定的,函数有唯一零点,则的取值范围是( )‎ A. B. C. D.‎ 第Ⅱ卷(共90分)‎ 二、填空题(每题5分,满分20分,将答案填在答题纸上)‎ ‎13.由直线,曲线以及轴围成的图形的面积为 .‎ ‎14.已知数列满足,,则的最小值为 .‎ ‎15.在中,已知,,且,则的面积 .‎ ‎16.直线与抛物线相交于两点,点关于轴的对称点为,抛物线焦点为,,则直线的斜率为 .‎ 三、解答题 (本大题共6小题,共70分.解答应写出文字说明、证明过程或演算步骤.) ‎ ‎17. (本小题满分12分)‎ 已知数列的各项均为正数,前项和为,,且.‎ ‎(1)求数列的通项公式;‎ ‎(2)若,数列的前项和为,证明:.‎ ‎18. (本小题满分12分)‎ 如图3,在直三棱柱中,,是棱的中点,‎ ‎.‎ ‎(1)证明:;‎ ‎(2)求二面角的余弦值.‎ ‎19. (本小题满分12分)‎ 某种设备随着使用年限的增加,每年的维护费相应增加.现对一批该设备进行调查,得到这一批设备自购入使用之日起,前五年平均每台设备每年的维护费用大致如下表:‎ 年份(年)‎ ‎1‎ ‎2‎ ‎3‎ ‎4‎ ‎5‎ 维护费(万元)‎ ‎1.1‎ ‎1.5‎ ‎1.8‎ ‎2.2‎ ‎2.4‎ ‎(1)求关于的线性回归方程;‎ ‎(2)若该设备的价格是每台5万元,甲认为应该使用满五年换一次设备,乙认为应该使用满十年换一次设备,你认为甲和乙谁更有道理?并说明理由.‎ ‎(附:线性回归方程中,,,其中为样本平均值)‎ ‎20. (本小题满分12分)‎ 已知椭圆经过点.‎ ‎(1)求椭圆的方程、焦点坐标和离心率;‎ ‎(2)设椭圆的两焦点分别为,过焦点的直线与交于两点,当直线平分时,求的面积.‎ ‎21. (本小题满分12分)‎ 设函数,.‎ ‎(1)讨论在上的单调性;‎ ‎(2)当时,求函数在上的零点个数.‎ 请考生在22、23两题中任选一题作答,如果多做,则按所做的第一题记分.作答时请写清题号.‎ ‎22. (本小题满分10分)选修4-4:坐标系与参数方程 在平面直角坐标系中,动抛物线(其中)顶点的轨迹为曲线,以为极点,轴的非负半轴为极轴建立极坐标系,直线的极坐标方程是.‎ ‎(1)写出曲线的参数方程和直线的直角坐标方程;‎ ‎(2)求直线被曲线截得的弦长.‎ ‎23. (本小题满分10分)选修4-5:不等式选讲 已知函数.‎ ‎(1)当时,求不等式的解集;‎ ‎(2)若的解集为,,求的最小值.‎ 云南师大附中2017届高考适应性月考卷(四)‎ 理科数学参考答案 第Ⅰ卷(选择题,共60分)‎ 一、选择题(本大题共12小题,每小题5分,共60分)‎ 题号 ‎1‎ ‎2‎ ‎3‎ ‎4‎ ‎5‎ ‎6‎ ‎7‎ ‎8‎ ‎9‎ ‎10‎ ‎11‎ ‎12‎ 答案 B A C B D C A A A D C D ‎【解析】‎ ‎1.因为,,所以,故选B.‎ ‎2.,故选A.‎ ‎3.由题意,故,于是,所以,故 选C.‎ ‎4.第一次循环:,,;第二次循环:,,;…,第十次循环:,,,结束循环,故选B.‎ ‎5.拨打电话的所有可能结果共有种,所以玲玲输入一次号码能够成功拨对的概率是,故选D.‎ ‎6.该多面体是棱长为的正方体,截去左前上角和右后上角两个体积相等的三棱锥得到的几何体,则该多面体的体积为,故选C.‎ ‎7.,,,‎ ‎,两式相减得,从而,即,又,∴,故选A. ‎ 图1‎ ‎8.设球的半径为,则,.如图1,当点位于垂直于平面的直径的端点时,三棱锥的体积最大,,故选A.‎ ‎9.令,则所以是增函数,从而有,即,故选A.‎ ‎10.由双曲线定义可知,当且仅当时,取得最小值,此时.由题意,即,解得.又因为,故,故选D.‎ ‎11.,由,得,令,得函数的增区间为,故①正确;的图象向左平移个单位得到函数的图象,显然为奇函数,其图象关于原点对称,故②正确;由统计学知识,可得,,则,故,所以,即,故③不正确,故选C.‎ ‎12.当时,,值域为,所以;当时,,值域为,所以;当时,,值域为,则,故当时,‎ 值域为;当时,值域为.因为,所以在上是增函数,则在上的值域为,由题意知,,解得,故的取值范围是,故选D.‎ 第Ⅱ卷(非选择题,共90分)‎ 二、填空题(本大题共4小题,每小题5分,共20分)‎ 题号 ‎13‎ ‎14‎ ‎15‎ ‎16‎ 答案 ‎9‎ ‎【解析】‎ ‎13.两曲线交点坐标为,作出它们的图象易知,所求面积分为两部分,一部分为三角形,另一部分为曲边三角形,所以面积.‎ ‎14.,则 ‎,当且仅当时取等号,所以的最小值为9.‎ ‎15.设角A,B,C所对的边分别为a,b,c,由正弦定理得,从而,由余弦定理可知,,即,得,所以.‎ ‎16.由得,令,得.设,,则,,,,于是由,解得(舍去),或,∴,,直线的斜率. ‎ 三、解答题(共70分.解答应写出文字说明,证明过程或演算步骤)‎ ‎17.(本小题满分12分)‎ ‎(Ⅰ)解:由,得,‎ 两式相减整理得,‎ 又,∴,‎ 又由,,得,故,‎ ‎∴数列是首项为1,公差为1的等差数列.‎ ‎∴. …………………………(6分)‎ ‎(Ⅱ)证明:由(Ⅰ)知,故,‎ ‎∵,∴,‎ ‎∴. ………………………………………………………………(12分)‎ ‎18.(本小题满分12分)‎ ‎(Ⅰ)证明:如图2,不妨设.‎ ‎∵是棱中点,‎ ‎∴.‎ 在中,,‎ ‎∴.‎ ‎(Ⅱ)解法一:由(Ⅰ)知,又,‎ ‎∴平面,从而,‎ 以为原点,直线,,分别为,,轴, ‎ 建立如图3所示空间直角坐标系,‎ 则,,,‎ ‎,. ‎ 设为平面的一个法向量,‎ 则 取,得.‎ 依题意,是平面的一个法向量,‎ 从而,‎ ‎∴二面角的余弦值为. ………………………(12分)‎ 解法二:由(Ⅰ)知,又,‎ ‎∴是二面角的平面角.‎ 又,,,‎ ‎∴平面,从而,且,,‎ 于是,‎ ‎∴二面角的余弦值为. …………………………(12分)‎ ‎19.(本小题满分12分) ‎ 解:(Ⅰ)‎ ‎ ‎ ‎,‎ 所以回归方程为. ………………………………(6分)‎ ‎(Ⅱ)若满五年换一次设备,则由(Ⅰ)知每年每台设备的平均费用为:‎ ‎(万元),‎ 若满十年换一次设备,则由(Ⅰ)知每年每台设备的平均费用大概为:‎ ‎(万元),‎ 因为,所以甲更有道理. …………………………………(12分)‎ ‎20.(本小题满分12分) ‎ 解:(Ⅰ)把点代入,可得,‎ 所以椭圆的方程为焦点坐标分别为,,离心率为. ‎ ‎ …………………………………………………………………………(5分)‎ ‎(Ⅱ)直线过焦点,由知轴,‎ 记直线,的斜率分别为,,‎ 当直线平分时,.‎ 设,,‎ 由消去y整理得,,‎ 故,,‎ 所以,‎ 即,‎ 故,解得,‎ 从而,即,‎ ‎∴的面积. ………………(12分)‎ ‎21.(本小题满分12分)‎ 解:(Ⅰ),‎ 当时,由知,所以,在上单调递增;‎ 当时,由,令,得,令,得,‎ 所以,在上单调递减,在上单调递增;‎ 当时,由知,所以,在上单调递减. ………(5分)‎ ‎(Ⅱ)当时,由知,,故,‎ 令,得.‎ 由,得或,‎ 由,得或,‎ 所以在,上单调递减,在,上单调递增.‎ 当时,在处取得极小值,‎ 且当时,;当时,.‎ 当时,在处取得极小值,‎ 且当时,;当时,.‎ 综上所述,结合的图形可得,‎ ‎ ………………………………………(12分)‎ ‎22.(本小题满分10分)【选修4−4:坐标系与参数方程】‎ 解:(Ⅰ)动抛物线的顶点坐标为,‎ 则曲线的参数方程为.‎ 由直线的极坐标方程是,‎ 得,‎ 则直线的直角坐标方程为. …………………………(5分)‎ ‎(Ⅱ)由(Ⅰ)可得,曲线的普通方程为,‎ 曲线是以为圆心,2为半径的圆,‎ 则圆心到直线:的距离为,‎ ‎∴直线被曲线截得的弦长为. ………………………………(10分)‎ ‎23.(本小题满分10分)【选修4−5:不等式选讲】‎ 解:(Ⅰ)当时,不等式,可化为,‎ ‎∴或 解得或,‎ ‎∴不等式的解集为. ………………………………………(5分)‎ ‎(Ⅱ)即,‎ 而的解集为,‎ ‎∴‎ 解得,‎ ‎∴=3(),‎ 从而(),‎ ‎∴(当且仅当,且,即,时等号成立),‎ ‎∴的最小值为. ………………………………(10分)‎