【化学】湖北省重点高中协作体2018-2019学年高二下学期期中考试（A卷）试题（解析版） 18页

湖北省重点高中协作体2018-2019学年高二下学期期中考试（A卷）试题 注意事项：‎ ‎1．答卷前，考生务必将自己的学校、考号、班级、姓名等填写在答题卡上。‎ ‎2．选择题的作答：每小题选出答案后，用2B铅笔把答题卡上对应题目选项的答案信息涂黑，如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号，答在试题卷、草稿纸上无效。‎ ‎3．填空题和解答题的作答：用0.5毫米黑色签字笔直接答在答题卡上对应的答题区域内，答在试题卷、草稿纸上无效。‎ ‎4．考生必须保持答题卡的整洁。考试结束后，将试题卷和答题卡一并交回。‎ 可能用到的相对原子质量：H：1 C：12 O：16 Ca：40‎ 第Ⅰ卷 选择题(共48分)‎ 一、选择题(本大题共16小题，每小题3分，共48分。每小题只有一个选项符合题意)‎ ‎1.下列有关说法不正确的是（ ）‎ A. 纤维素、蛋白质和油脂都是能发生水解反应的高分子化合物 B. “山东疫苗案”涉及疫苗未冷藏储运而失效，这与蛋白质变性有关 C. 硫酸亚铁片和维生素C同时服用，能增强治疗缺铁性贫血的效果 D. 甲烷、苯、乙醇、乙酸和酯类都可以发生取代反应 ‎【答案】A ‎【解析】‎ ‎【分析】A．油脂的相对分子质量在10000以下；‎ B．未冷藏储运，温度升高，蛋白质发生变性；‎ C．硫酸亚铁片和维生素C同时服用，可防止亚铁被氧化；‎ D．甲烷能在光照条件下发生取代反应，苯在催化剂的条件下发生取代反应，乙酸、乙醇的酯化反应以及酯的水解属于取代反应。‎ ‎【详解】A．油脂的相对分子质量在10000以下，不是高分子，而纤维素、蛋白质都是能发生水解反应的高分子化合物，选项A不正确；‎ B．未冷藏储运，温度升高，蛋白质发生变性，则应冷藏储运，选项B正确；‎ C．硫酸亚铁片和维生素C同时服用，可防止亚铁被氧化，则能增强治疗缺铁性贫血的效果，选项C正确；‎ D．甲烷能在光照条件下发生取代反应，苯在催化剂的条件下发生取代反应，乙酸、乙醇的酯化反应以及酯的水解属于取代反应，选项D正确；‎ 答案选A。‎ ‎2.为了提纯下列物质(括号内为杂质)，有关除杂试剂和分离方法的选择均正确的是（ ）‎ 选项 被提纯的物质 除杂试剂 分离方法 A 己烷(己烯)‎ 溴水 分液 B 淀粉溶液(NaCl)‎ 水 过滤 C 苯（甲苯）‎ 酸性高锰酸钾溶液、NaOH溶液 分液 D 甲烷(乙烯)‎ KMnO4酸性溶液 洗气 ‎【答案】C ‎【解析】‎ ‎【详解】A.己烯与溴水反应生成的二溴己烷能溶于己烷中，分液操作无法除去己烷中混有的二溴己烷，选用的除杂试剂错误，A项错误；‎ B.淀粉溶液属于胶体分散系，淀粉胶体粒子和NaCl的离子都能够透过滤纸，分离方法错误，B项错误；‎ C.甲苯能被酸性高锰酸钾溶液氧化生成苯甲酸，再加NaOH溶液将苯甲酸转化为易溶于水的苯甲酸钠，而苯不溶于水，最终混合液分层，上层为苯层，经分液可提纯苯，C项正确；‎ D.乙烯能被酸性高锰酸钾溶液氧化为CO2气体，被提纯的物质经KMnO4酸性溶液洗气后会混有CO2杂质，所选用的除杂试剂错误，D项错误；答案选C。‎ ‎3.BHT是一种常用的食品抗氧化剂，由对甲基苯酚()合成BHT的常用方法有2种(如图)，下列说法不正确的是（ ）‎ A. BHT能使酸性KMnO4溶液褪色 B. BHT与对甲基苯酚互为同系物 C. 方法一的原子利用率高于方法二 D. BHT中加入浓溴水易发生取代反应 ‎【答案】D ‎【解析】‎ ‎【详解】A、BHT结构中有酚羟基，可以被酸性KMnO4溶液氧化，其结构中有一个甲基直接与苯环相连，也能被酸性KMnO4溶液直接氧化，选项A正确；‎ B、对甲基苯酚和BHT相比,都含有1个酚羟基，BHT多了8个CH2原子团，符合同系物的定义——结构相似，组成上相差若干个CH2，选项B正确；‎ C、方法一为加成反应，原子利用率理论高达100%，而方法二为取代反应，产物中还有水，原子利用率相对较低，选项C正确；‎ D、BHT中酚羟基的邻、对位已无H原子，所以不能与浓溴水发生取代反应，选项D错误； ‎ 答案选D。‎ ‎4.下列实验操作、现象及所得出的结论均正确的是(　　)‎ 选项 实验操作和现象 结论 A 向苯酚溶液中滴加少量浓溴水、振荡，无白色沉淀 苯酚浓度小 B 向碘水中加入等体积苯，振荡后静置，上层接近无色，下层显紫红色 I2在苯中的溶解度大于在水中的溶解度 C 向FeCl3溶液中加入铜粉，溶液由黄色变为绿色 Fe3＋的氧化性强于Cu2＋的氧化性 D 向NaCl、NaI的混合稀溶液中滴入少量稀AgNO3溶液，有黄色沉淀生成 Ksp(AgCl)>Ksp(AgI)‎ ‎【答案】C ‎【解析】‎ ‎【分析】根据相关反应原理，分析实验操作、现象、结论，判断正确与否。‎ ‎【详解】A项：因浓溴水少量，生成的三溴苯酚溶解在过量的苯酚溶液中，因而无沉淀生成，A项结论错误；‎ B项：苯不溶于水，密度比水小。碘水中加入苯，振荡后静置，上层紫红色，下层接近无色，B项现象错误；‎ C项：FeCl3溶液中加入铜粉，发生反应2Fe3++Cu=2Fe2++Cu2+，则氧化性Fe3+>Cu2+，C项正确；‎ D项：NaCl、NaI的混合稀溶液中，Cl－、I－浓度不一定相等，不能根据滴加AgNO3溶液的现象比较Ksp，D项错误。‎ 本题选C。‎ ‎5.某烃的结构简式CH3CH2CH＝C(C2H5)C≡CH，分子中含有四面体结构的碳原子数为a，在同一直线上的碳原子数最多为b，一定在同一平面内的碳原子数为c，则a、b、c分别为（ ）‎ A. 4、3、5 B. 4、3、6 C. 2、5、4 D. 4、6、4‎ ‎【答案】B ‎【解析】‎ ‎【详解】有机物CH3CH2CH=C(C2H5)C≡CH中，乙烯是平面结构，乙炔是直线型结构，线可以在面上，所以一定在同一平面内的碳原子数为6个，即c=6；‎ 在同一直线上的碳原子数即为符合乙炔的结构的碳原子，最多为3个，即b=3；‎ 甲基碳和乙基碳原子是含有四面体结构的碳原子（即饱和碳原子），共4个，故a=4。‎ 答案选C。‎ ‎6.分子式为C4H10O且不能被催化氧化为醛的有机物有（ ）‎ A. 3种 B. 4种 C. 5种 D. 6种 ‎【答案】C ‎【解析】‎ ‎【详解】分子式为C4H10O的通式为CnH2n+2O，符合饱和一元醇、醚的通式，由于醚不能催化氧化为醛，符合条件的醚有CH3OCH2CH2CH3、CH3OCH(CH3)2、CH3CH2OCH2CH3共3种；其中属于饱和一元醇的，符合不能被催化氧化为醛类有2种，结构简式如下所示：CH3CH2CH(OH)CH3；C(CH3)3OH，故符合条件的有机物有5种。‎ 答案选C。‎ ‎7.含有一个碳碳三键的炔烃，与氢气充分加成后的产物的结构简式为，此炔烃可能的结构有（ ）‎ A. 2种 B. 3种 C. 4种 D. 5种 ‎【答案】B ‎【解析】‎ ‎【详解】1mol炔烃最多需要2mol氢气加成，因此相邻的两个碳上，每个碳至少有2个氢原子，同时还要注意等效氢原子，有3处符合要求，即符合题意的有3种，、、‎ ‎。答案选B。‎ ‎8.一定量的某有机物完全燃烧后，将燃烧产物通过足量的石灰水，经过滤可得沉淀，但称量滤液时，其质量只比原石灰水减少，则此有机物可能是(     )‎ A. B. ‎ C. D. ‎ ‎【答案】A ‎【解析】‎ ‎【详解】有机物燃烧产物有二氧化碳和水，将燃烧产物通过足量的石灰水，经过滤可得沉淀，应为，，‎ 根据方程式：    滤液减少量 ‎                                                                       ‎ 称量滤液时，其质量只比原石灰水减少，则生成水的质量应为，‎ 则，‎ 则有机物中：，‎ 选项A符合，故答案为A。‎ ‎9.下列有关烃类物质的说法正确的是（ ）‎ A. 石油通过减压分馏可以得到相对分子量较大芳香烃 B. 丙烯与溴的四氯化碳溶液反应生成1,3-二溴丙烷 C. 中至少有16个原子共平面 D. 的一氯代物的同分异构体有12种 ‎【答案】C ‎【解析】‎ ‎【详解】A．石油通过减压分馏可以得到相对分子质量较大的烷烃，得不到相对分子质量较大的芳香烃，故A错误；B．丙烯与溴的四氯化碳溶液发生加成反应，生成1,2-二溴丙烷，故B错误；C．中三个苯环连接在同一条对称轴上，其中至少有一个苯环与对称轴上的所有原子在同一平面上，则至少有16个原子共平面，故C正确；D．—C4H9共有-CH2CH2CH2CH3、-CH2CH（CH3）2、-CH(CH3)CHCH3、-C(CH3)3四种，对应的共有四种，结合对应的丁基，相应的等效氢依次为7、6、7、4种，则一氢代数共有7+6+7+4=24种，故D错误；故答案为C。‎ ‎10.某有机物X的结构简式如图所示，则下列有关说法中正确的是（ ）‎ A. X的分子式为C12H16O3‎ B. 1 mol该有机物最多能与1 molNaOH反应 C. X在一定条件下能发生加成、加聚、取代、消去等反应 D. 在Ni作催化剂的条件下，1 mol X最多只能与1 mol H2加成 ‎【答案】B ‎【解析】‎ ‎【分析】有机物含有酯基，可发生水解，含有碳碳双键，可发生加成、加聚和氧化反应，含有羟基，可发生取代、氧化反应，以此解答该题。‎ ‎【详解】A．根据结构简式知，X的分子式为C12H14O3，选项A错误；‎ B．X含有一个酯基，1 mol该有机物最多能与1 molNaOH反应，选项B正确；‎ C．能发生消去反应的有羟基，但X中羟基邻位碳原子不含氢原子，则不能发生消去反应，选项C错误；‎ D．能与氢气发生加成反应的为苯环和碳碳双键，则1mol X最多只能与4mol H2‎ 加成，选项D错误；‎ 答案选B。‎ ‎11.设NA为阿伏加德罗常数的值，下列说法正确的是（ ）‎ A. 常温下a g某烷烃(CnH2n＋2)中含有共用电子对数目为 B. 标准状况下，11.2 L CH2Cl2中含有分子的数目为0.5NA C. 56g聚乙烯中含有碳碳双键的数目为2NA D. 常温下，0.2 mol/L的FeCl3溶液中含Cl－数目为0.6NA ‎【答案】A ‎【解析】‎ ‎【详解】A、ag某烷烃（CnH2n+2）的物质的量n= =mol，而1mol某烷烃（CnH2n+2）中含2n+2条C-H键和n-1条C-C键即共3n+1条共价键，选项A正确；‎ B、标准状况CH2Cl2不是气体，11.2L CH2Cl2中物质的量不是0.5mol，选项B错误；‎ C、聚乙烯是乙烯加聚反应而生成高分子化合物，分子中不含碳碳双键，选项C错误；‎ D、依据n=cV可知溶液体积未知，无法计算氯离子个数，选项D错误；‎ 答案选A。‎ ‎12.下列关于有机化合物的说法正确的是（ ）‎ A. 2－甲基丁烷也称异丁烷 B. C4H9Cl有3种同分异构体 C. 由乙烯生成乙醇属于加成反应 D. 汽油、柴油、润滑油和植物油的主要成分都是碳氢化合物 ‎【答案】C ‎【解析】‎ ‎【详解】A、2-甲基丁烷主链有4个C原子，还有1个甲基，所以总共有5个C原子，在习惯命名法中称为异戊烷，选项A错误；‎ B、C4H9Cl是丁烷的一氯代物，丁烷有两种同分异构体，正丁烷和异丁烷，正丁烷的一氯代物有2种，异丁烷的一氯代物有2种，所以它们的一氯代物共有4种，选项B错误；‎ C、乙烯中含碳碳双键，可与水发生加成反应生成乙醇，选项C正确；‎ D、汽油、柴油、润滑油主要成分是碳氢化合物，植物油是高级脂肪酸与甘油形成的酯，选项D错误。‎ 答案选C。‎ ‎13.下列有关下图中有机物的说法不正确的是（ ）‎ A. 该有机物的分子式为C8H9O4Br B. 1mol该有机物最多可以与3molH2反应 C. 能发生酯化反应、水解反应、银镜反应和缩聚反应 D. 1mol该有机物与NaOH溶液反应时，最多消耗2molNaOH ‎【答案】B ‎【解析】A. 根据结构示意图，该有机物的分子式为C8H9O4Br，故A正确；B. 1mol该有机物中含有1mol碳碳双键和1mol醛基，最多可以与2molH2反应，故B错误；C. 该有机物结构中含有11羟基，能发生酯化反应、含有溴原子，能发生水解反应、含有醛基，能发生银镜反应、含有羧基和羟基，能反应缩聚反应，故C正确；D. 1mol该有机物含有1mol羧基和1mol溴原子，与NaOH溶液反应时，最多消耗2molNaOH，故D正确；故选B。‎ ‎14.分子式为C9H18O2的有机物A有下列转化关系 其中B、C的相对分子质量相等，则A的可能结构有（ ）‎ A. 16种 B. 10种 C. 8种 D. 6种 ‎【答案】C ‎【解析】有机物A的分子式为C9H18O2，在酸性条件下水解为B和C两种有机物，则有机物A为酯，由于B与C相对分子质量相同，因此酸比醇少一个C原子，说明水解后得到的羧酸含有4个C原子，而得到的醇含有5个C原子，含有4个C原子的羧酸有2种同分异构体：CH3CH2CH2COOH，CH3CH(CH3)COOH；含有5个C原子的醇的有8种同分异构体：CH3CH2CH2CH2CH2OH，CH3CH2CH2CH(OH)CH3，CH3CH2CH(OH)CH2CH3；CH3CH2CH(CH3)CH2OH，CH3CH2C(OH)(CH3)CH3，CH3CH(OH)CH(CH3)CH3，CH2(OH)CH2CH(CH3)CH3；CH3C(CH3)2CH2OH，其中醇能能被氧化成羧酸，说明羟基所连碳上有2个氢原子，共有4种，所以有机物A的同分异构体数目有2×4=8；故选C。‎ ‎15. 下列各组有机物，不论按何种比例混合，只要总质量一定，完全燃烧生成水的总质量就相同的是（ ）‎ A. 甲烷、丙烷 B. 甲苯、甘油 ‎ C. 甲酸、乙酸 D. 乙醇、乙二醇 ‎【答案】B ‎【解析】试题分析：不论按何种比例混合，只要总质量一定，完全燃烧生成水的总质量就相同，表示氢元素的质量分数相同。A、甲烷分子式为CH4，丙烷的分子式为C3H8，二者相对分子质量不同，氢元素质量分数不同，不符合题意，A错误；B、甲苯分子式为C7H8，甘油的分子式为C3H8O3，氢元素质量分数相同，符合题意，B正确；C、甲酸分子式为CH2O2，乙酸的分子式为C2H4O2，二者相对分子质量不同，氢元素质量分数不同，不符合题意，C错误；D、乙醇的分子式为C2H6O，乙二醇的分子式为C2H6O2，二者相对分子质量不同，氢元素质量分数不同，不符合题意，D错误。‎ ‎16.己烯雌酚是一种激素类药物，结构如 下列叙述中正确的是（ ）‎ A. 分子中有7个碳碳双键，可以与氢气1：7加成 B. 该分子中有2个H，2个O，6个C共直线 C. 该分子对称性好，所以没有顺反异构 D. 该有机物分子中，最多可能有18个碳原子共平面 ‎【答案】D ‎【解析】‎ ‎【分析】本题主要考查有机化合物的基本性质以及结构问题。‎ A.分子中存在2个苯环，苯环中的化学键是介于单键与双键之间的一种特殊的化学键，只含有1个C=C双键； B.O-H键与O-C键之间形成V型结构，H原子与O原子连接的苯环C原子不可能处于同一直线，O氧原子、-OH连接的苯环C原子及该C原子对位位置的C原子、连接苯环的碳碳双键中的1个C原子处于同一直线； C.C=C双键中同一C原子连接不同的基团，该物质具有顺反异构； D.旋转碳碳双键与苯环之间的单键，可以使苯环形成的平面与C=C双键形成的平面处于同一平面，旋转碳碳双键与乙基之间的碳碳单键，可以使甲基中的C原子落在C=C形成的平面。‎ ‎【详解】A.分子中存在2个苯环，只含有1个C=C双键，能与氢气按1：7发生加成反应，故A错误； B.O-H键与O-C键之间形成V型结构，H原子与O原子连接的苯环C原子不可能处于同一直线，O氧原子、-OH连接的苯环C原子及该C原子对位位置的C原子、连接苯环的碳碳双键中的1个C原子处于同一直线，即1个O原子，3个C原子共直线，故B错误； C.C=C双键中同一C原子连接不同的基团，该物质具有顺反异构，故C错误； D.旋转碳碳双键与苯环之间的单键，可以使苯环形成的平面与C=C双键形成的平面处于同一平面，旋转碳碳双键与乙基之间的碳碳单键，可以使甲基中的C原子落在C=C形成的平面，故分子中所以C原子都有可能处于同一平面，即最多有18个C原子处于同一平面，故D正确。‎ 第Ⅱ卷 非选择题(共52分)‎ 二、填空题(本题包括6小题，共52分)‎ ‎17.酸牛奶中的乳酸可增进食欲、促进胃液分泌、增强肠胃的消化功能，对人体具有保健作用，乳酸分子的结构简式为。工业上可由乙烯来合成乳酸，方法如下：‎ ‎（1）乳酸所含的官能团的名称是______。‎ ‎（2）写出下列物质转化的化学方程式：‎ ‎①A→B______。‎ ‎②__________。‎ ‎（3）A在一定条件下可发生消去反应，写出其发生消去反应的化学方程式：____。‎ ‎【答案】(1). 羟基、羧基 (2). CH3CH2Cl+NaOHCH3CH2OH+NaCl (3). +2H2O+HCl+NH4Cl (4). CH3CH2Cl+NaOHCH2=CH2↑+NaCl+H2O ‎【解析】‎ ‎【详解】由转化关系可知A为CH3CH2Cl，B为CH3CH2OH。‎ ‎（1）乳酸的结构为：，含有羧基和羟基；‎ ‎（2）①A→B的反应为CH3CH2Cl在碱性条件下的水解，方程式为CH3CH2Cl+NaOHCH3CH2OH+NaCl；‎ ‎②，是在稀盐酸作用下生成，反应的化学方程式为+2H2O+HCl+NH4Cl；‎ ‎（3）A为CH3CH2Cl，在一定条件下可发生消去反应生成乙烯，反应的方程式为CH3CH2Cl+NaOHCH2=CH2↑+NaCl+H2O。‎ ‎18.碳、氢元素可形成种类繁多的烃类物质。‎ ‎（1）如图表示某些烃分子的模型：‎ ‎①写出a分子的空间构型：_____。‎ ‎②c分子中的一个氢原子被苯基取代后的物质共直线的原子最多有____个。‎ ‎③取等质量的上述三种烃充分燃烧，耗氧量最大的是___(填名称)。‎ ‎④25℃和101kPa时，取a、b和c组成的混合烃32 mL，与过量氧气混合并完全燃烧，除去水蒸气，恢复到原来的温度和压强，气体总体积缩小了56 mL，原混合烃中c的体积分数为____。‎ ‎（2）某烯烃的结构简式如图所示：‎ ‎①用系统命名法对该烃与H2的加成产物命名：____，该加成产物的十氯取代物有______种。‎ ‎②该烯烃可以加聚生成高分子，写出该高聚物的结构简式____。该烯烃还能与乙烯以1：1比例反应形成一种环状化合物，请写出该环状化合物的键线式_____。‎ ‎【答案】(1). 正四面体 (2). 6 (3). 甲烷 (4). 50% (5). 2-甲基丁烷 (6). 10 ‎ ‎(7). (8). ‎ ‎【解析】‎ ‎【分析】根据球棍模型和比例模型可知，a甲烷，b为乙烯，c为乙炔，以此分析。‎ ‎【详解】(1)①甲烷是正四面体结构；‎ ‎②乙炔分子四原子共直线，苯分子中存在对顶角两个碳原子和丙个氢原子共四原子共直线，所以乙快分子中的一个氢原子被C6H5-取代后的物质共直线的原子最多有6个；‎ ‎③等质量的烃含氢质量分数越大，耗氧量越大，所以等质量的甲烷、乙烯和乙炔充分燃烧，耗氧量最大的是CH4 ；‎ ‎④25℃和101kPa时，根据烃CxHy燃烧通式，‎ CxHy+(x+)O2→xCO2+H2O V ‎1 x+ x 1+‎ ‎32mL 56mL ‎=，解得y=3，因为CH4和C2H4都含有4个碳原子，C2H2含有2个碳原子，设C2H2所占的体积分数为x，则CH4和C2H4占(1-x)，所以4(1-x)+2x=3，解得，即原混合烃中c的体积分数为50%；‎ ‎(2)①该烃为烯烃，与氢气的加成产物为烷烃，主链有四个碳原子，甲基为支链位于主链上第二个碳原子上，故命名为2-甲基丁烷，该烷烃有四种类型的氢原子，其十氯代物与二氯代物的种类一样多，两氯取代在同一碳的有3种，根据定一议二，二氯取代在不同碳的有7种，所以十氯取代物共有10种；‎ ‎②该烯烃可以加聚生成高分子，高聚物的结构简式为；该烯烃与乙烯以1：1比例反应形成一种环状化合物，要断开双键形成环，故该环状化合物的键线式为。‎ ‎19.华法林(Warfarin)又名杀鼠灵，美国食品药品监督管理局批准为心血管疾病的临床药物。其合成路线(部分反应条件略去)如下所示:‎ 请回答下列问题:‎ ‎（1）A的名称为_____________________，E中官能团名称为____________________。‎ ‎（2）B的结构简式为___________________________。‎ ‎（3）由C生成D的化学方程式为________________________________________。‎ ‎（4）⑤的反应类型为____________，⑧的反应类型为_______________。‎ ‎（5）F的同分异构体中，同时符合下列条件的同分异构体共有__________种。a．能与FeCl3溶液发生显色反应； b．能发生银镜反应；其中核磁共振氢谱为五组峰的结构简式为_____________。‎ ‎【答案】(1). 甲苯 (2). 酯基 (3). (4). (5). 取代反应 (6). 加成反应 (7). 13 (8). ‎ ‎【解析】‎ ‎【分析】由合成流程可知，A为甲苯，A发生取代反应生成B为，B水解生成C为，C催化氧化生成D为，D与丙酮反应生成；⑤为苯酚的取代反应生成E，⑥为E中苯环上H发生取代反应生成F为，⑦为F与乙酸酐发生取代反应，⑧为中双键的加成反应。‎ ‎【详解】(1)A为，名称为甲苯，E是，其官能团名称为酯基；‎ ‎(2)B的结构简式为，名称是一氯甲苯；‎ ‎(3)一氯甲苯在碱性条件下水解产生C是苯甲醇，苯甲醇在Cu作催化剂时，在加热条件下发生氧化反应，产生苯甲醛和水，所以由C生成D的化学方程式为；‎ ‎(4)由上述分析可知⑤的反应类型为取代反应，⑧的反应类型为加成反应；‎ ‎(5)F的同分异构体中，同时符合a.能与FeCl3溶液发生显色反应说明含有酚羟基；b．能发生银镜反应，说明含有醛基。若含2个取代基为—OH、—CH2CHO，有邻、间、对3种，若含3个取代基为—OH、—CHO、—CH3，固定2个取代基插入第3个得到3+6+1=10种，符合条件的同分异构体共有3+10=13种，其中核磁共振氢谱为五组峰，说明分子中含有五种不同位置的H原子，其结构简式为 。‎ ‎20.烃A是一种重要的化工原料，采用以下路线合成X。‎ 已知：RC≡CH＋HCHORC≡CCH2OH 请回答下列问题：‎ ‎（1）若反应①、②、④的原子利用率均为100％，则A的名称为：_____。‎ ‎（2）物质G的结构简式为：_____。‎ ‎（3）写出反应③的化学反应方程式：______。‎ ‎（4）物质E是物质D发生催化氧化后生成的有机产物，请写出E与银氨溶液反应的化学方程式：______。‎ ‎（5）物质H和物质I可以在一定条件下合成链状聚合物，请写出化学方程式： ____。‎ ‎（6）符合下列条件的D的同分异构体共有________种。‎ i．与FeCl3溶液能发生显色反应 ii．苯环上的一氯代物只有一种 ‎【答案】(1). 乙炔 (2). HOCH2C≡CCH2OH ‎ ‎(3). +2NaOH+2NaBr ‎ ‎(4). +2[Ag(NH3)2]OH+2Ag↓+3NH3+H2O ‎ ‎(5). nHOCH2CH2CH2CH2OH+nHOOCCH2CH2COOH ‎+（2n-1）H2O ‎ ‎(6). 6‎ ‎【解析】‎ ‎【详解】由X的结构简式可知，D、I分别为、HOOCCH2CH2COOH中的一种，而H被酸性高锰酸钾溶液氧化生成I，故D为，I为HOOCCH2CH2COOH．反应①、②、④的原子利用率均为100%，则均属于加成反应，则烃A为HC≡CH，B为，C为，G为HOCH2C≡CCH2OH，H为HOCH2CH2CH2CH2OH。‎ ‎（1）由上述分析可知，烃A为HC≡CH，则A的名称为：乙炔；‎ ‎（2）由上述分析可知，物质G的结构简式为：HOCH2C≡CCH2OH；‎ ‎（3）反应③的化学反应方程式为：+2NaOH+2NaBr；‎ ‎（4）物质E是物质D发生催化氧化后生成的有机产物，则E为，E与银氨溶液反应的化学方程式为：+2[Ag(NH3)2]OH+2Ag↓+3NH3+H2O；‎ ‎（5）物质H和物质I可以在一定条件下合成链状聚合物，化学方程式为：nHOCH2CH2CH2CH2OH+nHOOCCH2CH2COOH +（2n-1）H2O；‎ ‎（6）D为，D的同分异构体符合：ⅰ．与FeCl3溶液能发生显色反应，说明含有酚羟基，ⅱ．苯环上的一氯代物只有一种，符合条件的同分异构体有：、、、、、共6种。‎ ‎21.有机物F(Bisphenol A dimethacrylate)是一种交联单体。合成F的一种路线如图：‎ 已知：①+HCN ‎②B不能发生银镜反应。‎ ‎③C能与FeCl3发生显色反应，核磁共振氢谱显示有4种不同化学环境的氢。‎ ‎④E既能使溴水褪色又能使石蕊试液显红色。‎ ‎⑤1 mol F最多可与4 mol NaOH反应。‎ 回答下列问题：‎ ‎（1）A与B反应的化学方程式为_______。‎ ‎（2）B→D的反应类型为_____，E的结构简式为______。‎ ‎（3）F的结构简式为______。‎ ‎（4）C的同分异构体中含有萘环()结构，萘环上只有1个取代基且水解产物之一能与FeCl3溶液发生显色反应的同分异构体共有_____种(不考虑立体异构)，其中核磁共振氢谱有8组峰的是_______(写出其中一种的结构简式)。‎ ‎（5）A经如下步骤可合成环己烯甲酸：‎ 反应条件(包括反应试剂)1为_____；反应条件(包括反应试剂)2为______；反应条件3所选择的试剂为_______；I的结构简式为_______。‎ ‎【答案】(1). 2++H2O (2). 加成反应 (3). (4). (5). 8 (6). 或 (7). H2，Ni，加热 (8). O2，Cu，△ (9). HCN (10). ‎ ‎【解析】‎ ‎【详解】根据分子式知，A为，B中不饱和度==1，B不能发生银镜反应，则B为CH3COCH3，根据信息③知，C中含酚羟基、且有4种氢原子，结合F结构简式知，C结构简式为，根据信息①知，D结构简式为（CH3）2C（OH）CN，根据信息④知，E结构简式为CH2=C（CH3）COOH，根据信息⑤知，1 mol F最多可与4 mol NaOH反应，则F为。‎ ‎（1）A为，B为CH3COCH3，A和B反应方程式为2++H2O，故答案为：2++H2O；‎ ‎（2）通过以上分析知，B发生加成反应生成D，E结构简式CH2=C（CH3）COOH，‎ 故答案为：加成反应；CH2=C（CH3）COOH；‎ ‎（3）F的结构简式为，故答案为：；‎ ‎（4）C结构简式为，C的同分异构体中含有萘环（）结构，萘环上只有1个取代基且水解产物之一能与FeCl3溶液发生显色反应说明含有酯基且酯基水解生成酚羟基，萘环上氢原子种类为2种，如果取代基为-OOCCH2CH2CH2CH3，有两种同分异构体；如果取代基为-OOCCH2CH（CH3）2，有两种同分异构体，如果取代基为-OOCCH（CH3）CH2CH3，有两种同分异构体，如果取代基为-OOCC（CH3）3有两种同分异构体，所以符合条件的一共8种；其中核磁共振氢谱有8组峰的是或，故答案为：8；或；‎ ‎（5）有苯酚经如下步骤可合成环己烯甲酸，根据题干流程图中B→D→E的合成原理可知，要合成，可以首先合成，由水解即可得到，因此需要先合成环己酮，合成环己酮可以由苯酚和氢气在催化剂、加热、加压条件下发生加成反应生成环己醇，环己醇在Cu作催化剂、加热条件下被氧化生成环己酮，因此合成方法为：苯酚和氢气在催化剂、加热、加压条件下发生加成反应生成环己醇，所以G为环己醇，环己醇在Cu作催化剂、加热条件下被氧化生成环己酮，则H为环己酮，环己酮和HCN发生加成反应生成，所以I为，I水解生成环己烯甲酸，所以反应条件1为H2，催化剂，加热，反应条件2为氧气/Cu、加热，反应条件3为HCN，I的结构简式为，故答案为：H2，催化剂，加热；O2，Cu，△；HCN； 。‎