【化学】山东省临沂市第一中学2019-2020学年高二下学期第三次阶段测试（解析版） 24页

山东省临沂市第一中学2019-2020学年高二下学期第三次阶段测试 第I 卷 选择题（共40 分）‎ 一、单项选择题： （本大题共 10 小题， 每小题 2 分， 共 20 分。只有一个选项符合题意）‎ ‎1. 下列关于有机物的说法正确的是（　　）。‎ A. 乙烯能使酸性KMnO4溶液和溴水褪色，二者反应原理不相同 B. 交警用酸性重铬酸钾溶液检查司机是否饮酒过量时乙醇发生取代反应 C. 乙酸的分子式为CH3COOH，属于弱电解质 D. 苯分子中没有碳碳双键，因此苯不能发生加成反应 ‎【答案】A ‎【解析】‎ ‎【详解】A. 乙烯能使酸性KMnO4溶液和溴水褪色，二者反应原理不相同，前者是氧化反应，后者是加成反应，A正确；‎ B. 交警用酸性重铬酸钾溶液检查司机是否饮酒过量时乙醇发生氧化反应，B不正确；‎ C. 乙酸的分子式为C2H4O2，结构简式为CH3COOH，，C不正确；‎ D. 虽然苯分子中没有碳碳双键，但是苯能发生加成反应，苯在一定条件下可以与氢气发生加成反应，D不正确；‎ 故选A。‎ ‎2. 鸦片具有复杂的组成，其中的罂粟碱的分子结构如图。鸦片最早用于药物（有止痛、止泻、止咳作用），长期服用会成瘾，使人体质衰弱，精神颓废，寿命缩短。已知该物质的燃烧产物为CO2、H2O和N2，1 mol该化合物完全燃烧消耗O2的物质的量及在一定条件下与Br2发生苯环取代反应生成的一溴代物同分异构体的种数分别是 ‎ A. 23.75 mol；5 B. 24.5 mol；‎‎7 ‎ C. 24.5 mol；8 D. 23.75 mol；4‎ ‎【答案】A ‎【解析】‎ ‎【详解】由图可知，该物质的化学式为C20H23O4N，根据原子守恒，1mol该物质完全燃烧生成20mol CO2、11.5molH2O和0.5molN2，根据氧原子守恒可知，消耗氧气为 ；分子中含2个苯环，对左边的苯环来说，存在两个与甲氧基邻位上的氢原子，一溴代物有两种；对右边的苯环来说，存在两个与甲氧基邻位上的氢原子和一个对位上的氢原子，一溴代物共有三种。所以它的一溴代物共有5种，故A正确。‎ 综上所述，本题正确答案为A。‎ ‎【点睛】计算1 mol该化合物完全燃烧消耗O2的物质的量，首先应确定此有机物的分子式。2个苯环中对左边的苯环来说，存在两个与甲氧基邻位上的氢原子，一溴代物有两种；对右边的苯环来说，存在两个与甲氧基邻位上的氢原子和一个对位上的氢原子，一溴代物共有三种。所以它的一溴代物共有5种。‎ ‎3. 某烃的含氧衍生物的相对分子质量为102，其中氧元素的质量分数约为31.4%，则能与NaOH溶液反应的有机物有(不含立体异构)（ ）‎ A. 11种 B. 8种 C. 12种 D. 13种 ‎【答案】D ‎【解析】‎ ‎【详解】某烃的含氧衍生物的相对分子质量为102，所含氧元素的质量分数为31.4%，则分子中N（O）=102×31.4%/16=2，分子中碳、氢元素的原子量之和为102-16×2=70，利用余商法可知70/14=5…0，所以分子式为C5H10O2。则 分子式为C5H10O2的有机物能与NaOH溶液反应，可能是酸，属于饱和一元酸，其同分异构体等于丁基的种类，共有4种；‎ 分子式为C5H10O2的有机物能与NaOH溶液反应，可能是酯，属于饱和一元酯，则 若为甲酸和丁醇酯化，丁醇有4种，可形成4种酯；‎ 若为乙酸和丙醇酯化，丙醇有2种，可形成2种酯；‎ 若为丙酸和乙醇酯化，丙酸有1种，可形成1种酯；‎ 若为丁酸和甲醇酯化，丁酸有2种，可形成2种酯；‎ 所以能与NaOH溶液反应的C5H10O2的同分异构体有4种羧酸，9种酯，共13种；‎ 答案选D。‎ ‎【点睛】本题考查有机物分子式确定、同分异构体书写、官能团的性质等，计算确定有机物的分子式、确定酯的种类是解题的关键，注意掌握官能团的性质，题目难度较大。‎ ‎4. “人文奥运”的一个重要体现是:坚决反对运动员服用兴奋剂。某种兴奋剂的结构简式如图所示,有关该物质的说法正确的是（   ）‎ A. 遇FeCl3溶液显紫色,因为该物质与苯酚属于同系物 B. 滴入KMnO4（H+）溶液,观察紫色褪去,能证明结构中存在碳碳双键 C. 1 mol该物质与浓溴水和H2反应最多消耗Br2和H2分别为3mol、7 mol D. 该分子中的所有碳原子可能共平面 ‎【答案】D ‎【解析】‎ ‎【分析】‎ 根据题中兴奋剂的结构简式可知，本题考查有机物的结构和性质，运用有机物的结构和官能团的性质分析。‎ ‎【详解】A.含酚−OH,该物质遇FeCl3溶液显紫色，但此结构与苯酚的结构不同，非同系物，A项错误；‎ B.酚−OH、碳碳双键均能被高锰酸钾氧化,则滴入KMnO4(H+)溶液，观察紫色褪去，不能证明结构中存在碳碳双键，B项错误；‎ C.酚−OH的邻、对位与溴水发生取代反应,双键与溴水发生加成反应,苯环、双键与氢气发生加成反应,则1 mol该物质与浓溴水和H2反应最多消耗Br2和H2分别为4 mol、7 mol，C项错误；‎ D.含有苯环和碳碳双键，都为平面形结构，则所有碳原子可能共平面，D项正确；‎ 答案选D。‎ ‎【点睛】含酚−OH的物质遇FeCl3溶液显紫色，这是检验酚−OH的显色反应。‎ ‎5. 下列说法正确的是：（）‎ A. 分子式相同的不同物质一定是同分异构体 B. 通式相同的不同物质一定属于同系物 C. 相对分子质量相同不同物质一定是同分异构体 D. 分子式相同，元素的质量分数也相同的物质是同种物质 ‎【答案】A ‎【解析】‎ ‎【详解】A.分子式相同，不是同种物质，则结构一定不同，所以是同分异构体，故A正确；‎ B.通式相同的不同物质不一定是同系物，如烯烃与环烷烃通式相同，但不是同系物，故B错误； ‎ C.相对分子质量相同的不同物质不一定是同分异构体，如甲酸和乙醇的相对分子质量相同，但分子式不同，不是同分异构体，故C错误；‎ D.分子式相同，元素质量分数也相同的物质不一定是同种物质，如同分异构体，故D错误；‎ 综上所述，答案为A。‎ ‎6. 下列有关有机物的叙述正确的是 A. 由乙醇、丙三醇都易溶于水可知所有的醇都易溶于水 B. 由甲烷、苯不能使酸性高锰酸钾溶液褪色可知所有的烷烃和苯的同系物都不与高锰酸钾溶液反应 C. 由淀粉在人体内水解为葡萄糖，可知纤维素在人体内水解的最终产物也是葡萄糖 D. 由苯不与溴水反应而苯酚可与溴水反应可知羟基能使苯环上的氢活性增强 ‎【答案】D ‎【解析】‎ ‎【详解】A. 分子中碳原子为1~3的醇能与水以任意比例互溶，比如甲醇，乙醇，丙三醇，碳原子数为4~11的一元醇部分溶于水，碳原子更多的醇不溶于水，故A错误；‎ B.苯的同系物如甲苯中由于侧链受苯环的影响，能被酸性高锰酸钾溶液氧化，故B错误；‎ C. 淀粉在淀粉酶的作用下水解最终得到葡萄糖，但人体内没有水解纤维素的酶，纤维素在人体内不水解，故C错误；‎ D. 苯不与溴水反应而苯酚可与溴水反应说明羟基能使苯环上的氢活性增强，故D正确。‎ 故选D。‎ ‎【点睛】本题考查有机物的结构和性质，掌握有机反应的规律是解题的关键，注意有机物之间的区别和联系以及基团之间的相互影响，理解物质的特殊性质。‎ ‎7. 实验室常用乙醇和浓硫酸共热制取乙烯：CH3CH2OH H‎2C=CH2↑+H2O某同学用以下装置进行乙烯制取实验。下列叙述不正确的是 A. m的作用是确保乙醇与浓硫酸能顺利流下 B. 电控温值可设置在165‎‎-175℃‎ C. a出来的气体可用瓶口向下排空气法收集 D. 烧瓶内可放几粒碎瓷片以防暴沸 ‎【答案】C ‎【解析】‎ ‎【详解】A．m导气管连接漏斗上下，可以使乙醇与浓硫酸的混合物上、下气体压强一致，这样，液体混合物在重力作用下就可以顺利流下，A正确；‎ B．乙醇与浓硫酸混合加热‎170℃‎会发生消去反应产生CH2=CH2、H2O，所以电控温值在‎170℃‎左右，可设置在165‎-175℃‎，B正确；‎ C．从a导管口出来的气体中含乙醇发生消去反应产生的乙烯以及挥发的乙醇、副产物二氧化硫等，要制取乙烯，收集时可以用排水法，乙烯密度和空气接近，不能用排空气法 收集，C错误；‎ D．烧瓶内可放几粒碎瓷片以防止产生暴沸现象，D正确；‎ 故合理选项是C。‎ ‎8. 从杨树中提取的Z是具有美白功效的化妆品的组分。现可用如下反应制备：‎ 下列叙述错误的是 A. 上述X+Y→Z反应属于加成反应 B. Z在苯环上的一氯代物有8种 C. Z所有碳原子不可能处于同一平面 D. Y可作为加聚反应的单体 ‎【答案】B ‎【解析】‎ ‎【详解】A．由物质的结构可知：酚羟基邻位C-H键断裂，与苯乙烯发生加成反应，A正确；‎ B．由Z结构简式可知Z分子在苯环上有6种不同位置的H原子，所以Z的苯环上的一氯代物有6种，B错误；‎ C．Z分子中含有饱和C原子，由于与饱和碳原子连接的C原子构成的是四面体结构，所以不可能所有碳原子处于同一平面，C正确；‎ D．Y分子中含有不饱和的碳碳双键，因此可作为加聚反应的单体，D正确；‎ 故合理选项是B。‎ ‎9. 线型 PAA（ ）具有高吸水性，网状 PAA 在抗压性、吸水性等方面优于线型 PAA。网状 PAA 的制备方法是：将丙烯酸用 NaOH 中和，加入少量交联剂 a，再引发聚合。其部分结构片段 如图所示，列说法错误的是 A. 线型 PAA 的单体不存在顺反异构现象 B. 形成网状结构的过程发生了加聚反应 C. 交联剂 a 的结构简式是 D. PAA 的高吸水性与—COONa 有关 ‎【答案】C ‎【解析】‎ ‎【详解】A. 线型PAA的单体为CH2=CHCOONa，单体不存在顺反异构现象，故A正确；‎ B. CH2=CHCOONa中的碳碳双键发生的加成聚合反应，形成网状结构，过程发生了加聚反应，故B正确；‎ C. 分析结构可知交联剂a的结构简式是，故C错误；‎ D. 线型PAA()具有高吸水性，和−COONa易溶于水有关，故D正确；‎ 故选：C。‎ ‎10. 下列有关同分异构体的种类判断中，正确的是 A. 分子式为C9H10的芳香族化合物有8种 B. 分子式为C5H8O2，含五元环且属于酯的有机物有2种 C. 分子式为C5H10O2，能和碳酸氢钠溶液反应的有机物W。在光照条件下，W与氯气发生烃基上的取代反应，生成的一氯代物有12种 D. 分子式为C5H12O，且能与Na反应放出氢气的有机化合物(不考虑立体异构)有5种 ‎【答案】C ‎【解析】‎ ‎【详解】A. 芳香族化合物要含有苯环，侧链上有一个不饱和度。若取代基为甲基和乙烯基，位置分别为邻、间、对的同分异构体有3种；若取代基只有1个，可能为-CH=CH-CH3、-CH2-CH=CH2、-C(CH3)=CH2或环丙基，同分异构体有4种，所以一共有7种，故A错误；‎ B. 五元环中有4个C和1个O，因为不对称结构，所以甲基的位置有3种情况，所以属于酯的有机物有3种，故B错误；‎ C. 分子式为C5H10O2且可与碳酸氢钠溶液反应放出气体，则该有机物中含有-COOH，所以为戊酸，戊酸的种类等于丁基的种类，丁基（-C4H9）的异构体有：-CH2CH2CH2CH3，-CH（CH3）CH2CH3，-CH2CH（CH3）CH3，-C（CH3）3，则符合条件的戊酸：CH3CH2CH2CH2COOH，HOOCCH（CH3）CH2CH3，HOOCCH2CH（CH3）CH3，HOOCC（CH3）3，与氯气发生烃基上氢的取代反应，生成的一氯代物种数分别为4、4、3、1，则生成的一氯代物有12种，故C正确；‎ D. 分子式为C5H12O的有机物，能与金属钠反应放出氢气，说明分子中含有-OH，该物质为戊醇，戊基-C5H11可能的结构有：-CH2CH2CH2CH2CH3、-CH（CH3）CH2CH2CH3、-CH（CH2CH3）2、-CHCH（CH3）CH2CH3、-C（CH3）2CH2CH3、-C（CH3）CH（CH3）2、-CH2CH2CH（CH3）2、-CH‎2C（CH3）3，所以该有机物的可能结构有8种，故D错误，‎ 故选C。‎ 二、不定项选择题（每小题4分，每小题有1到2个选项符合题意，共20分。）‎ ‎11. 下列表述正确的是 A. 苯和氯气生成C6H6Cl6的反应是取代反应 B. 可以用溴水鉴别苯和四氯化碳溶液 C. 等物质的量的甲烷与氯气反应，有机产物只有CH3Cl D. 1mol最多可与4molH2发生加成 ‎【答案】BD ‎【解析】‎ ‎【详解】A. 苯和氯气生成农药六六六，其反应方程式为，反应类型是加成反应，A项错误；‎ B. 溴水与苯和四氯化碳都不反应，但是会萃取，加入到苯中溴在上层，加入到四氯化碳中溴在下层，现象不一样，可以鉴别，B项正确；‎ C. 甲烷和氯气反应为连续反应，甲烷和氯气生成CH3Cl和HCl，接着CH3Cl和氯气生成CH2Cl2和HCl，之后生成CHCl3和CCl4,，因而产物除了4种有机物，还有HCl，C项错误；D. 1mol中苯环可以与3molH2加成，双键可以加成1mol，最多可与4molH2发生加成，D项正确；‎ 答案选BD。‎ ‎12. 已知烯烃和H2O2在磺酸树脂()作用下可以生成二元醇，其反应历程的示意图如下(R1、R2、R3、R4均表示烃基或H原子。下列说法错误的是（ ）‎ A. 整个过程的总反应为H2O2+‎ B. 是该反应的催化剂 C 操作时温度不能过高或过低 D. 过程③中反应的原子利用率为100%‎ ‎【答案】B ‎【解析】‎ ‎【详解】A.从反应的起始和终止可以看出，整个过程的总反应为H2O2+，选项A正确；‎ B.才是该反应的催化剂，是该反应中的中间产物，最后又转为，选项B错误；‎ C.温度过高H2O2分解，温度过低反应速率慢，选项C正确；‎ D.过程③中产物为一种，没有其它物质生成，原料分子中的原子全部转化成所需要的产物，原子利用率为100%，选项D正确；‎ 答案选B。‎ ‎13. 茚地那韦被用于新型冠状病毒肺炎的治疗，其结构简式如图所示(未画出其空间结构)。‎ 下列说法正确的是（ ）‎ A. 茚地那韦属于芳香族化合物，易溶于水 B. 虚线框内的所有碳、氧原子均处于同一平面 C. 茚地那韦可与氯化铁溶液发生显色反应 D. 茚地那韦在碱性条件下完全水解，最终可生成三种有机物 ‎【答案】D ‎【解析】‎ ‎【详解】A．茚地那韦分子结构中含有苯环，属于芳香族化合物；由于结构中羟基等亲水基团较少，所以该物质在水中溶解性较差，A项错误；‎ B．虚线框中的环烷烃结构，所有的碳原子并不一定共面；此外，与羟基相连的C ‎，由于形成的是4条单键，所以该C原子和与之相连的O以及另外两个C原子一定不会处在同一平面内，B项错误；‎ C．茚地那韦的分子结构中并不含有酚羟基，所以无法与Fe3+发生显色反应，C项错误；‎ D．茚地那韦的分子结构中含有两个肽键，发生水解后可以形成三种有机物，D项正确；‎ 答案选D。‎ ‎【点睛】对有机物结构中共面原子个数进行判断时，若有机物中存在只形成单键的碳原子，那么有机物中所有的原子一定不会共平面。‎ ‎14. 傅克反应是合成芳香族化合物的一种重要方法。有机物a(－R为烃基)和苯通过傳克反应合成b的过程如下(无机小分子产物略去)‎ 下列说法错误的是 A. 一定条件下苯与氢气反应的产物之一环己烯与螺［2．3］己烷互为同分异构体 B. b的二氯代物超过三种 C. R为C5H11时，a的结构有3种 D. R为C4H9时，1molb加成生成C10H20至少需要3molH2‎ ‎【答案】C ‎【解析】‎ ‎【详解】A.环己烯分子式为C6H10，螺［2．3］己烷分子式为C6H10，所以互为同分异构体，故A正确；‎ B.若全部取代苯环上的2个H原子，若其中1个Cl原子与甲基相邻，另一个Cl原子有如图所示4种取代位置，有4种结构，若其中1个Cl原子处于甲基间位，另一个Cl原子有如图所示2种取代位置，有2种结构,若考虑烃基上的取代将会更多，故B正确；‎ C.若主链有5个碳原子，则氯原子有3种位置，即1－氯戊烷、2－氯戊烷和3‎ ‎－氯戊烷；若主链有4个碳原子，此时甲基只能在2号碳原子上，而氯原子有4种位置，分别为2－甲基－1－氯丁烷、2－甲基－2－氯丁烷、3－甲基－2－氯丁烷和3－甲基－1－氯丁烷；若主链有3个碳原子，此时该烷烃有4个相同的甲基，因此氯原子只能有一种位置，即2，3－二甲基－1－氯丙烷。综上所叙分子式为C5H11Cl的同分异构体共有8种，故C错误；‎ D.-C4H9已经达到饱和，1mol苯环消耗3mol氢气，则lmol b最多可以与3mol H2加成，故D正确。‎ 答案：C ‎【点睛】本题考查有机物的结构与性质，为高频考点，常考查同分异构体数目、氢气加成的物质的量、消耗氢氧化钠的物质的量、官能团性质等，熟悉官能团及性质是关键。‎ ‎15. 芘经氧化后可进一步用于染料合成。芘的一种转化路线如图：‎ 下列叙述正确的是（ ）‎ A. 芘的分子式为C16H10‎ B. 甲分子中所有碳原子一定都在同平面上 C. 甲在一定条件下可发生加成反应和银镜反应 D. 1mol乙与足量NaOH溶液反应，最多消耗4molNaOH ‎【答案】AC ‎【解析】‎ ‎【详解】A.根据结构，可以判断芘的分子式为C16H10，A选项正确；‎ B．甲分子的两个苯环相连的单键可以旋转，因此不一定都在同一平面上，B选项错误；‎ C．甲分子中含有苯环和醛基，苯环可以发生加成反应，醛基可发生银镜反应，C选项正确；‎ D．乙分子能与NaOH发生反应的官能团为羧基，且1mol羧基只与1molNaOH反应，1mol乙分子中含有2mol羧基，则最多消耗2molNaOH，D选项错误；‎ 答案选AC。‎ 第II 卷 非选择题（共 60 分）‎ 三、填空题 ‎16. 某有机物A的分子式为C7H8O，水溶液呈弱酸性，将适量溴水加入A 的溶液中，立即产生白色沉淀，A苯环上的一溴代物有两种结构。回答下列问题：‎ ‎(l)有机物A的结构简式为__________。‎ ‎(2)有机物A酸性__________（填“大于”或“小于”）碳酸。‎ ‎(3)写出A与NaOH溶液反应的化学方程式：____________________。‎ ‎(4)芳香族化合物B是A的同分异构体，B能与Na反应但不能与NaOH溶液反应。‎ ‎①B的结构简式为__________。‎ ‎②写出有机物A与B在浓硫酸作用下，生成醚的化学方程式：____________________。‎ ‎【答案】 (1). (2). 小于 (3). (4). (5). ‎ ‎【解析】‎ ‎【分析】‎ 某有机物A的分子式为C7H8O，水溶液呈弱酸性，将适量溴水加入A的溶液中，立即产生白色沉淀，说明结构中含有酚羟基，A苯环上的一溴代物有两种结构，则A为，据此分析解答。‎ ‎【详解】(l)根据上述分析，有机物A为，故答案为；‎ ‎(2)酚的酸性小于碳酸，因此有机物的酸性小于碳酸，故答案为小于；‎ ‎(3) 与NaOH溶液反应的化学方程式为，故答案为；‎ ‎(4)芳香族化合物B是A()的同分异构体，B能与Na反应但不能与 NaOH溶液反应，说明B中不存在酚羟基，应该属于醇，则B为。‎ ‎①B的结构简式为，故答案为；‎ ‎②有机物A与B在浓硫酸作用下分子间脱水生成醚，反应的化学方程式为，故答案为。‎ ‎17. 食品添加剂必须严格按照食品安全国家标准 （ GB2760- 2011） 的规定使用。作为食品添加剂中的防腐剂 G 和 W，可经下列反应路线得到（部分反应条件略）。‎ ‎（1）G 的制备 ‎①A 与苯酚在分子在组成上相差一个 CH2原子团， 他们互称为 _______________；‎ ‎② 经反应 AB 和 DE 保护的官能团是 _______________。‎ ‎③EG 的化学方程式为 _____________。‎ ‎（2）W 的制备 ‎①J →L为加成反应，J的结构简式为______________________。‎ ‎② M→Q 的反应中，Q分子中形成了新的_________（填“C—C 键” 或 “C—H 键”）。‎ ‎③用Q 的同分异构体Z 制备，为避免 R-OH+HO-RR–O - R +H2O 发生，则合理的制备途径为酯化，____________，_________________。（填反应类型）‎ ‎④应用 M→Q→ T 的原理， 由 T 制备 W 的反应步骤为第 1 步：_____________ ； 第 2 ‎ 步： 消去反应； 第 3 步：_________________ （第 1, 3 步用化学方程式表示）‎ ‎【答案】 (1). 同系物 (2). -OH (3). +CH3CH2OH+ H2O (4). HC≡CH (5). C-C 键 (6). 加聚 (7). 水解 (8). (9). +O2 ‎ ‎（或+2Cu（OH）2 +Cu2O+2H2O ‎【解析】‎ ‎【详解】（1）①A与苯酚结构相似，分子组成相差一个CH2原子团，为同系物，‎ 故答案为：同系物； ‎ ‎②A中含有酚羟基，易被氧化，将羟基先转化为甲氧基，可防止被氧化，起到保护作用，‎ 故答案为：-OH；‎ ‎③E→G发生酯化反应，反应的方程式为 ‎+CH3CH2OH+ H2O ，‎ 故答案为：+CH3CH2OH+ H2O；‎ ‎（2）J与2HCl发生加成反应生成CH 3 CHCl 2，则J为HC≡CH，L水解生成CH 3 CHO，M到Q的反应为醛基上的加成反应，形成了新的碳碳键和氢氧键；由T制备W，应先由T和CH 3 CHO发生加成反应生成 ‎，第二步发生消去反应生成，然后催化氧化可生成目标物，‎ ‎①由以上分析可知J为HC≡CH，‎ 故答案为：HC≡CH；‎ ‎②M→Q的反应为加成反应，生成C-C键，‎ 故答案为：C-C键；‎ ‎③Q的同分异构体Z为HOCH 2 CH=CHCH 2 OH，为避免R-OH+HO-R R-O-R+H 2‎ ‎ O发生，应发生酯化、加聚、水解反应生成目标物，‎ 故答案为：加聚；水解；‎ ‎④由T制备W，应先由T和CH 3 CHO发生加成反应生成 ‎，反应的方程式为 ‎，‎ 可发生催化氧化生成目标物，反应的方程式为+O2‎ ‎（或+2Cu（OH）2 +Cu2O+2H2O，‎ 故答案为：‎ ‎+O2‎ ‎（或+2Cu（OH）2 +Cu2O+2H2O。‎ ‎18. 下列实验设计或操作合理的是 ________________。‎ A 在催化剂存在的条件下， 苯和溴水发生反应可生成无色比水重的液体溴苯 B 只用水就能鉴别苯、硝基苯、乙醇 C 实验室制取乙烯时温度计的水银球在反应液上方 D 将 10 滴溴乙烷加入 1 mL10 % 的烧碱溶液中加热片刻后， 再滴加 2 滴 2 % 的硝酸银溶液， 以检验水解生成的溴离子 E 工业酒精制取无水酒精时先加生石灰然后蒸馏， 蒸馏必须将温度计的水银球插入反应液中， 测定反应液的温度 F 苯酚中滴加少量的稀溴水， 可用来定量检验苯酚 G 将铜丝弯成螺旋状， 在酒精灯上加热变黑后， 立即伸入盛有无水乙醇的试管中， 完成乙醇氧化为乙醛的实验 ‎【答案】BG ‎【解析】‎ ‎【详解】A.在催化剂存在的条件下， 苯和液溴发生反应可生成无色比水重的液体溴苯，故A错误；‎ B.苯、硝基苯、乙醇分别与水混合的现象为：分层后有机层在上层、分层后有机层在下层、不分层，现象不同，则只用水就能鉴别苯、硝基苯、乙醇，故B正确； ‎ C.实验室制取乙烯时控制反应液的温度为‎170℃‎，必须将温度计的水银球插入反应液中，测定反应液的温度，故C错误；‎ D.将10滴溴乙烷加入1mL10%的烧碱溶液中加热片刻后，再滴加2滴2%的硝酸银溶液，以检验水解生成的溴离子，没有加酸至酸性，不能检验溴离子，因为碱性条件下银离子也能生成沉淀，故D错误；‎ E.工业酒精制取无水酒精时先加生石灰然后蒸馏，蒸馏时必须将温度计的水银球放在蒸馏烧瓶的支管口处，故E错误；‎ F.苯酚中滴加少量的稀溴水，观察不到白色沉淀，因为生成的三溴苯酚会溶于过量的苯酚中而看不到白色沉淀，故F错误；‎ G.将铜丝弯成螺旋状，在酒精灯上加热变黑后，生成CuO，立即伸入盛有无水乙醇的试管中，氧化铜能将乙醇氧化成乙醛，可完成乙醇氧化为乙醛的实验，故G正确；‎ 综上所述，本题正确答案是：BG。‎ ‎19. 学习卤代的烃性质时 ， 张老师通过实验的方法验证溴乙烷在不同溶剂中与NaOH 反应生成不同的反应产物，请你一起参与他们的探究。‎ ‎（1） 在溴乙烷的消去反应中可以观察到有气体生成。用如图所示装置检验生成的气体， 你所观察到的现象是 ____________ ；盛水试管（装置）的作用_______。溴乙烷的消去反应方程式_______。‎ ‎（2）除酸性高锰酸钾溶液外还可以用什么试剂检验生成的气体？写出试剂的名称________。‎ ‎【答案】 (1). 高锰酸钾溶液紫红色褪去 (2). 除去气体中混有的少量乙醇 (3). CH3CH2Br+NaOH CH2=CH2↑ +NaBr+H2O (4). 溴水 ‎【解析】‎ ‎【分析】‎ 卤代烃在氢氧化钠水溶液中加热条件下发生水解反应生成醇，在氢氧化钠醇溶液中加热条件下发生消去反应生成烯烃或炔烃。‎ ‎【详解】（1）溴乙烷在氢氧化钠醇溶液加热条件下发生消去反应生成乙烯，其反应的方程式为CH3CH2Br+NaOH CH2=CH2↑ +NaBr+H2O，但乙烯气体中混有乙醇气体和水蒸气，图中装水的试管可以将乙烯中混有的乙醇除去，避免乙醇与高锰酸钾发生反应而使高锰酸钾褪色，干扰乙烯的检验，乙烯有还原性，能被高锰酸钾氧化，而使高锰酸钾溶液的紫红色褪去，故答案为：高锰酸钾溶液紫红色褪去；除去气体中混有的少量乙醇；CH3CH2Br+NaOH CH2=CH2↑ +NaBr+H2O；‎ ‎（2）乙烯能与溴水发生加成反应而使溴水橙黄色褪去，则也可以用溴水来检验乙烯气体，故答案为：溴水。‎ ‎【点睛】乙醇也具有还原性，能被高锰酸钾氧化成乙酸，而使高锰酸钾溶液褪色，所以检验乙烯时要先将乙醇除去。‎ ‎20. 某同学欲证明乙炔能与高锰酸钾酸性溶液反应,实验方案如下:将电石与水反应生成的气体通入高锰酸钾酸性溶液,溶液褪色,证明二者发生了反应.请回答:‎ ‎（1）制备乙炔的反应的化学方程式是______________。‎ ‎（2）该同学的实验方案存在的问题是______________。‎ ‎（3）为了解决上述问题,需重新选择实验装置,备选装置如图所示.‎ ‎①将装置编号按顺序填在横线上_____→B→_____。‎ ‎②B装置中所盛放的试剂是__________。‎ ‎【答案】 (1). CaC2+2H2O→Ca(OH)2+HC≡CH↑ (2). 电石含有杂质,反应产生其他还原性气体,干扰乙炔的检验,应除杂 (3). C (4). D (5). 硫酸铜溶液 ‎【解析】‎ ‎【分析】‎ ‎（1）碳化钙与水反应制备乙炔；（2）电石中含有硫化钙杂质,反应产生硫化氢等还原性气体；（3）碳化钙与水在常温下反应生成乙炔，选择C装置制备乙炔；硫化氢与硫酸铜溶液反应可以生成硫化铜沉淀；D在盛放酸性高锰酸钾溶液，检验乙炔气体。‎ ‎【详解】（1）碳化钙与水反应生成乙炔和氢氧化钙，化学方程式是CaC2+2H2O→Ca(OH)2+HC≡CH↑；（2）电石中含有硫化钙杂质，反应产生硫化氢等还原性气体，干扰乙炔的检验，所以通入高锰酸钾酸性溶液前，要除去硫化氢杂质；（3）①碳化钙与水在常温下反应生成乙炔，选择C装置制备乙炔；B中盛放硫酸铜溶液可以除去乙炔中的硫化氢；D在盛放酸性高锰酸钾溶液，检验乙炔气体，所以仪器的连接顺序是C→B→D。②B装置中所盛放的试剂是硫酸铜溶液。‎ ‎21. 化合物 G 是一种药物合成中间体， 其合成路线如下：‎ ‎（1）A 中的官能团名称是_______________。‎ ‎（2） 碳原子上连有 4 个不同的原子或基团时， 该碳称为手性碳。用星号（*） 标出 B 中的手性碳_____________________。‎ ‎（3） 写出具有六元环结构、并能发生银镜反应的 B 的同分异构体的结构简式：________。‎ ‎（4） 反应④所需的试剂和条件是 ____________。‎ ‎（5） ⑤的反应类型是_________________。‎ ‎（6） 写出 F 到G 的反应方程式：______________‎ ‎（7） 设计由甲苯和乙酰乙酸乙酯 （ CH3COCH2COOC2H 5） 制备的合成路线____________‎ ‎【答案】 (1). 羟基 (2). (3). (4). C2H5OH/浓 H2SO4、加热 (5). 取代反应 (6). + C2H5OH (7). C6H5CH‎3 ‎ C6H5CH2Br；CH3COCH2COOC2H5 ‎ ‎【解析】‎ ‎【详解】（1）A中官能团名称是羟基，‎ 故答案为：羟基；‎ ‎（2）碳原子上连有4个不同的原子或基团时，该碳称为手性碳原子，连接甲基的碳原子为手性碳，其手性碳为，‎ 故答案为：；‎ ‎（3）具有六元环结构，说明环上有6个原子，并能发生银镜反应，说明含有-CHO，B 的不饱和度是2，环的不饱和度是1、醛基的不饱和度是1，则符合条件的B的同分异构体中不含其它碳碳不饱和键，取代基为-CH3、-CHO时，两个取代基可能位于同一个碳原子上，有1种；可能位于不同碳原子上有邻间对3种，取代基可能为-CH2CHO，有1种，所以符合条件的有5种，这5种结构简式分别为，‎ 故答案为：；‎ ‎（4）反应④为羧基转化为酯基的酯化反应，生成羧酸乙酯，则所需的试剂和条件是CH3CH2OH、浓硫酸、加热，‎ 故答案为：CH3CH2OH、浓硫酸、加热；‎ ‎（5）⑤的反应类型是取代反应，‎ 故答案为：取代反应；‎ ‎（6）F先发生碱性条件下的水解反应生成羧酸盐和乙醇，然后羧酸盐酸化得到G，则F到G的反应方程式，‎ 故答案为：；‎ ‎（7）由甲苯和乙酰乙酸乙酯（CH3COCH2COOC2H5）制备，甲苯和溴在光照条件下生成，CH3COCH2COOC2H5发生取代反应生成CH3COCH（CH‎2C6H5）COOCH2CH3，最后发生碱性条件下水解然后酸化得到目标产物，其合成路线为：‎ ‎，‎ 故答案为：。‎ ‎22. M是一种重要材料的中间体，结构简式为：。合成M的一种途径如下：‎ A～F分别代表一种有机化合物，合成路线中的部分产物及反应条件已略去。‎ 已知：①Y的核磁共振氢谱只有1种峰；‎ ‎②RCH＝CH2 RCH2CH2OH；‎ ‎③两个羟基连接在同一个碳原子上不稳定，易脱水。‎ 请回答下列问题：‎ ‎（1）D中官能团的名称是___________，Y的结构简式是_____________。‎ ‎（2）步骤①的反应类型是_____________。‎ ‎（3）下列说法不正确的是_____________。‎ a．A和E都能发生氧化反应 b．1 molB完全燃烧需6 mol O2‎ c．C能与新制氢氧化铜悬浊液反应 d．1 molF最多能与3 mol H2反应 ‎（4）步骤⑦的化学反应方程式是____________________。‎ ‎（5）M经催化氧化得到X（C11H12O4），X的同分异构体中同时满足下列条件的结构简为____________。‎ a．苯环上只有两个取代基，苯环上的一氯代物有2种 b．水解只生成芳香醇和二元酸，且二元酸的核磁共振氢谱只有2种峰 ‎【答案】 (1). 羧基 (2). (3). 消去反应 (4). d (5). (6). ‎ ‎【解析】‎ ‎【详解】反应⑤为取代反应，可推知E为．反应⑤为卤代烃的水解反应，酸化得到F为，由M的结构可知D为（CH3）2CHCOOH，逆推可知C为（CH3）2CHCHO、‎ B为（CH3）2CHCH2OH，结合信息②可知A为（CH3）‎2C=CH2，Y发生消去反应得到A，而Y的核磁共振氢谱只有1种峰，则Y为．‎ ‎（1）D为（CH3）2CHCOOH，含有的官能团的名称是：羧基；Y的结构简式是：，‎ 故答案为羧基；；‎ ‎（2）步骤①发生卤代烃的消去反应，故答案为消去反应；‎ ‎（3）a．A为（CH3）‎2C=CH2，E为，均可以燃烧，碳碳双键、酚羟基都易被氧化，均可以发生氧化反应，故正确；‎ b．B为（CH3）2CHCH2OH，1molB完全燃烧需 O2为（4+10/4-1/2）mol=6mol，故正确；‎ c．C为（CH3）2CHCHO，含有醛基，能与新制氢氧化铜悬浊液反应，故正确；‎ d．F为，苯环、醛基均与氢气发生加成反应，1molF最多能与4mol H2反应，故错误；‎ 答案选d；‎ ‎（4）步骤⑦的化学反应方程式是：‎ ‎，‎ 故答案为；‎ ‎（5）M（）经催化氧化得到X（C11H12O4），则为X为，X的同分异构体中同时满足下列条件：a．苯环上只有两个取代基，苯环上的一氯代物有2种，含有2个不同的取代基，且处于对位；‎ b．水解只生成芳香醇和二元酸，且二元酸的核磁共振氢谱只有2‎ 种峰，符合条件的同分异构体为：，故答案为。‎