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- 2021-07-01 发布
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数学试卷三
一、选择题
1.已知集合,,则( )
A. B. C. D.
2.已知是关于x的方程的一个根,则=( )
A.-4 B.0 C.2 D.4
3.已知,则a,b,c的大小关系为( )
A. B. C. D.
4.函数的图象大致为( )
A. B.
C. D.
5.右图来自古希腊数学家希波克拉底所研究的几何图形,此图由一个半圆和一个四分之一圆构成,两个阴影部分分别标记为A和M.在此图内任取一点,此点取自A区域的概率记为,取自M区域的概率记为,则( )
A. B.
C. D. 与的大小关系与半径长度有关
6.右图是判断输入的年份是否是闰年的程序框图,若先后输入,,则输出的结果分别是( )(注:表示x除以y的余数)
A.是闰年,2400是闰年
B.是闰年,2400是平年
C.是平年,2400是闰年
D.是平年,2400是平年
7.若,则= ( )
A. B. C. D.
8.若等差数列公差不为零,前项和为,且,,成等比数列,则( )
A. B. C. D.
9.双曲线的右焦点为F,点P为C的一条渐近线上的点,O为坐标原点,若,则的最小值为( )
A. B. C.1 D.2
10.已知函数,则( )
A. 的图象关于点对称 ,
B. 的图象关于直线对称,
C. 在上单调递减 ,
D. 在上单调递减,在上单调递增.
11.已知函数的图像的一条对称轴为直线,且,则的最小值为( )
A. B.0 C. D.
12.设是定义在R上的偶函数,,都有,且当时,,函数在区间内恰有三个不同零点,则实数a的取值范围是( )
A. B.
C. D.
二、填空题
13.若满足约束条件,则的最大值为__________.
14.已知是夹角为的两个单位向量,,则=_______.
15.已知函数,若在上恰有3个极值点,则的取值范围是__________.
16.在三棱锥中,点P到底面ABC的距离为,则三棱锥的外接球的表面积为_________.
三、解答题
17.的内角A,B,C所对的边分别为a,b,c,已知的面积为.
(1)证明:
(2)若求S
18.某音乐院校举行“校园之星”评选活动,评委由本校全体学生组成,对A,B两位选手,随机调查了20个学生的评分,得到下面的茎叶图:
(1)通过茎叶图比较A,B两位选手所得分数的平均值及分散程度(不要求计算出具体值,得出结论即可);
(2)校方将会根据评分记过对参赛选手进行三向分流:
记事件C:“A获得的分流等级高于B”,根据所给数据,以事件发生的频率作为相应事件发生的概率,求事件C发生的概率.
19.如图,在四棱锥中,底面是矩形,侧棱底面,,点E是PC的中点.
(1)求证:平面;
(2)若直线BD与平面PBC所成角为,求二面角的大小.
20.已知为抛物线的焦点,直线与相交于两点.
(1).若,求的值;
(2).点,若,求直线的方程
21.已知函数为的导数,且.
证明:
(1)在内有唯一零点t;
(2).
22.在极坐标系中,圆.以极点O为原点,极轴为x轴建立平面直角坐标系.直线l经过点且倾斜角为.
(1)求圆C的直角坐标方程和l的参数方程;
(2)已知直线l与圆C交于两点,且A为中点,求.
23.设函数.
(1)画出的图像;
(2)若,求的最小值.
参考答案
1.答案:C
解析:
2.答案:A
解析:将代入方程得:,
即,由复数相等的条件得,
解得,∴
3.答案:D
解析:,
即,,
∴
4.答案:D
解析:
5.答案:C
解析:设:四分之一圆的半径为r,则半圆的半径为,
∴A区域的面积为,
∵M区域的面积为A区域的面积加上半圆的面积,再减去四分之一圆的面积,
∴M区域的面积为,
∴.
6.答案:C
解析:当输入时,
∵1900除以4余数为0,1900除以100余数为0,1900除以400余数不为0
∴
∴输出1900是平年
当输入时,
∵2400除以4余数为0,2400除以100余数为0,2400除以400余数为0
∴
∴输出2400是闰年
7.答案:B
解析:
8.答案:C
解析:设等差数列的公差为d,
∵成等比数列,
∴,
即,
化简得,
∵,
∴,
当时,可知,满足题意,
∴
9.答案:B
解析:
10.答案:A
解析:,则函数定义域为,
即,有关于点对称的可能,进而推测为奇函数,关于原点对称,
,定义域为,奇函数且单调递增,
∴为向右平移两个单位得到,
则函数在单调递增,关于点对称
11.答案:D
解析:函数的图象的一条对称轴为直线,
∴,解得.
当时, ,
∵,则和一个为,另一个为2,
∴,则.
故当时, 取得最小值为.
当时,同理求得, 取得最小值为.
12.答案:C
解析:
13.答案:0
解析:如图:
由,可得,
作出直线,平移直线l,由图可得,
当直线经过点D时,直线在y轴上的截距最小,
此时取得最大值,
由,可得,
∴的最大值是
14.答案:
解析:
15.答案:
解析:
16.答案:
解析:
17.答案:(1)由得.
因为,所以,
又因为,所以 ,因此
(2)因为,所以c,
由(1)得
由余弦定理得,
所以,从而. 故.
解析:
18.答案:(1)通过茎叶图可以看出,A选手所得分数的平均值高于B选手所得分数的平均值;A选手所得分数比较集中,B选手所得分数比较分散.
(2)记表示事件:“A选手直接晋级”, 表示事件:“A选手复赛待选”;
表示事件:“B选手复赛待选”, 表示事件:“B选手淘汰出局”.
则与独立,与独立,与互斥,.
由所给数据得,,,发生的频率分别为,
故,
.
解析:
19.答案:(1)连接AC交BD于O,连接OE.
由题意可知,,
∴,又平面BED,平面BED,
∴平面BED.
(2)以D为坐标原点,DA,DC,DP所在直线分别为x轴,y轴,z轴,建立空间直角坐标系,设,
则
设平面PBC的法向量,
由得取.
直线BD与平面PBC所成的角为,得
,解得.
同理可得平面PBD的法向量,
,
∵二面角为锐二面角,
∴二面角的大小为.
解析:
20.答案:(1).由题意,可得,设,
联立方程组,整理得,
则,,
又由
(2).由题意,知,,,
由,可得
又,,则,
整理得,解得,
所以直线的方程为.
解析:
21.答案:(1),
所以时,,即在内没有零点.
时,,
因为,从而,
所以在上单调递减,
又,
所以在内有唯一零点t.
(2)由(1)得,
时,,所以,即单调递增;
时,,所以,即单调递减,
即的最大值为.
由得,
所以,
因此
因为,所以,
从而,
即,
所以,
故.
解析:
22.答案:(1)由得
即
方程(t为参数,)
(2)将方程代入圆C得
设两点所对点t分别为,则
为中点,,
,
故
解析:
23.答案:(1)
的图象如图所示:
(2)一方面,由得,解得.
因为,所以.(※)
若,(※)式明显成立;若,则当时,(※)式不立.
另一方面,由图可知,当,且时,.
故当且仅当,且时,.
因此的最小值为5.
解析: