江西省宜春市宜丰县二中2019-2020学年高二上学期第一次月考化学试题 19页

江西省宜春市宜丰县二中2019-2020学年高二上学期第一次月考化学试卷 一、单选题(每小题3分,共51分)‎ ‎1.下列物质的化学用语表达正确的是（　　）‎ A. 乙烯的结构简式：CH2CH2 B. 羟基的电子式：‎ C. 甲醇的球棍模型： D. 乙酸的实验式：CH3COOH ‎【答案】C ‎【解析】‎ ‎【分析】‎ A、乙烯的结构简式中要标明双键；‎ B、羟基电中性基团，氧原子周围多1个电子；‎ C、由模型可知大黑球为碳原子，白球为氧原子，小黑球为氢原子；‎ D、CH3COOH是乙酸的结构简式。‎ ‎【详解】A、乙烯的结构简式中要标明双键，乙烯的结构简式：CH2=CH2，故A错误；‎ B、羟基是电中性基团，氧原子周围多1个电子，羟基的电子式：，故B错误；‎ C、由模型可知大黑球为碳原子，白球为氧原子，小黑球为氢原子，故C正确；‎ D、CH3COOH是乙酸的结构简式，乙酸的实验式：CH2O，故D错误；‎ 故选C。‎ ‎2.下列实验装置能达到实验目的是(夹持仪器未画出)‎ A. 用于检验溴乙烷消去生成的乙烯 B. 用于石油的分馏 C. 用于实验室制硝基苯 D. 可证明酸性：盐酸＞碳酸＞苯酚 ‎【答案】C ‎【解析】‎ ‎【分析】‎ A、挥发的乙醇也能使高锰酸钾溶液褪色；‎ B、温度计测定馏分的温度、且冷却应下进上出；‎ C、水浴加热50～60℃时制备硝基苯；‎ D、盐酸挥发，盐酸与苯酚钠反应。‎ ‎【详解】A、挥发的乙醇也能使高锰酸钾溶液褪色，装置①不能用于检验溴乙烷消去生成的乙烯，选项A错误；‎ B、温度计测定馏分的温度、且冷却水应下进上出，则图中温度计的水银球应在支管口处、且冷水方向不合理，选项B错误；‎ C、水浴加热50～60℃时制备硝基苯，图中制备实验装置合理，选项C正确；‎ D、盐酸挥发，盐酸与苯酚钠反应，不能比较碳酸、苯酚的酸性，选项D错误；‎ 答案选C。‎ ‎【点睛】本题考查化学实验方案的评价，解题关键：把握有机物的性质、物质的制备实验、混合物分离提纯、酸性比较、实验技能。易错点D，注意盐酸的挥发性。‎ ‎3.为提纯下列物质（括号内的物质为杂质），所选用的除杂试剂和分离方法不正确的是（　　） ‎ A B C D 被提纯物质 酒精（水）‎ 乙酸乙酯（乙酸）‎ 乙烷（乙烯）‎ 溴苯（溴）‎ 除杂试剂 生石灰 饱和碳酸钠溶液 酸性高锰酸钾溶液 氢氧化钠溶液 分离方法 蒸馏 分液 洗气 分液 A. A B. B C. C D. D ‎【答案】C ‎【解析】‎ ‎【分析】‎ A、生石灰与水反应生成氢氧化钙，生石灰与乙醇不反应；‎ B、乙酸乙酯难溶于饱和碳酸钠溶液，乙酸与饱和碳酸钠溶液反应生成乙酸钠；‎ C、乙烯被酸性高锰酸钾溶液氧化为二氧化碳；‎ D、溴与氢氧化钠溶液反应，生成溴化钠、次溴酸钠，溴苯与氢氧化钠溶液不反应。‎ ‎【详解】A、生石灰与酒精中的水反应生成氢氧化钙，再蒸馏就可以得到无水酒精，故A正确；‎ B、乙酸乙酯难溶于饱和碳酸钠溶液，乙酸与饱和碳酸钠溶液反应生成乙酸钠，所以用饱和碳酸钠溶液可以除去乙酸乙酯中的乙酸杂质，故B正确；‎ C、乙烯能被酸性高锰酸钾溶液氧化成CO2，引入了新的杂质，故C错误;‎ D、溴与氢氧化钠溶液反应，生成溴化钠、次溴酸钠，溴苯与氢氧化钠溶液不反应且分层，可以用氢氧化钠溶液除去溴苯中的溴，故D正确。选C。‎ ‎4.维生素P的结构如图所示，其中R为烷烃基，维生素P是一种营养增补剂。下列关于维生素P的叙述正确的是（　　）‎ A. 分子中的官能团有羟基、碳碳双键、醚键、酯基 B. 若R为甲基，则该物质的分子式可以表示为C16H14O7‎ C. 该化合物遇三氯化铁溶液发生显色反应 D. 1 mol该化合物与氢气加成所需氢气的物质的量最多是7 mol ‎【答案】C ‎【解析】‎ ‎【详解】A.分子中的官能团由羟基、羰基、碳碳双键、醚键，错误；B.若R为甲基，其分子式为C16H12O7，错误；C.该有机物含有酚羟基，故遇到三氯化铁溶液会呈紫色，正确；D.1mol该有机物最多能加成8mol氢气。错误。‎ ‎5.已知：乙醇可被强氧化剂氧化为乙酸。BrCH2CH=CHCH2Br可经三步反应制取HOOCCHClCH2COOH，发生反应的类型依次是 （ ）‎ A. 水解反应、氧化反应、加成反应 B. 加成反应、水解反应、氧化反应 C. 水解反应、加成反应、氧化反应 D. 加成反应、氧化反应、水解反应 ‎【答案】C ‎【解析】‎ 试题分析：先是水解，可以将溴原子被-OH取代，得到含有醇羟基的醇类物质，然后是和氯化氢加成，保护双键，最后用强氧化即将醇氧化为羧酸即可，发生的反应类型以此为：水解反应、加成反应、氧化反应。‎ 故选C。‎ 考点：有机物分子中的官能团及其结构 取代反应与加成反应 消去反应与水解反应 点评：本题考查学生有机物的合成方面的知识，注意碳碳双键、醇羟基均易被强氧化剂氧化这一性质，难度不大。‎ ‎6.某烃的衍生物A的化学式为C6H12O2，已知：‎ 又知D不与Na2CO3反应，C和E均不能发生银镜反应，则A的结构可能有（　　）‎ A. 1种 B. 2种 C. 3种 D. 4种 ‎【答案】B ‎【解析】‎ ‎【详解】A的分子式为C6H12O2，A能在碱性条件下反应生成B和D，B与酸反应，B应为盐，D能在Cu催化作用下发生氧化，应为醇，则A应为酯，C和E都不能发生银镜反应，说明C、E不含醛基，则C不可能为甲酸，如C为乙酸，则D为CH3CHOHCH2CH3‎ ‎，如C为丙酸，则D为CH3CHOHCH3，如C为丁酸，则D为乙醇，如E为乙醛，不可能，所以A只能为CH3COOCH(CH3)CH2CH3或CH3CH2COOCH(CH3)2，合理选项是B。‎ ‎7.某有机物的结构简式如图，它在—定条件下可能发生的反应是（ ）‎ ‎①加成 ②水解 ③酯化 ④氧化 ⑤中和 ⑥消去 ⑦还原．‎ A. ①③④⑤⑥⑦ B. ①③④⑤⑦ C. ①③⑤⑥⑦ D. ②③④⑤⑥‎ ‎【答案】A ‎【解析】‎ 此有机物中含有苯环和醛基，能发生加成反应，故①正确；此有机物中不含酯基和卤素原子，不能发生水解反应，故②错误；含有羧基和醇羟基，能发生酯化反应，故③正确；含有醇羟基和醛基，能发生氧化反应，故④正确；含有羧基，能发生中和反应，故⑤正确；羟基所连碳的相邻的碳原子上有氢，能发生消去反应，故⑥正确；含有醛基，能与氢气发生加成反应，即还原反应，故⑦正确；综上所述，选项A正确。‎ ‎8.下列实验操作与预期实验目的或所得实验结论一致的是 选项 实验操作 实验目的或结论 A 将溴乙烷与氢氧化钠溶液共热一段时间，再向冷却后的混合液中滴加硝酸银溶液 检验水解产物中的溴离子 B 向乙醛溶液中加入新制的银氨溶液，用酒精灯直接加热 确定乙醛中是否含有醛基 C 向苯和酒精的混合液中加入金属钠 确定苯中是否有酒精 D C2H5OH与浓硫酸170℃共热，制得的气体通入酸性KMnO4溶液 检验制得气体是否为乙烯 A. A B. B C. C D. D ‎【答案】C ‎【解析】‎ ‎【分析】‎ A.水解后检验溴离子，应在酸性条件下；‎ B镜反应需要水浴加热；‎ C.酒精与Na反应，苯不能；‎ D.乙醇易挥发，乙醇及生成的乙烯均使高锰酸钾褪色。‎ ‎【详解】A.溴乙烷与氢氧化钠溶液共热发生水解反应，由于Ag+与OH-也会发生沉淀反应，所以要证明反应产生了Br-，应先加酸中和过量的NaOH，然后再滴加硝酸银溶液，才能检验水解产生的溴离子，A错误；‎ B.银镜反应需要在水浴加热条件下进行，不能直接加热，B错误；‎ C.酒精与Na反应，苯不能反应，因此可检验乙醇的存在，C正确；‎ D.乙醇易挥发，挥发的乙醇及生成的乙烯均使酸性高锰酸钾溶液褪色，因此不能根据溶液褪色说明生成乙烯，D错误；‎ 故合理选项是C。‎ ‎【点睛】本题考查实验方案的评价，熟悉有机物的官能团及性质、卤代烃的水解、银镜反应、有机物的除杂等即可解答，选项A为解答的易错点。‎ ‎9.下列说法全不正确的是 ‎①苯不能使酸性KMnO4溶液褪色，所以不能发生氧化反应 ‎②CH2=CHCH(CH3)2的化学名称是3—甲基—1—丁烯 ‎③C3H8和C5H12一定互为同系物 ‎④乙苯分子中所有碳原子一定共面 ‎⑤二氯甲烷只有一种结构证明甲烷是正四面体构型 ‎⑥C2H6O的同分异构体质谱图是一样的 A. ①③⑥ B. ②③⑤‎ C. ①④⑥ D. ③④⑤‎ ‎【答案】C ‎【解析】‎ ‎【详解】② 能够在氧气中燃烧，能够被氧气氧化，发生氧化反应，故不正确；‎ ‎②CH2=CHCH(CH3)2的化学名称是3—甲基—1—丁烯，故正确；‎ ‎③ C3H8和C5H12都是烷烃，结构相似、分子组成相差2个“CH2”原子团，故互为同系物，故正确；‎ ‎④ 乙苯含有乙基，具有烷烃的结构特点，且C-C键可旋转，则所有的碳原子不一定在同一个平面上，故不正确；‎ ‎⑤由CH2Cl2只代表一种物质，可以判断甲烷分子是空间正四面体结构，而不是平面正方形结构，故正确；‎ ‎⑥C2H6O存在官能团异构：分别是H3C-O-CH3和CH3CH2OH，它们的碎片不相同，故其质谱图不一样，故不正确；‎ 综上，不正确的有①④⑥。‎ 答案选C。‎ ‎10. 体育竞技中服用兴奋剂既有失公平，也败坏了体育道德。某种兴奋剂的结构简式如图所示。有关该物质说法中正确的是 A. 该物质与苯酚属于同系物，遇FeCl3溶液呈紫色 B. 滴入酸性KMnO4溶液振荡，紫色褪去，能证明其结构中存在碳碳双键 C. 1mol该物质分别与浓溴水和H2反应时最多消耗Br2和H2分别为4mol和7mol D. 该分子中的所有碳原子可能共平面 ‎【答案】C ‎【解析】‎ A．苯酚同系物中只含1个苯环，该物质含2个苯环，不是苯酚同系物，故A错误；B. 该分子中含有碳碳双键和酚羟基，都能与酸性KMnO4溶液反应，使紫色褪去，故B错误；C．酚-OH的邻对位与溴水发生取代，碳碳双键与溴水发生加成，则1mol该物质与浓溴水反应，消耗溴为4mol；苯环与碳碳双键均与氢气发生加成，则1mol该物质与氢气反应时，消耗氢气为7mol，故C正确；D．苯环、碳碳双键均为平面结构，且直接相连的原子在同一平面内，则该分子中的所有碳原子可能共平面，故D错误；故选C。‎ 点睛：本题考查有机物的官能团及其性质，为高频考点，明确有机物的结构与性质的关系即可解答，注意把握酚、烯烃的性质。本题的易错选项是C。‎ ‎11. 有关下图所示化合物的说法不正确的是 A. 既可以与Br2的CCl4溶液发生加成反应，又可以在光照下与Br2发生取代反应 B. 1mol该化合物最多可以与3mol NaOH反应 C. 既可以催化加氢,又可以使酸性KMnO4溶液褪色 D. 既可以与FeCl3溶液发生显色反应，又可以与NaHCO3溶液反应放出CO2气体 ‎【答案】D ‎【解析】‎ ‎【详解】A、根据结构简式可知化合物中含有的官能团有酯基、酚羟基、醚键、碳碳双键。碳碳双键可以和溴加成，甲基上的氢原子可以被取代，A正确。‎ B、2个酯基水解需要2个氢氧化钠，1个酚羟基需要1个氢氧化钠，即1mol该化合物最多可以与3mol NaOH反应，B正确。‎ C、含有碳碳双键，既可以催化加氢，又可以使酸性KMnO4溶液褪色，C正确。‎ D、酚羟基不能与NaHCO3溶液反应放出CO2气体，D错误。‎ 答案选D。‎ ‎12. 下列说法正确的是 A. 丙炔中所有原子一定位于一条直线上 B. 甘油醛分子（）中一定存在对映异构现象 C. 某烯烃的衍生物（分子式为C2H2Cl2）中一定存在顺反异构现象 D. 1-丁烯中所有碳原子一定位于同一平面上 ‎【答案】B ‎【解析】‎ 试题分析：丙炔中存在甲基所以原子不能在一条直线上；B项中存在手性碳，所以存在对映异构体；C项分子存在两种同分异构体，不一定存在顺反异构现象。D项分子中有两个饱和碳，四个碳原子可能在一个平面上。‎ 考点：有机物的结构。‎ ‎13.下列物质属于芳香烃，但不是苯的同系物的是（ ）‎ ‎①②③④⑤⑥‎ A. ②③④⑤⑥ B. ①②⑤⑥ C. ③④ D. ②⑤‎ ‎【答案】D ‎【解析】‎ ‎【分析】‎ 同系物指结构相似，在分子组成上相差一个或若干个CH2原子团的物质，具有如下特征：结构相似、化学性质相似、分子式通式相同，分子式不同、物理性质不同，研究范围为有机物． 芳香烃通常指分子中含有苯环结构的碳氢化合物；苯的同系物含有1个苯环，侧链为烷基，组成通式为CnH2n-6。‎ ‎【详解】①是含有苯环结构的碳氢化合物，属于芳香烃，分子中含有1个苯环，侧链是甲基，分子组成比苯多1个CH2原子团，是苯的同系物；‎ ‎②是含有苯环结构的碳氢化合物，属于芳香烃，侧链是乙烯基，含有双键，不是烷基，不是苯的同系物；‎ ‎③含有N元素，不是碳氢化合物，不属于芳香烃，更不是苯的同系物；‎ ‎④含有O元素，不是碳氢化合物，不属于芳香烃，更不是苯的同系物；‎ ‎⑤是含有苯环结构的碳氢化合物，属于芳香烃，分子中含有2个苯环，不是苯的同系物；‎ ‎⑥是含有苯环结构的碳氢化合物，属于芳香烃，分子中含有1个苯环，侧链是异丙基,分子组成比苯多3个CH2原子团，是苯的同系物；‎ 综上所述，②和⑤两有机物符合题意要求，故选D。‎ ‎14. 药物贝诺酯可由乙酰水杨酸和对乙酰氨基酚在一定条件下反应制得：‎ 下列有关叙述正确的是（ ）‎ A. 贝诺酯分子中有三种含氧官能团 B. 可用FeCl3溶液区别乙酰水杨酸和对乙酰氨基酚 C. 乙酰水杨酸和对乙酰氨基酚均能与NaHCO3溶液反应 D. 贝诺酯与足量NaOH 溶液共热，最终生成乙酰水杨酸钠和对乙酰氨基酚钠 ‎【答案】B ‎【解析】‎ A项贝诺酯分子中只含两种含氧官能团，和，A项错误。B项对乙酰氨 基酚含有酚羟基能使FeCl3溶液显色，而乙酰水杨酸没有酚羟基，不能使FeCl3溶液显色，可以鉴别，‎ B项正确。C项，只有-COOH（羧基）能与NaHCO3溶液反应，所以乙酰水杨酸能与NaHCO3溶液反 应，对乙酰氨基酚不能，C项错误。D项，贝诺酯与足量NaOH溶液共热，两个酯基和均能 水解，最终生成三种有机物，D项错误。‎ ‎【考点定位】本题考查有机物中常见官能团的重要化学性质及其转化。中档题。‎ ‎15.无论以何种比例混合的10mL混和气，在50mL的氧气中燃烧生成CO2和液态的H2O，燃烧后所得气体的体积为35mL，则该混合物可能为 A. C3H6 C4H6 B. C2H6 C3H6‎ C. C2H4 C3H8 D. C2H2 C2H6‎ ‎【答案】B ‎【解析】‎ ‎【分析】‎ 气态烃类物质碳原子个数一般小于4，令烃的分子式为CxHy，写出其燃烧方程式，利用反应前后的体积差计算分析、判断。‎ ‎【详解】因为气态烃的碳原子个数一般小于，假设烃分子式为CxHy，烃在氧气中燃烧生成CO2和液态的H2O，说明烃完全燃烧，或恰好反应，或氧气过量。用体积差计算。‎ CxHy+(x+y/4)O2xCO2+ y/2H2O 气体体积减小△V ‎1 x+y/4 x 1+y/4‎ ‎10mL (10+50)mL-35mL=25mL ‎10mL:25mL=1：(1+y/4)，解得y=6 。由于x+y/4<5，所以x<3.5，因此只能是x=2或x=3。故为乙烷或丙烯，选项B符合题意。‎ ‎【点睛】本题考查有机物分子式确定，为高频考点，根据原子守恒、运用体积差的计算方法解答，本题需要学生具备学生一定的分析和解决问题的能力。‎ ‎16.已知某有机物A的红外光谱和核磁共振氢谱如下图所示，下列说法中错误的有（ ）‎ A. 由红外光谱可知，该有机物中至少含有三种不同的化学键 B. 由核磁共振氢谱可知，该有机物分子中有三种不同化学环境氢原子 C. 若A的化学式为C2H6O，则其结构简式为CH3—O—CH3‎ D. 仅由其核磁共振氢谱无法得知其分子中的氢原子总数 ‎【答案】C ‎【解析】‎ ‎【详解】A项，该有机物中至少有C-H键、O-H键、C-O键三种键，故A项正确；‎ B项，核磁共振氢谱的峰的个数代表不同氢原子的个数，图中有三个峰，所以有三种不同的氢原子，故B项正确；‎ C项，由未知物A的红外光谱可以看出，A里有O-H键，所以肯定含有羟基，其结构简式为CH3CH2OH，故C项错误；‎ D项，核磁共振氢谱只可以得到氢原子的种类及其比值，无法得到氢原子总数，故D项正确。‎ 综上所述，本题选C。‎ ‎17.某有机物是药物生产的中间体， 其结构简式如下图，下列有关叙述不正确的是 A. 该有机物与浓溴水可发生取代反应 B. 该有机物与浓硫酸混合共热可发生消去反应 C. 1mol该有机物与足量NaOH溶液反应最多消耗4 mol NaOH D. 该有机物经催化氧化后与新制氢氧化铜悬浊液共热生成砖红色沉淀 ‎【答案】B ‎【解析】‎ 分析：由结构简式可知，分子中含酚-OH、-COOC-、醇-OH、-Br，结合酚、酯、醇、卤代烃的性质来解答。‎ 详解：A．含酚-OH，其邻、对位氢原子可与浓溴水发生取代反应，故A正确；B．与-OH相连C的邻位C上没有H，则该有机物与浓硫酸混合共热不能发生消去反应生成C=C，故B错误；C．酚-OH、-COOC-、-Br均与NaOH反应，且-COOC-水解生成的酚-OH也与NaOH反应，则1 mol该有机物与足量NaOH溶液反应最多消耗4 mol NaOH，故C正确；D．与-OH相连的C上有2个H，可催化氧化生成-CHO，则催化氧化后与新制氢氧化铜悬浊液共热生成砖红色沉淀，故D正确；故选B。‎ 二、非选择题，共49分。‎ ‎18.(1)某有机物的结构表示为，其名称是________________________。‎ ‎(2)写出下列反应的化学方程式：‎ ‎①草酸能使酸性高锰酸钾溶液褪色：____________________________________‎ ‎②把浓硝酸、浓硫酸和甲苯混合加热制备TNT：______________________________。‎ ‎③溴乙烷在一定条件下发生消去反应：__________________________________。‎ ‎(3)某烃A分子中碳的质量分数为90.57%，在某温度下V L该烃的蒸气质量是相同状况下V L H2质量的53倍，则烃A的分子式为______________；若烃A分子中含有苯环，且苯环上的一氯代物只有一种，则A的结构简式为______________。‎ ‎【答案】 (1). 5-甲基-2-庚烯 (2). 2KMnO4+5H2C2O4+3H2SO4=K2SO4+2MnSO4+10CO2↑+8H2O (3). (4). CH3CH2Br+NaOHCH2=CH2↑+NaBr+H2O (5). C8H10 (6). ‎ ‎【解析】‎ ‎【分析】‎ ‎(1)从离双键较近的一端给主链上的碳原子编号，以确定双键和甲基的位置，将取代基名称写在物质名称前面；‎ ‎(2)①草酸与酸性高锰酸钾溶液发生氧化还原反应，根据电子守恒、原子守恒，可得反应方程式；‎ ‎②浓硝酸、浓和甲苯在加热时发生1、3、5位置上的H原子被硝基取代的反应，同时产生水；‎ ‎③溴乙烷在NaOH乙醇溶液中加热发生消去反应，产生乙烯、NaBr、H2O；‎ ‎(3)根据在某温度下V L该烃的蒸气质量是相同状况下V L H2质量的53倍，可计算出物质的相对分子质量，然后根据碳和氢的质量分数可以确定烃分子中的碳和氢原子个数，得到分子式；然后根据苯环上的一氯代物，只有一种说明苯环上只有一种类型的氢原子得到其结构简式。‎ ‎【详解】(1)从离双键较近的一端给主链上的碳原子编号，以确定双键和甲基的位置，将取代基甲基的位置编号及名称写在该物质名称前面，键线式结构表示的物质是5-甲基-2-庚烯；‎ ‎(2)①草酸被酸性高锰酸钾溶液氧化为CO2，KMnO4被还原为MnSO4，同时有K2SO4、H2O生成 根据电子守恒、原子守恒，可得反应方程式2KMnO4+5H2C2O4+3H2SO4 =K2SO4+2MnSO4+10CO2↑+8H2O；‎ ‎②浓硝酸、浓硫酸和甲苯在加热时发生取代反应，由于甲基是邻对位取代基，使苯环上甲基的邻位和对位活泼，发生取代反应，产生1、3、5三硝基甲苯，俗称TNT，该反应的化学方程式为：；‎ ‎③溴乙烷在NaOH的乙醇溶液中加热发生消去反应，产生乙烯、NaBr、H2O，反应方程式为：；‎ ‎(3)由某温度下VL该烃的蒸汽质量是相同状况下VLH2质量的53倍，可得该烃分子量为氢气分子量的53倍，M=53×2=106，据碳的质量分数为90.75%，得碳原子个数C：=8，而氢原子个数H：，所以该烃分子式为C8H10，若烃A分子中含苯环，且苯环上的一氯代物只有一种的结构只有对二甲苯一种，答案为：。‎ ‎【点睛】本题考查了有机物的系统命名方法、化学反应方程式的书写及物质分子式、结构简式的判断的知识，烷烃的系统命名方法是有机物命名的基础，要明白命名原则及书写特点，掌握各种代表物质的性质及官能团的反应特点是学习其衍生物是基础知识，要学会从对称角度分析问题，本题难度不大，注重基础。‎ ‎19.用系统命法写出下列物质名称或结构简式 ‎（1）__________；‎ ‎（2）____________；‎ ‎（3）___________；‎ ‎（4）____________；‎ ‎（5）2，6-二甲基-4-乙基辛烷_______；‎ ‎（6）2-甲基-1-戊烯____________；‎ ‎（7）3-甲基-1-丁炔：___________________。‎ ‎【答案】 (1). 2-甲基戊烷 (2). 2，3-二甲基-1-丁烯 (3). 1，2-二溴乙烷 ‎ ‎(4). 乙苯 (5). (6). (7). CH≡CCH(CH3)2‎ ‎【解析】‎ ‎【分析】‎ 根据有机物的属类、有机物系统命名法的要求以及有机物的结构简式逐一分析解答。‎ ‎【详解】（1）有机物属于烷烃，主链含有5个碳原子，一个甲基作支链，名称是2-甲基戊烷；‎ ‎（2）有机物属于烯烃，主链含有4个碳原子，2个甲基作支链，名称是2，3-二甲基-1-丁烯；‎ ‎（3）有机物属于卤代烃，含有2个溴原子，名称是1，2-二溴乙烷；‎ ‎（4）有机物属于苯的同系物，1个乙基与苯环相连，名称是乙苯；‎ ‎（5）2，6-二甲基-4-乙基辛烷的结构简式为；‎ ‎（6）2-甲基-1-戊烯的结构简式为；‎ ‎（7）3-甲基-1-丁炔的结构简式为CH≡CCH(CH3)2。‎ ‎20.某烃的含氧衍生物可以作为无铅汽油的抗爆震剂，它的相对分子质量不超过100，含C的质量分数为68.2%，含H的质量分数为13.6%，其余为氧。请计算回答：‎ ‎（1）该化合物的相对分子质量是____________________。‎ ‎（2）写出该化合物的分子式___________________________。‎ ‎（3）若该化合物不能与钠反应产生氢气，红外光谱和核磁共振氢谱显示该分子中有4个甲基。请写出其结构简式。_________________________________‎ ‎【答案】 (1). 88 (2). C5H12O (3). ‎ ‎【解析】‎ ‎【详解】有机物中含C的质量分数为68.2%，含H的质量分数为13.6%，其余为氧，则氧的含量为100%-68.2%-13.6%=18.2%。假设分子中含有一个氧原子，则相对分子质量为16/18.2%=88，小于100，符合题意。所以计算分子中碳原子个数为88×68.2%÷12=5，分子中氢原子个数为88×13.6%÷1=12，则分子式为C5H12O。若该化合物不能与钠反应产生氢气，说明不含羟基，根据分子式可知应含有醚键，红外光谱和核磁共振氢谱显示该分子中有4个甲基，所以结构简式为。‎ ‎21.甲苯()是一种重要的化工原料，能用于生产苯甲醛()、苯甲酸()等产品。表列出了有关物质的部分物理性质，请回答：‎ 名称 性状 熔点(℃)‎ 沸点(℃)‎ 相对密度 ‎(ρ水=1g/cm3）‎ 溶解性 水 乙醇 甲苯 无色液体易燃易挥发 ‎-95‎ ‎110.6‎ ‎0.8660‎ 不溶 互溶 苯甲醛 无色液体 ‎-26‎ ‎179‎ ‎1.0440‎ 微溶 互溶 苯甲酸 白色片状或针状晶体 ‎122.1‎ ‎249‎ ‎12659‎ 微溶 易溶 注：甲苯、苯甲醛、苯甲酸三者互溶。‎ 实验室可用如图装置模拟制备苯甲醛。实验时先在三颈瓶中加入0.5g固态难溶性催化剂，再加入15mL冰醋酸（作为溶剂）和2mL甲苯，搅拌升温至70℃，同时缓慢加入12mL过氧化氢，在此温度下搅拌反应3小时。‎ ‎(1)装置a的名称是______________。‎ ‎(2)三颈瓶中发生反应的化学方程式为_______________________________________。‎ ‎(3)经测定，反应温度升高时，甲苯的转化率逐渐增大，但温度过高时，苯甲醛的产量却有所减少，可能的原因是_____________________________________________。‎ ‎(4)反应完毕后，反应混合液经过自然冷却至室温时，还应经过_____、_____（填操作名称）等操作，才能得到苯甲醛粗产品。‎ ‎(5)实验中加入过量过氧化氢且反应时间较长，会使苯甲醛产品中产生较多的苯甲酸。‎ ‎①若想从混有苯甲酸的苯甲醛中分离出苯甲酸，正确的操作步骤是_______（按步骤顺序填字母）。‎ a.对混合液进行分液 b.过滤、洗涤、干燥 c.水层中加入盐酸调节pH=2 d.加入适量碳酸氢钠溶液混合振荡 ‎②若对实验①中获得的苯甲酸产品进行纯度测定，可称取2.500g产品，溶于200mL乙醇配成溶液，量取所得的乙醇溶液20.00mL于锥形瓶，滴加2～3滴酚酞指示剂，然后用预先配好的0.1000mol/L KOH标准液滴定，到达滴定终点时消耗KOH溶液18.00mL。产品中苯甲酸的质量分数为_____。【苯甲酸相对分子质量：122.0】‎ ‎【答案】 (1). 球形冷凝管 (2). (3). 温度过高时过氧化氢分解速度加快，实际参加反应的过氧化氢质量减小，苯甲醛的产量却有所减少 (4). 过滤 (5). 蒸馏 (6). dacb (7). 87.84%‎ ‎【解析】‎ ‎【分析】‎ ‎(1)由仪器a结构可知为球形冷凝管；‎ ‎(2)三颈瓶中甲苯被过氧化氢氧化生成苯甲醛，同时还生成水；原子利用率=(预期产物的总质量÷全部反应物的总质量)×100%；‎ ‎(3)温度过高时过氧化氢分解，实际参加反应的过氧化氢质量减小，影响产量；，甲苯挥发会导致产率降低；‎ ‎(4)反应完毕后，反应混合液经过自然冷却至室温时，先过滤分离固体催化剂，再利用蒸馏的方法分离出苯甲酸；‎ ‎(5)实验中加入过量的过氧化氢并延长反应时间时，会使苯甲醛产品中产生较多的苯甲酸．‎ ‎①先与碳酸氢钠反应之后为苯甲酸钠，再分液分离，水层中加入盐酸得到苯甲酸晶体，最后过滤分离得到苯甲酸；‎ ‎②苯甲酸的物质的量等于消耗KOH物质的量，再计算产品中苯甲酸的质量分数。‎ ‎【详解】(1)仪器a具有球形特征的冷凝管，名称为为球形冷凝管；‎ ‎(2)三颈瓶中甲苯被过氧化氢氧化生成苯甲醛，同时还生成水，反应方程式为：；‎ ‎(3)适当升高温度，化学反应速率加快，但温度过高时过氧化氢分解速度加快，实际参加反应的过氧化氢质量减小，影响苯甲醛的产量；‎ ‎(4)反应完毕后，反应混合液经过自然冷却至室温时，先过滤分离固体催化剂，再利用蒸馏的方法分离出苯甲酸，所以答案为：过滤、蒸馏；‎ ‎(5)实验中加入过量的过氧化氢并延长反应时间时，会使苯甲醛产品中产生较多的苯甲酸。①使苯甲酸样品先与碳酸氢钠反应之后为苯甲酸钠，再分液分离，然后向水层中加入盐酸得到苯甲酸晶体，最后过滤分离得到苯甲酸，再洗涤、干燥得到苯甲酸，故正确的操作步骤是：dacb；‎ ‎②若对实验①中获得的苯甲酸产品进行纯度测定，可称取2.500g产品，溶于200mL乙醇配成溶液，量取所得的乙醇溶液20.00mL于锥形瓶，滴加2～3滴酚酞指示剂，然后用预先配好的0.1000mo/L KOH标准液滴定，到达滴定终点时消耗KOH溶液18.00mL。苯甲酸的物质的量等于消耗KOH物质的量，则2.500g产品中苯甲酸为0.018L×0.1mol/L××122g/mol=2.196g，所以所得产品中苯甲酸的质量分数为×100%=87.84%。‎ ‎【点睛】本题考查有机物合成实验、物质的分离提纯、实验方案设计、对操作的分析评价、物质含量测定等，较好的考查了学生对数据的应用、阅读获取信息的能力以及知识迁移应用能力。‎ ‎ ‎