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- 2021-07-08 发布
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吉林省白城市第十四中学2019-2020学年高一上学期期中考试试题
第I卷(共60分)
可能用到的原子量: H:1 C:12 O:16 S:32 Na:23 Mg:24 N:14
一、选择题(每小题3分,每题只有一个选项符合题意)
1.图标所警示的是( )
A. 当心火灾——氧化剂 B. 当心爆炸——爆炸性物质
C. 当心火灾——易燃物质 D. 当心爆炸——自燃物质
【答案】C
【解析】
【详解】A. 氧化剂的正确标志为,A项错误;
B. 爆炸性物质的正确标志为,B项错误;
C.易燃物质的正确标志为,C项正确;
D. 自燃物质的正确标志为,D项错误;
答案选C。
2.下列说法正确的是( )
A. 丁达尔效应不是胶体特有的现象,溶液与浊液也有
B. 胶体与其他分散系的本质区别是有丁达尔效应,而其他分散系没有
C. 胶体粒子的直径小于10-9m
D. 丁达尔效应可用于鉴别胶体和溶液
【答案】D
【解析】
【详解】A. 丁达尔效应是胶体特有的现象,溶液与浊液不会发生丁达尔效应,故A错误;B.胶体与其他分散系的本质区别是胶体的分散质粒子的直径在10-9~10-7m,故B错误;C. 胶体粒子的直径在10-9~10-7m之间,粒子的直径小于10-9m是溶液,故C错误;D. 丁达尔效应是胶体特性,所以可用于鉴别胶体和溶液,故D正确;答案:D。
3.将饱和FeCl3溶液分别滴入下列液体中,能形成胶体的是( )
A. 沸水 B. 冷水 C. NaOH溶液 D. NaCl溶液
【答案】A
【解析】
【详解】A.沸水中氯化铁水解生成氢氧化铁胶体,故A正确;
B.冷水反应缓慢,水解反应是吸热反应,平衡左移得不到胶体,故B错误;
C.氢氧化钠溶液会和FeCl3反应生成沉淀,故C错误;
D.NaCl浓溶液与FeCl3溶液不反应,故D错误;
故选A。
4.下列物质混合后,不会发生离子反应的是 ( )
A. NaOH溶液和FeCl3溶液
B. Na2CO3溶液和稀硫酸
C. Na2SO4溶液和MgCl2溶液
D. 澄清的石灰水和盐酸
【答案】C
【解析】
【详解】A.NaOH溶液和FeCl3溶液反应生成氢氧化铁沉淀和氯化钠,可发生离子反应,故A不符合题意;
B.Na2CO3溶液和稀硫酸反应生成二氧化碳气体、水和硫酸钠,可发生离子反应,故B不符合题意;
C.Na2SO4溶液和MgCl2溶液不能发生反应,故C符合题意;
D.澄清的石灰水和盐酸反应生成水和氯化钙,可发生离子反应,故D不符合题意;
故答案选C。
5.NaHCO3和NaHSO4的溶液混合后,实际参加反应的离子是 ( )
A. H+和 B. HCO3−和
C. Na+、HCO3−和H+ D. HCO3−和H+
【答案】D
【解析】
【详解】NaHCO3和NaHSO4的溶液混合后生成气体和水、硫酸钠,因NaHSO4电离出H+,NaHCO3电离出HCO3−, HCO3−和H+反应生成水和二氧化碳,可知反应发生,
答案选D。
6.用NA表示阿伏德罗常数,下列叙述正确的是 ( )
A. 标准状况下,22.4LH2O含有的分子数为1 NA
B. 常温常压下,16g O2含有的原子数为1 NA
C. 通常状况下,1NA 个SO2分子占有的体积约为22.4L
D. 物质的量浓度为0.5mol/L的K2SO4溶液中,含有SO42-个数为0.5 NA
【答案】B
【解析】
【详解】A.标准状况下,水不是气体,不能根据气体摩尔体积计算22.4L水的物质的量,故A错误;
B.常温常压下,16g O2的物质的量为=0.5mol,含有的氧原子数为1 NA,故B正确;
C.通常状况下气体的摩尔体积不是22.4L/mol,则通常状况下,1NA 个SO2分子占有的体积也不是22.4L,故C错误;
D.根据n=cV,不知道溶液的体积,则无法计算0.5mol/L的K2SO4溶液中K2SO4的物质的量,也无法确定溶液中含有的SO42-个数,故D错误;
故答案为B。
7.下列检验方法和结论正确的是 ( )
A. 加入硝酸银溶液有白色沉淀生成,证明原溶液中一定有Cl-
B. 在加入稀硝酸后的溶液中,再滴加氯化钡溶液有白色沉淀生成,证明原溶液中一定有SO42—
C.
加入盐酸后加热,放出能使澄清石灰水变浑浊的无色无味气体,证明原溶液中一定含有CO32—
D. 加入紫色石蕊试液,溶液显红色,证明溶液一定呈酸性
【答案】D
【解析】A.加入硝酸银溶液有白色沉淀生成,证明原溶液中可能有Cl-,还可能为硫酸根离子,A错误;B.在加入稀硝酸后的溶液中,再滴加氯化钡溶液有白色沉淀生成,证明原溶液中可能有硫酸根离子,也可能为Ag+,但二者不能同时存在,B错误;C.加入盐酸后加热,放出能使澄清石灰水变浑浊的无色无味气体,证明原溶液中可能含有CO32-,或HCO3-,或二者均有,C错误;D.加入紫色石蕊试液,溶液显红色,证明溶液一定显酸性,D正确;答案选D。
8.下列叙述中正确的是( )
A. 凡是盐在离子方程式中都要以离子形式表示
B. 离子反应总是向着溶液中反应物离子浓度减小的方向进行
C. 酸碱中和反应的实质是H+与OH-结合生成水,故所有的酸碱中和反应的离子方程式都可写成H++OH-=H2O的形式
D. 复分解反应必须同时具备离子反应发生的三个条件才能进行
【答案】B
【解析】
【详解】A. 盐在离子方程式中不一定以离子形式表示,如CaCO3就以化学式表示,A错误;
B. 离子反应总是向着溶液中反应物离子浓度减小的方向进行,B正确;
C. 酸碱中和反应的实质是H+与OH-结合生成水,但不是所有的酸碱中和反应的离子方程式都可写成H++OH-=H2O的形式,如醋酸与氢氧化钠反应,其离子方程式为CH3COOH+OH-=CH3COO-+H2O,C错误;
D. 复分解反应只要具备离子反应发生的三个条件之一就能进行,D错误。
故选B。
9.100 mL 0.3 mol·L-1 Na2SO4溶液和50 mL 0.2 mol·L-1 Al2(SO4)3溶液混合后,溶液中SO42-的物质的量浓度为( )
A. 0.20 mol·L-1 B. 0.25 mol·L-1
C. 0.40 mol·L-1 D. 0.50 mol·L-1
【答案】C
【解析】
【分析】根据n=cV计算各溶液中溶质的物质的量,进而计算各自含有SO42-离子物质的量,两溶质含有的SO42-的物质的量之和为混合溶液中SO42-离子的物质的量,根据公式c=来计算SO42-离子的物质的量浓度。
【详解】100mL0.3mol•L-1Na2SO4溶液中含有SO42-物质的量为:0.3mol/L×0.1L=0.03mol,50mL0.2mol•L-1Al2(SO4)3溶液中含有SO42-的物质的量为:0.2mol/L×0.05L×3=0.03mol,混合液中含有硫酸根离子的总物质的量为0.06mol,则混合液中硫酸根离子的物质的量浓度为=0.4mol/L,故选C。
10.下列离子方程式中正确的是( )
A. 澄清石灰水与稀盐酸反应 Ca(OH)2+2H+===Ca2++2H2O
B. 氢氧化钡与硫酸反应 OH-+H+===H2O
C. 铜片插入硝酸银溶液中 Cu+Ag+===Cu2++Ag
D. 氯化镁溶液与氢氧化钠溶液反应 Mg2++2OH-===Mg(OH) 2 ↓
【答案】D
【解析】
【详解】A.澄清石灰水中的Ca(OH)2,在离子方程式中应该拆成离子形成,离子方程式为OH-+H+=H2O,A项错误;
B.遗漏了Ba2+和SO42-的反应,离子方程式为Ba2++2OH-+SO42-+2OH-=BaSO4↓+2H2O,B项错误;
C.铜片插入硝酸银溶液中,铜会置换出银,选项中电荷不守恒,离子方程式为Cu+2Ag+=Cu2++2Ag,C项错误;
D.氯化镁溶液与氢氧化钠溶液反应会生成氢氧化镁沉淀,D项中化学方程式正确,D项正确;
本题答案选D。
11.除去粗盐中的杂质 CaCl2、MgCl2 和 Na2SO4,过程如下:
下列有关说法中,不正确的是( )
A. 除去 Mg2+的主要反应: Mg2++ 2OH-=Mg(OH)2↓
B. 试剂①一定不是Na2CO3溶液
C. 检验 SO42-是否除净:取少量滤液,加稀盐酸酸化,再加 BaCl2 溶液
D. 滤液加稀盐酸时只发生反应:H+ +OH- =H2O
【答案】D
【解析】
【分析】除去混合物中的可溶性杂质,常将杂质离子转化为难溶物,再过滤。为保证除杂完全,所用沉淀剂必须过量。而过量的沉淀剂应在后续步骤中除去。据此分析解答。
【详解】A、粗盐中的杂质离子为Ca2+、Mg2+和SO42-,可分别用过量的Na2CO3、NaOH、BaCl2溶液将其转化为沉淀,选项A正确;
B、多余Ba2+可用Na2CO3去除,故Na2CO3溶液需在BaCl2溶液之后加入,选项B正确;
C、为防止某些沉淀溶解于盐酸,则加入稀盐酸前应进行过滤。检验SO42-时,先加稀盐酸酸化,再加BaCl2溶液,观察是否有白色沉淀,选项C正确;
D、多余的CO32-、OH-可用稀盐酸去除,选项D错误。
答案选D。
12.同温同压下,质量相同的CO2、H2、O2、CH4、SO2五种气体,下列说法错误的是( )
A. 所占的体积由大到小的顺序是:H2>CH4>O2>CO2>SO2
B. 所含分子数由多到少的顺序是:H2>CH4>O2>CO2>SO2
C. 所含的电子数由多到少的顺序是:SO2>CO2>O2>CH4>H2
D. 密度由大到小的顺序是:SO2>CO2>O2>CH4>H2
【答案】C
【解析】
【详解】A.根据n=可知,质量相同时,摩尔质量越大,物质的量越小,则同温同压下体积与物质的量成正比,质量相同的CO2、H2、O2、CH4、SO2五种气体,所占的体积由大到小的顺序是:H2>CH4>O2>CO2>SO2,故A正确;
B.根据n=可知,质量相同时,摩尔质量越大,物质的量越小,分子数越少,同温同压下,质量相同的CO2、H2、O2、CH4、SO2,分子数由多到少的顺序是:H2>CH4>O2>CO2>SO2,故B正确;
C.取mg四种气体,质量相同的CO2、H2、O2、CH4、SO2五种气体含电子数分别为:×22,×2,×16,×10,×32,所含的电子数由多到少是:H2>CH4>CO2=O2=SO2,故C错误;
D.同温同压下,密度之比等于摩尔质量之比,CO2、H2、O2、CH4、SO2五种气体摩尔质量由小到大的顺序是:H2<CH4<O2<CO2<SO2,密度之比为:H2<CH4<O2<CO2<SO2,故D正确;
故答案为C。
13.下列叙述中不正确的是 ( )
A. 摩尔质量就是相对原子质量的6.02×1023倍
B. 阿伏加德罗常数约为6.02×1023 mol-1
C. 二氧化硫的摩尔质量为64 g·mol-1
D. 摩尔质量的常用单位为g·mol-1
【答案】A
【解析】
【详解】A. 摩尔质量的单位为g/mol等,与相对原子质量的单位不同,摩尔质量以g/mol作单位,在数值上等于其相对分子(或原子)质量、等于1个原子(或分子)质量的NA倍,故A错误;
B. 12g12C含有的碳原子数目为阿伏伽德罗常数,约为6.02×1023 mol-1,故B正确;
C. 二氧化硫的相对分子质量为64,故其摩尔质量为64g/mol,故C正确;
D. 摩尔质量是单位物质的量的物质具有的质量,其单位通常为g/mol,故D正确;
答案选A。
14.下列物质分类的正确组合是 ( )
碱
酸
盐
酸性氧化物
A
纯碱
盐酸
烧碱
二氧化硫
B
烧碱
硫酸
食盐
一氧化碳
C
苛性钠
醋酸
石灰石
水
D
苛性钾
碳酸
碳酸氢钠
三氧化硫
【答案】D
【解析】
【详解】A. 纯碱是碳酸钠,属于盐,不是碱;盐酸是氯化氢水溶液,为混合物;烧碱属于碱,不是盐;二氧化硫和碱之间反应生成盐和水,属于酸性氧化物,故A错误;
B. 烧碱是氢氧化钠,属于碱;硫酸属于酸;氯化钠属于盐;一氧化碳和碱之间不会发生作用,一氧化碳不是酸性氧化物,故B错误;
C. 苛性钠是氢氧化钠,属于碱;醋酸是有机酸;石灰石属于盐;水不是酸性氧化物,故C错误;
D. 苛性钾是氢氧化钾,属于碱;碳酸属于酸;苏打是碳酸钠,属于盐,三氧化硫能和碱之间反应生成盐和水,属于酸性氧化物,故D正确;
答案选D。
15.下列有关电解质的说法正确的是( )
A. 强电解质的溶液一定比弱电解质的溶液导电性强
B. 强电解质的溶液中只有阴、阳离子
C. 离子化合物都是强电解质,而弱电解质都是共价化合物
D. 由于硫酸钡难溶于水,所以是弱电解质
【答案】C
【解析】
【详解】A项、溶液的导电能力与离子浓度大小成正比,与电解质的强弱无关,如浓的弱酸醋酸的导电性强于稀的强酸盐酸的导电性,故A错误;
B项、强电解质的溶液中含有阴、阳离子和水分子,故B错误;
C项、离子化合物无论溶于水,还是不溶于水,溶于水的部分均完全电离,都是强电解质,而弱电解质都是共价化合物,在水溶液中部分电离,故C正确;
D项、硫酸钡难溶于水,但溶于水的部分完全电离,是强电解质,故D错误;
故选C。
16. 四种因素:①温度和压强、②所含微粒数、③微粒本身大小、④微粒间的距离,其中对气体物质体积有显著影响的是( )
A. ②③④ B. ②④ C. ①②④ D. ①③④
【答案】C
【解析】
17.下列溶液中的Cl-浓度与50mL 1mol•L﹣1MgCl2溶液中的Cl-浓度相等的是( )
A. 150 mL 1 mol•L﹣1 NaCl溶液 B. 75 mL 2 mol•L﹣1 CaCl2溶液
C. 150 mL 2 mol•L﹣1 KCl溶液 D. 75 mL 1 mol•L﹣1 AlCl3溶液
【答案】C
【解析】
【详解】50mL 1mol•L-1MgCl2溶液中的Cl-的物质的量浓度为:c(Cl-)=2c(MgCl2)=2mol•L-1,则
A.150mL 1mol•L-1NaCl溶液中Cl-的物质的量浓度为:c(Cl-)=c(NaCl)=1mol•L-1,故A不符合;
B.75mL 2mol•L-1CaCl2溶液中Cl-的物质的量浓度为:c(Cl-)=2c(CaCl2)=4mol•L-1,故B不符合;
C.150mL 2mol•L-1KCl溶液中Cl-的物质的量浓度为:c(Cl-)=c(KCl)=2mol•L-1,故C符合;
D.75mL 1mol•L-1AlCl3溶液中Cl-的物质的量浓度为:c(Cl-)=3c(AlCl3)=3mol•L-1,故D不符合;
答案选C。
18.用NA表示阿伏德罗常数,下列叙述正确的是 ( )
A. 标准状况下,22.4LH2O含有的分子数为1 NA
B. 常温常压下,16g O2含有的原子数为1 NA
C. 通常状况下,1NA 个SO2分子占有的体积约为22.4L
D. 物质的量浓度为0.5mol/L的K2SO4溶液中,含有SO42-个数为0.5 NA
【答案】B
【解析】
【详解】A.标准状况下,水不是气体,不能根据气体的摩尔体积计算22.4L水的物质的量,故A错误;
B.常温常压下,16g O2物质的量为=0.5mol,含有的氧原子数为1 NA,故B正确;
C.通常状况下气体的摩尔体积不是22.4L/mol,则通常状况下,1NA 个SO2分子占有的体积也不是22.4L,故C错误;
D.根据n=cV,不知道溶液的体积,则无法计算0.5mol/L的K2SO4溶液中K2SO4的物质的量,也无法确定溶液中含有的SO42-个数,故D错误;
故答案为B。
19.在无色透明的酸性溶液中,可大量共存的溶液是 ( )
A. Cu2+、Ca2+、Cl-、 B. Mg2+、、、Cl-
C. K+、Na+、、Cl- D. K+、、Cl−、S2−
【答案】B
【解析】
【详解】A. 在无色透明的溶液中不能有Cu2+,故A错误;
B. 在无色透明的酸性溶液中,Mg2+、、、Cl-不发生反应,可以共存,故B正确;
C. 在酸性溶液中,不能存在,会与氢离子反应生成水和二氧化碳,故C错误;
D. 在无色透明的酸性溶液中,为有色离子,酸性溶液不能有S2−会反应生成硫化氢,故D错误;
答案选B。
20.下列图示的四种实验操作名称从左到右依次是( )
A. 过滤、蒸馏、蒸发、分液 B. 过滤、蒸发、蒸馏、分液
C. 蒸发、蒸馏、过滤、分液 D. 分液、蒸馏、蒸发、过滤
【答案】B
【解析】
【详解】根据装置图可知,从左到右各个装置进行的分离混合物的方法依次是过滤、蒸发、蒸馏、分液,故合理选项是B。
第II卷(共40分)
二、填空题
21.下面a~f是中学化学实验中常见的几种仪器:
a 量筒 b 容量瓶 c 托盘天平 d 温度计 e 分液漏斗
(1)标出仪器使用温度的是________(填写编号)。
(2)使用前需要检查是否漏水的是________(填写编号)。
(3)称取10.5 g固体样品(1 g以下使用游码)若样品与砝码错放位置,则实际称取的样品质量为________ g。
(4)在某次实验中,要用500mL 0.52mol·L-1的NaOH溶液, 配制此浓度NaOH溶液时需用的主要仪器有托盘天平(附砝码、镊子)、药匙、量筒、烧杯、玻璃棒、_________和___________;
(5)下列操作使所配物质的量浓度偏大的有__________(填写字母)。
A 称量时用了生锈的砝码;
B 将NaOH放在托盘天平的右盘上称量(使用游码);
C NaOH在烧杯中溶解后,未冷却就立即转移到容量瓶中;
D 往容量瓶转移时,有少量液体溅出;
E 定容时俯视刻度线;
F 容量瓶未干燥即用来配制溶液;
G 定容后塞上瓶塞反复摇匀,静置后,液面低于刻度线,再加水至刻度线
(6) 实验室用密度为1.25g·mL-1,质量分数为36.5%的浓盐酸配制240mL 0.1mol ·L-1的盐酸.
请回答下列问题:
(1)浓盐酸的物质的量浓度为________。
(2)配制240mL 0.1mol·L-1的盐酸应量取浓盐酸体积______mL,应选用容量瓶的规格是______mL.
【答案】(1). ab (2). be (3). 9.5 (4). 500ml容量瓶 (5). 胶头滴管 (6). ACE (7). 12.5mol/L (8). 2.0 (9). 250
【解析】
【详解】(1)标出仪器使用温度的是容量瓶和温度计,配溶液时需指明温度,因为配置溶液需在一定温度下进行,温度改变会影响浓度,温度计是测量物质的温度的仪器,须标明温度的量程和刻度值,故答案为:ab;
(2)使用前需要检查是否漏水的是容量瓶,分液漏斗,它们都是需密封使用的容器,所以需要检查是否漏水。故答案为:be;
(3)称取10.5 g固体样品,则砝码为10克,游码为0.5克,天平的设计是左盘的质量等于右盘加游码的质量,如放反,则物品的质量等于游码加砝码的质量,则物品的质量为10-0.5=9.5克故答案为:9.5;
(4)配制500mL 0.52mol·L-1
的NaOH溶液,需用的主要仪器有托盘天平(附砝码、镊子)、药匙、量筒、烧杯、玻璃棒、500ml容量瓶和胶头滴管。故答案为:500ml容量瓶;胶头滴管;
(5) A 称量时用了生锈的砝码;砝码生锈后质量偏大,导致所配溶液物质的量偏高,所配物质的量浓度偏大,A符合题意;
B 将NaOH放在托盘天平的右盘上称量(使用游码);导致所配溶液物质的量偏低,所配物质的量浓度偏小,B不符合题意;
C NaOH在烧杯中溶解后,未冷却就立即转移到容量瓶中;待溶液冷却至室温,溶液体积减小,则溶液的浓度偏大,C符合题意;
D 往容量瓶转移时,有少量液体溅出,导致所配溶液物质的量偏低,所配物质的量浓度偏小,D不符合题意;
E 定容时俯视刻度线;定容时俯视容量瓶刻度线,导致溶液总体积偏小,溶液的浓度偏大,E符合题意;
F 容量瓶未干燥即用来配制溶液;容量瓶内残留一定量蒸馏水,不影响溶液配制,溶液的浓度不变,故F不符合题意;
G 定容后塞上瓶塞反复摇匀,静置后,液面低于刻度线,再加水至刻度线,导致溶液总体积偏大,溶液的浓度偏小,G不符合题意;
故答案为:ACE;
(6) 实验室用密度为1.25g·mL-1,质量分数为36.5%的浓盐酸配制240mL 0.1mol ·L-1的盐酸.
c(HCl) =12.5 mol ·L-1故答案为:12.5mol/ L
配制240mL 0.1mol·L-1的盐酸应选用250 mL容量瓶,量取浓盐酸的浓度为12.5 mol/ L,设需要12.5 mol/ L的盐酸的体积为VL,则根据溶液稀释公式可得,0.25L ×0.1mol·L-1=12.5 mol/ L×VL需该浓度盐酸体积V==0.002L=2 mL故答案为:2.0;250。
22.在如图所示的串联装置中,发现灯泡不亮,但若向其中一个烧杯加水,则灯泡会亮起来:
则:(1)加水的烧杯为__________。
(2)写出下列离子方程式:
硝酸铜溶液与氢氧化钾溶液混合_________,稀硫酸溶液与碳酸钠溶液混合_________
(3)若在A烧杯中加入Ba(OH)2溶液后,溶液的导电性________。(填“变强”“变弱”“不变”)
【答案】(1). C (2). Cu2++2OH-=Cu(OH)2↓ (3). 2H++CO32-=H2O+CO2↑ (4). 变弱
【解析】
【详解】(1).纯磷酸是不导电的,向磷酸中加入水形成的磷酸溶液可以电离,才能导电,故加水的烧杯为C,故答案为:C;
(2).硝酸铜溶液与氢氧化钾溶液混合,属于盐和碱发生的复分解反应,故化学方程式为Cu(NO3)2+2KOH= Cu(OH)2↓+2KNO3,离子反应为Cu2++2OH-=Cu(OH)2↓;稀硫酸溶液与碳酸钠溶液混合,属于盐和酸的复分解反应,H2SO4+Na2CO3= Na2SO4+ H2O+CO2↑,离子反应为2H++CO32-=H2O+CO2↑,故答案为Cu2++2OH-=Cu(OH)2↓;2H++CO32-=H2O+CO2↑;
(3)A烧杯中是硫酸,是强电解质,加入Ba(OH)2溶液后,发生反应H2SO4 +Ba(OH)2= BaSO4↓+ 2H2O,生成了BaSO4,它属于难溶物,溶液中离子浓度在减小,故溶液的导电性会变弱,
故答案为:变弱。
23.(现有以下物质:①NaCl晶体、 ②液态HCl、 ③CaCO3固体、 ④熔融KCl、⑤蔗糖、 ⑥铜、 ⑦CO2、 ⑧H2SO4。
其中:属于电解质的是______,属于非电解质的是________。(填序号)。
【答案】(1). ①②③④⑧_ (2). ⑤⑦
【解析】
【详解】①NaCl晶体是盐,在水溶液和熔融状态下,可以导电,属于电解质;
②液态HCl不能电离,溶于水形成盐酸可以电离,可以导电,属于电解质;
③CaCO3固体属于盐,溶于水或熔融状态下完全电离,可以导电,属于电解质;
④KCl属于盐,熔融KCl可以完全电离,溶于水也可以完全电离,可以导电,属于电解质;
⑤蔗糖属于有机物,蔗糖在熔融状态和水溶液中不能电离,不能导电,属于非电解质;
⑥铜是单质,所以既不是电解质也不是非电解质;
⑦CO2属于非金属氧化物,自身在熔融状态下不能导电,在水溶液中会与水反应生成碳酸,可以导电,可是它自身不能导电,属于非电解质;
⑧H2SO4溶于水可电离,可以导电,是电解质;
属于电解质的是①②③④⑧,属于非电解质的是⑤⑦,
答案为:①②③④⑧;⑤⑦。
24.某无色透明溶液中可能大量存在Ag+、Mg2+、Cu2+、Cl-、OH-、NO3-中的几种离子。
(1)不做任何实验就可以肯定原溶液中不存在的离子是__________。
(2)取少量原溶液,向其中加入过量稀盐酸,有白色沉淀生成,再加入过量稀硝酸,白色沉淀不消失,说明原溶液中肯定存在的离子是__________,有关离子方程式为__________。
(3)向(2)的滤液中加入过量NaOH溶液,出现白色沉淀,说明原溶液中肯定存在的离子是__________.
(4)Cl-、OH-、NO3-中一定不存在的离子是__________。
【答案】(1). Cu2+ (2). Ag+ (3). Ag++Cl-=AgCl↓ (4). Mg2+ (5). Cl-、OH-
【解析】
【详解】(1)Cu2+在溶液中为蓝色,与无色不符,则不做任何实验就可以肯定原溶液中不存在的离子是Cu2+;
(2)加入过量稀盐酸,有白色沉淀生成,再加入过量稀硝酸,白色沉淀不消失,白色沉淀为AgCl,可知溶液中存在Ag+,反应的离子方程式为Ag++Cl-=AgCl↓;
(3)取(2)的滤液加入过量NaOH溶液,出现白色沉淀,白色沉淀为氢氧化镁,可知溶液中存在Mg2+;
(4)Ag+与Cl-结合生成沉淀,Ag+、Mg2+均与OH-反应生成沉淀,均与硝酸根离子不反应,则一定不存在的离子是Cl-、OH-。