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- 2021-07-01 发布
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专题三 立体几何
第1讲 空间几何体的三视图、表面积与体积
总纲目录
考点一 空间几何体的三视图、直观图
考点二 空间几何体的表面积与体积
考点三 几何体的内切、外接问题
考点一 空间几何体的三视图、直观图
1
.(2018课标全国Ⅲ,3,5分)中国古建筑借助榫卯将木构件连接起来.构件的凸
出部分叫榫头,凹进部分叫卯眼,图中木构件右边的小长方体是榫头.若如图
摆放的木构件与某一带卯眼的木构件咬合成长方体,则咬合时带卯眼的木构
件的俯视图可以是
( )
A
答案 A
两木构件咬合成长方体时,榫头完全进入卯眼,易知咬合时带卯眼
的木构件的俯视图为A.故选A.
2
.(2018课标全国Ⅰ,9,5分)某圆柱的高为2,底面周长为16,其三视图如图.圆柱
表面上的点
M
在正视图上的对应点为
A
,圆柱表面上的点
N
在左视图上的对应
点为
B
,则在此圆柱侧面上,从
M
到
N
的路径中,最短路径的长度为
( )
A.2
B.2
C.3 D.2
B
答案 B
本题主要考查空间几何体的三视图、直观图以及最短路径问题.
由圆柱的三视图及已知条件可知点
M
与点
N
的位置如图1所示,设
ME
与
FN
为
圆柱的两条母线,沿
FN
将圆柱侧面展开,如图2所示,
MN
即为从
M
到
N
的最短路
径,由题知,
ME
=2,
EN
=4,∴
MN
=
=2
.故选B.
图1
图2
3
.(2019课标全国Ⅱ,16,5分)中国有悠久的金石文化,印信是金石文化的代表
之一.印信的形状多为长方体、正方体或圆柱体,但南北朝时期的官员独孤信
的印信形状是“半正多面体”(图1).半正多面体是由两种或两种以上的正多
边形围成的多面体.半正多面体体现了数学的对称美.图2是一个棱数为48的
半正多面体,它的所有顶点都在同一个正方体的表面上,且此正方体的棱长为
1.则该半正多面体共有
个面,其棱长为
.(本题第一空2分,第
二空3分)
图1
图2
答案
26;
-1
解析
半正多面体面数从上至下依次为1,8,8,8,1,故共有1+8+8+8+1=26个面.
半正多面体的所有顶点都在同一个正方体表面上,如图1,该正方体被半正多
面体顶点
A
,
B
,
C
所在平面截得的图形如图2,八边形
ABCDEFGH
为正八边形.
图1
图2
设
AB
=
a
,则1=2
×
a
+
a
,解得
a
=
-1,即该半正多面体的棱长为
-1.
总结提升
三视图问题的常见类型及解题策略
(1)由几何体的直观图求三视图.
注意:正视图、侧视图和俯视图的观察方向,看得到的部分用实线表示,看不
到的部分用虚线表示.
(2)由几何体的部分视图画出剩余的视图.
先根据已知的一部分视图推测、还原直观图的可能形式,然后找其剩下部分
视图的可能形式.
1
.(2018山东济南一模)如图,在正方体
ABCD
-
A
1
B
1
C
1
D
1
中,
P
为
BD
1
的中点,则△
PAC
在该正方体各个面上的正投影可能是
( )
B
A.①② B.①④ C.②③ D.②④
答案 B
由于
P
为
BD
1
的中点,结合正投影的性质知B正确.
2
.(2019湖南模拟)如图,网格纸上小正方形的边长为1,粗线画出的是三棱锥
P
-
ABC
的三视图,
PA
是其最长的棱,则直线
PA
与平面
ABC
所成角的正切值为
( )
A.1 B.
C.
D.
C
答案 C
如图所示,该几何体是长方体中的三棱锥
P
-
ABC
,
由题图易知
AC
=4,
CD
=2=
PD
,连接
AD
,由题意可知∠
PAD
就是直线
PA
与平面
ABC
所成的角,易知
AD
=
=2
,∴tan∠
PAD
=
=
.故选C.
3
.某三棱锥的三视图如图所示,则该三棱锥最长棱的长为
.
答案
2
解析
由三视图知该三棱锥的底面是斜边长为2的等腰直角三角形,有一条
长度为2的侧棱垂直于底面,所以三条侧棱长分别是2,
,2
.所以该三棱锥
中最长棱的长为2
.
考点二 空间几何体的表面积与体积
命题角度一 空间几何体的表面积
1
.(2018课标全国Ⅰ,5,5分)已知圆柱的上、下底面的中心分别为
O
1
,
O
2
,过直线
O
1
O
2
的平面截该圆柱所得的截面是面积为8的正方形,则该圆柱的表面积为
( )
A.12
π B.12π
C.8
π D.10π
B
答案 B
设圆柱的底面半径为
r
,高为
h
,由题意可知2
r
=
h
=2
,∴圆柱的表面
积
S
=2π
r
2
+2π
r
·
h
=4π+8π=12π.故选B.
2
.(2018课标全国Ⅱ理,16,5分)已知圆锥的顶点为
S
,母线
SA
,
SB
所成角的余弦
值为
,
SA
与圆锥底面所成角为45
°
.若△
SAB
的面积为5
,则该圆锥的侧面
积为
.
答案
40
π
解析
因为母线
SA
与圆锥底面所成的角为45
°
,所以圆锥的轴截面为等腰直
角三角形.设底面圆的半径为
r
,则母线长
l
=
r
.在△
SAB
中,cos∠
ASB
=
,所以
sin∠
ASB
=
.因为△
SAB
的面积为5
,即
SA
·
SB
sin∠
ASB
=
·
r
·
r
×
=5
,所以
r
2
=40,故圆锥的侧面积为π
rl
=
π
r
2
=40
π.
总结提升
求几何体的表面积的方法
(1)求表面积问题的思路是将立体几何问题转化为平面几何问题,即空间图形
平面化,这是解决立体几何问题的主要出发点.
(2)求不规则几何体的表面积时,通常将所给几何体分割成柱、锥、台体,先
求出这些柱、锥、台体的表面积,再通过求和或作差求得所给几何体的表面
积.
1
.(2018湖北武汉调研)一个几何体的三视图如图所示,则它的表面积为
( )
A.28 B.24+2
C.20+4
D.20+2
B
答案 B
如图所示,三视图所对应的几何体是长,宽,高分别为2,2,3的长方体
去掉一个三棱柱后的棱柱
ABIE
-
DCMH
,其中
AE
=
DH
=2,
BI
=
MC
=3,
BC
=
AD
=
AB
=
CD
=2,则该几何体的表面积
S
=(2
×
2)
×
5+
×
2+2
×
1+2
×
=24+2
.故
选B.
2
.(2018黑龙江哈尔滨模拟)某四面体的三视图如图所示,则其四个面中面积
最大的是
( )
A.2 B.2
C.
D.2
答案 D
如图所示,在棱长为2的正方体
ABCD
-
A
1
B
1
C
1
D
1
中还原出三视图的
直观图,该四面体为三棱锥
D
1
-
BCB
1
,其四个面的面积分别为2,2
,2
,2
.故
选D.
3
.(2019湖北联考)某三棱锥的三视图如图所示,则该三棱锥的表面积为
( )
A.
+
+
B.
+2
+
C.
+
+
D.
+
+
A
答案 A
由三视图还原三棱锥的直观图如图所示,
在△
ABC
中,
AB
⊥
BC
,
S
△
ABC
=
;
在△
ABD
中,
AB
⊥
BD
,
S
△
ABD
=1;
在△
ACD
中,
AD
⊥
CD
,
S
△
ACD
=
;
在△
BCD
中,
BD
⊥
CD
,
S
△
BCD
=
,
所以表面积为
+
+
.故选A.
命题角度二 空间几何体的体积
1
.(2018课标全国Ⅱ,16,5分)已知圆锥的顶点为
S
,母线
SA
,
SB
互相垂直,
SA
与圆
锥底面所成角为30
°
.若△
SAB
的面积为8,则该圆锥的体积为
.
答案
8π
解析
设圆锥底面半径为
r
,母线长为
l
,高为
h
,
因为母线
SA
与底面所成的角为30
°
,
所以
l
=
r
,由△
SAB
的面积为8,
SA
⊥
SB
,得
l
2
=8,
即
×
r
2
=8,
所以
r
2
=12,所以
r
=2
,则
h
=
r
=2.
所以圆锥的体积为
π
r
2
h
=
π
×
12
×
2=8π.
2
.(2019课标全国Ⅲ,16,5分)学生到工厂劳动实践,利用3D打印技术制作模型.
如图,该模型为长方体
ABCD
-
A
1
B
1
C
1
D
1
挖去四棱锥
O
-
EFGH
后所得的几何体,
其中
O
为长方体的中心,
E
,
F
,
G
,
H
分别为所在棱的中点,
AB
=
BC
=6 cm,
AA
1
=4
cm.3D打印所用原料密度为0.9 g/cm
3
.不考虑打印损耗,制作该模型所需原料
的质量为
g.
答案
118.8
解析
依题意,知该模型是长方体中挖去一个四棱锥,故其体积
V
=
V
长方体
-
V
四棱锥
=6
×
6
×
4-
×
×
4
×
6
×
3=132(cm
3
).
又该模型的原料密度为0.9 g/cm
3
,
故制作该模型所需原料的质量为0.9
×
132=118.8(g).
总结提升
求空间几何体体积的常用方法
(1)
公式法
:
直接根据常见的柱体、锥体、台体等规则几何体的体积公式计
算
.
(2)
等积法
:
根据体积计算公式
,
通过转换空间几何体的底面和高
,
使得体积计
算更容易,或是求出一些体积比等.
(3)割补法:把不能直接计算体积的空间几何体进行适当的分割或补形,转化
为可直接计算体积的几何体.
1
.(2019洛阳模拟)一个几何体的三视图如图所示,则该几何体的体积为
( )
A.2 B.1 C.
D.
答案 C
如图,由三视图可知几何体的底面是对角线为2的正方形,几何体
的高为1,所以体积为
×
×
2
×
1
×
2
×
1=
,故选C.
2
.(2019安徽黄山一模)《九章算术》中记载了一个问题“今有圆堡瑽,周四
丈八尺,高一丈一尺.问积几何?答曰:二千一百一十二尺.术曰:周自相乘,以高
乘之,十二而一”.这里所说的圆堡瑽就是圆柱体,它的体积为“周自相乘,以
高乘之,十二而一”.就是说:圆堡瑽(圆柱体)的体积
V
=
×
(底面圆的周长的平
方
×
高),则由此可推得圆周率π的取值为
( )
A.3 B.3.1 C.3.14 D.3.2
答案 A
由题意得,
×
(2π
r
)
2
h
=π
r
2
h
,解得π=3.
A
3
.(2019长春质量检测)已知圆锥的侧面展开图是半径为3的扇形,则该圆锥体
积的最大值为
.
答案
2
π
解析
由已知,圆锥的母线长为3,设圆锥的底面圆的半径为
r
,高为
h
,则
h
=
,所以圆锥体积
V
=
π
r
2
h
=
π
r
2
·
=
π·
(0<
r
<3).设
f
(
r
)=9
r
4
-
r
6
(0<
r
<
3),则
f
'(
r
)=36
r
3
-6
r
5
=6
r
3
(6-
r
2
),令
f
'(
r
)=0,得
r
=
,所以当0<
r
<
时,
f
'(
r
)>0,
f
(
r
)单
调递增,当
<
r
<3时,
f
'(
r
)<0,
f
(
r
)单调递减,所以
f
(
r
)
max
=
f
(
)=108,所以
V
max
=
π
×
=2
π.
考点三 几何体的内切、外接问题
命题角度一 几何体与内切问题
(2017江苏,6,5分)如图,在圆柱
O
1
O
2
内有一个球
O
,该球与圆柱的上、下底面及
母线均相切.记圆柱
O
1
O
2
的体积为
V
1
,球
O
的体积为
V
2
,则
的值是
.
答案
解析
设圆柱内切球的半径为
R
,
则圆柱
O
1
O
2
的底面圆的半径为
R
,高为2
R
,
∴
=
=
.
总结提升
求解多面体的内切球半径问题,一般是将多面体分割成以球心为顶点,多面体
的各面为底面的棱锥,利用多面体的体积等于各棱锥的体积之和求出内切球
的半径.
1
.(2019运城联考)一块木料的三视图如图所示,将它经过切削、打磨成半径
最大的球,则该木料最多加工出球的个数是
( )
A.1 B.2 C.3 D.4
B
答案 B
如图所示,将三视图还原为直观图,得直三棱柱
ABC
-
A
1
B
1
C
1
,
AB
=4,
BC
=3,
AA
1
=5.设△
ABC
内切圆半径为
r
,则
S
△
ABC
=
×
3
×
4=
×
(3+4+5)
r
,解得
r
=1,
所以内切球最大半径为1,直径为2,由
AA
1
=5得,最多可加工出2个球.
2
.(2019洛阳联考)已知球
O
与棱长为4的正四面体的各棱相切,则球
O
的体积
为
( )
A.
π B.
π
C.
π D.
π
答案 A
将正四面体补成正方体,则正四面体的棱为正方体面上的对角线,
因为正四面体的棱长为4,所以正方体的棱长为2
.因为球
O
与正四面体的各
棱都相切,所以球
O
为正方体的内切球,即球
O
的直径2
R
=2
,则球
O
的体积
V
=
π
R
3
=
π.
A
3
.(2018湖南常德二模)在《九章算术》中,将四个面都是直角三角形的三棱
锥称为鳖臑.如图,若三棱锥
P
-
ABC
为鳖臑,侧棱
PA
⊥底面
ABC
,
AC
⊥
BC
,且
PA
=2,
AC
=3,
BC
=4,则该鳖臑的内切球的半径为
.
答案
解析
由鳖臑性质知,
PC
⊥
CB
,
PC
=
,
AB
=5,
BP
=
,
所以
V
三棱锥
P
-
ABC
=
S
△
ABC
·
PA
=4,
S
△
ABC
=6,
S
△
PBC
=2
,
S
△
PCA
=3,
S
△
PAB
=5,所以内切球的
半径
r
=
=
.
命题角度二 几何体的外接问题
1
.(2017课标全国Ⅲ,9,5分)已知圆柱的高为1,它的两个底面的圆周在直径为2
的同一个球的球面上,则该圆柱的体积为
( )
A.π B.
C.
D.
B
答案 B
设圆柱的底面圆的半径为
r
,
由题意可得1
2
+(2
r
)
2
=2
2
,
解得
r
=
.
∴圆柱的体积
V
=π
r
2
×
1=
,故选B.
2
.(2018课标全国Ⅲ,12,5分)设
A
,
B
,
C
,
D
是同一个半径为4的球的球面上四点,△
ABC
为等边三角形且其面积为9
,则三棱锥
D
-
ABC
体积的最大值为
( )
A.12
B.18
C.24
D.54
B
答案 B
设等边△
ABC
的边长为
a
,
则有
S
△
ABC
=
a
·
a
·sin 60
°
=9
,解得
a
=6.
设△
ABC
外接圆的半径为
r
,
则2
r
=
,解得
r
=2
,
则球心到平面
ABC
的距离为
=2,
所以点
D
到平面
ABC
的最大距离为2+4=6,
所以三棱锥
D
-
ABC
体积的最大值为
×
9
×
6=18
,故选B.
总结提升
此类问题的实质是解决球的半径长或确定球心
O
的位置问题,其中球心的确
定是关键.
1.相关简单多面体外接球的球心的结论.
(1)正方体或长方体的外接球的球心是其体对角线的中点.
(2)正棱柱的外接球的球心是上下底面中心的连线的中点.
(3)直三棱柱的外接球的球心是上下底面三角形外心的连线的中点.
2.若球面上四点
P
,
A
,
B
,
C
中,
PA
,
PB
,
PC
两两垂直或三棱锥的三条侧棱两两垂
直,则可构造长方体或正方体确定直径解决外接问题.
3.
利用球心
O
与截面圆的圆心
O
1
的连线垂直于截面圆及球心
O
与弦中点的连
线垂直于弦的性质
,
确定球心
.
1
.(2018重庆调研)已知在三棱锥
A
-
BCD
中,平面
ABC
⊥平面
BCD
,
BC
⊥
CD
,
AB
⊥
AC
,
CD
=2,
BC
=2
,则该三棱锥外接球的表面积为
( )
A.4π B.4
π
C.12π D.9
π
C
答案 C
如图,取
BC
的中点
E
,
BD
的中点
O
,连接
OA
,
OE
,
OC
,
AE
,则
OE
∥
CD
.
由平面
ABC
⊥平面
BCD
,平面
ABC
∩
平面
BCD
=
BC
,
CD
⊂
平面
BCD
,
CD
⊥
BC
,
得
CD
⊥平面
ABC
,则
OE
⊥平面
ABC
,所以
OE
⊥
BC
,
OE
⊥
AE
.在Rt△
ABC
中,
AE
=
BC
=
BE
=
CE
,则Rt△
OCE
≌Rt△
OAE
≌Rt△
OBE
,所以
OC
=
OA
=
OB
,又
OB
=
OD
,所以点
O
为三棱锥
A
-
BCD
的外接球的球心,外接球的半径
R
=
BD
=
=
,则三棱锥
A
-
BCD
的外接球的表面积
S
=4π
R
2
=12π,故选C.
2
.(2019福建福州模拟)已知圆锥的高为3,底面圆的半径为
,若该圆锥的顶点
与底面的圆周都在同一个球面上,则这个球的体积为( )
A.
π B.
π
C.16π D.32π
答案 B
设该圆锥的外接球半径为
R
,则
R
2
=(3-
R
)
2
+(
)
2
,解得
R
=2,则球的体
积
V
=
π
R
3
=
π
×
2
3
=
π,所以选B.
B
3
.(2019重庆模拟)平面上一个正三角形的内切圆半径
r
与外接圆半径
R
之
比
r
∶
R
=1∶2,在空间中,类似的结论:一个正四面体内切球半径
r
与外接球半
径
R
之比
r
∶
R
=
.
答案
1∶3
解析
设四面体底面积为
S
,高为
h
,则
V
=
Sh
=
×
4
Sr
,得
r
=
h
,
R
=
h
-
r
=
h
,得
r
∶
R
=1∶3.
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